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【赢在高考·黄金8 卷】备战2025 年高考物理模拟卷（新八省专
用）
黄金卷04（侧重力学部分）
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10 小题，共46 分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，
每小题4 分；第8~10 题有多项符合题目要求，每小题6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有
选错的得0 分。
1．如图所示的救生滑梯是飞机上乘客紧急时刻的“救护神”，逃生时乘客从救生滑梯顶端
由静止滑下，
其运动过程可视为匀加速直线运动。若乘客在
段与
段速度变化量相同，则
段与
段平均
速度之比为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】根据题意可知，
段与
段运动时间相同，根据初速度为0 的匀变速直线运动的规律可知，
段与
段长度之比为
，根据平均速度的定义
可知，
段与
段平均速度之比为
，
故C 正确。
2．抖空竹是一种传统杂技。如图所示，表演者一只手控制A 不动，另一只手控制B 分别沿图中的四个方
1
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向缓慢移动，忽略空竹转动的影响，不计空竹和轻质细线间的摩擦，且认为细线不可伸长。下列说法正
确的是（ ）
A．沿虚线a 向左移动，细线的拉力减小
B．沿虚线b 向上移动，细线的拉力增大
C．沿虚线c 斜向上移动，细线的拉力不变
D．沿虚线d 向右移动，细线对空竹的合力增大
【答案】A
【详解】A．空竹受力如图所示
根据平衡条件可得
设绳长为
，由几何关系可得
沿虚线a 向左移动，
减小，
增大，细线的拉力减小，故A 正确；
B．沿虚线b 向上移动，
不变，
不变，细线的拉力不变，故B 错误；
C．沿虚线c 斜向上移动，
增大，
减小，细线的拉力增大，故C 错误；
D．沿虚线d 向右移动，
增大，
减小，细线对空竹的合力不变，故D 错误。
故选A。
2
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3．工程建设中经常用到较大的水泥圆管，装卸工人为保证圆管从较高的车斗上卸下时不被损坏，在车斗
边缘平行固定两根木棍，将圆管纵向架在两根木棍之间，让圆管沿木棍缓慢滑下，此过程可简化为如图
所示的模型。在其他条件不变的情况下，可以进一步减缓圆管下滑的方法是（ ）
A．适当增大两根木棍的间距
B．适当增大木棍与水平面的夹角θ
C．换成两根表面更光滑的木棍
D．换成两根更短的木棍
【答案】A
【详解】A．由对称可知，两木棍给圆管的支持力相等，设为N，它们方向的夹角为
。则
解得
适当增大两根木棍的间距，则
增大，可知N 增大。在下滑方向上，由牛顿第二定律得
N 增大，则a 减小，可减缓圆管下滑，故A 正确；
BD．换成两根更短的木棍，实际就是适当增大木棍与水平面的夹角θ，由
得
不变，
增大，可知a 增大，不能减缓圆管下滑，故BD 错误；
C．换成两根表面更光滑的木棍，摩擦力减小，则合力增大，即加速度增大不能减缓圆管下滑，故C 错
误。
故选A。
4．某行星的卫星A、B 绕以其为焦点的椭圆轨道运行，作用于A、B 的引力随时间的变化如图所示，其中
3
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t2
t1，行星到卫星A、B 轨道上点的距离分别记为rA、rB，假设A、B 只受到行星的引力，下列叙述
正确的是（ ）
A．B 与A 的绕行周期之比为
B．rA的最大值与rB的最小值之比为2：1
C．rB的最小值与rA的最小值之比为2：3
D．卫星A 与卫星B 的质量之比为8：9
【答案】C
【详解】A．由题图可知，A、B 的周期分别为
TA＝t1，TB＝2t2
结合
t2
可知B 与A 的绕行周期之比为
故A 错误；
BC．由图可知，当A 卫星离行星的距离rA最小时，卫星A 受到的万有引力最大，有
当rA最大时，卫星A 受到的万有引力最小，有
联立以上可得rA的最大值与rA的最小值之比为
由图可知，当rB最小时，卫星B 受到的万有引力最大，有
4
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当rB最大时，卫星B 受到的万有引力最小，有
可得rB的最大值与rB的最小值之比为
再根据开普勒第三定律
有
解得
或
或
对比三个选项，故B 错误，C 正确；
D．由题图可有：B 受力最大时
A 受力最小时
两式相除可得
故D 错误。
故选C。
5．如图所示，运动员正在使用“倒蹬机”锻炼身体。当他用脚蹬踏板并使其推至最高处的过程中（忽略
运动员重心的变化），下列说法正确的是（ ）
5
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A．靠背对运动员做正功
B．靠背对运动员做负功
C．脚对踏板做正功
D．脚对踏板做负功
【答案】C
【详解】AB．靠背对运动员的力垂直与靠背，由于运动员没有位移，所以靠背对运动员不做功，故
AB 错误；
CD．脚对踏板的力和踏板的位移方向相同，所以脚对踏板做正功，故C 正确，D 错误。
故选C。
6．如图，一定质量的理想气体从状态
经状态
变化到状态的
图像。则下列说法正确的是
（ ）
A．状态的压强是状态
的压强的4 倍
B．状态
到状态过程，气体一直对外做功
C．状态
到状态
过程，气体吸收的热量等于其内能的增加量
D．状态
到状态
过程，气体压强不变
【答案】D
【详解】AD．根据
变形可得
6
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可知状态a 到状态b 是等压变化，即
；由图可知，状态b 到状态c 是等容变化，则有
解得
故A 错误，D 正确；
B．由图可知，状态a 到状态b，体积增大，气体对外做功，状态b 到状态c，体积不变，气体对外不做
功，故B 错误；
C．状态
到状态
过程，温度升高，故气体内能增大，同时气体对外做功，则气体吸收的热量大于其
内能的增加量，故C 错误。
故选D。
7．如图所示，电荷均匀分布在半球面上，它在半球的中心O 处电场强度等于E0。一过球心的倾斜平面将
球面分为两部分，其中
。则所分出的较大部分的电荷在O 处的电场强度E 为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】根据对称性，做出球面上的电荷在O 点产生的电场分布，如下图所示
由平行四边形定则得到“大瓣”球面上的电荷在O 处的电场强度
7
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故选B。
8．某种窗户支架如图甲所示，其工作原理简化图如图乙所示。ad 杆的a 点通过较链固定在滑槽导轨中，d
点通过饺链固定在窗户底面，滑块可在滑槽导轨中自由滑动，bc 杆的c 点通过饺链固定在滑块上，b 点
通过饺链固定在ad 杆上。某次关闭窗户的过程中，ad 杆绕a 点匀速转动，则下列说法正确的是
（ ）
A．b 点的线速度等于d 点的线速度
B．d 点的加速度大小不变
C．c 点速度大小始终不变
D．b 点和c 点的速度大小可能相等
【答案】BD
【详解】A．ad 杆绕a 点匀速转动，因bd 两点绕a 点同轴转动，可知角速度相等，根据
v
ωr
可知，b 点的线速度小于d 点的线速度，故A 错误；
B．ad 杆绕a 点匀速转动，d 点的加速度大小不变，但方向不断变化，故B 正确；
D．由速度的分解知识可知
当
时，b 点和c 点的速度大小相等，故D 正确；
C．因b 点的速度不变，角度不断变化，则根据
8
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可知，c 点的速度大小不断变化，故C 错误。
故选BD。
9．近年来，随着三孩政策的开放，越来越多的儿童出生，儿童游乐场所的设施也更加多种多样。如图所
示是儿童游乐场所的滑索模型，儿童质量为6m，滑环质量为m，滑环套在水平固定的光滑滑索上。该
儿童站在一定的高度由静止开始滑出，静止时不可伸长的轻绳与竖直方向的夹角为
，绳长为L，儿
童和滑环均可视为质点，滑索始终处于水平状态，不计空气阻力，重力加速度为g，以下说法正确的是
（ ）
A．儿童和滑环组成的系统水平方向动量守恒
B．儿童和滑环组成的系统机械能守恒
C．儿童运动到最低点时速度大小为
D．儿童从静止运动到最低点的过程中，滑环的位移大小为
【答案】ABD
【详解】A．儿童和滑环组成的系统水平方向不受力，竖直方向受力不平衡，所以系统水平方向动量守
恒，故A 正确；
B．儿童和滑环组成的系统只有重力做功，机械能守恒，故B 正确；
C．儿童运动到最低点时，根据水平方向系统动量守恒有
根据能量守恒定律有
解得
9
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故C 错误；
D．儿童从静止运动到最低点的过程中，根据动量守恒定律可知，儿童和滑环在水平方向的平均速度大
小
和
满足
则水平位移大小x1和x2满足
根据相对位移关系有
解得
故D 正确。
故选ABD。
10．下列说法正确的是（ ）
A．根据麦克斯韦的电磁场理论，在变化的电场周围一定产生变化的磁场，在变化的磁场周围一定产
生变化的电场
B．发射电磁波的两个重要条件是采用高频和开放性LC 电路
C．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象
D．当物体以较小的速度运动时，质量变化十分微小，经典力学理论仍然适用，只有当物体以接近光
速运动时，质量变化才明显，故经典力学适用于低速运动，而不适用于高速运动
【答案】BD
【详解】A．在均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，在均匀变化的磁场周围产生恒定的电场。根据
麦克斯韦的电磁场理论，不均匀变化的电场周围一定产生变化的磁场，不均匀变化的磁场周围一定产
生变化的电场，A 错误；
B．发射电磁波时必须采用高能量，高频率且要有开放性LC 电路，所以B 正确；
10
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C．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的薄膜干涉原理，C 错误；
D．由狭义相对论，则有质量
可知m 与v 的关系，当物体以较小的速度运动时，质量变化十分微小，经典力学理论仍然适用，只有
当物体以接近光速运动时，质量变化才明显，故经典力学适用于低速运动，而不适用于高速运动，D
正确。
故选BD。
二、非选择题：本题共5 小题，共54 分。其中第13 题~15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要
的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（8 分）
利用如图甲的实验装置“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”。
（1）图乙是实验得到纸带的一部分，每相邻两计数点间有四个点未画出。相邻计数点的间距已
在图中给出。打点计时器电源频率为50Hz，则小车的加速度大小为 m/s2（结果保留3 位有
效数字）。
（2）实验得到的理想a-F 图像应是一条过原点的直线，但由于实验误差影响，常出现如图丙所示
的①、②、③三种情况。下列说法正确的是（ ）
A．图线①的产生原因是摩擦力过大
B．图线②的产生原因是平衡摩擦力时长木板的倾角过大
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C．图线③的产生原因是平衡摩擦力时长木板的倾角过大
（3）实验小组的同学觉得用图甲装置测量加速度较大时系统误差较大，所以大胆创新，选用图
丁所示器材进行实验，测量小车质量M，所用交流电频率为50Hz，共5 个槽码，每个槽码的质量均为
m=10g。实验步骤如下：
i.安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着5 个槽码。调整轨道的倾
角，用手轻拨小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑；
ii.保持轨道倾角不变，取下1 个槽码（即细线下端悬挂4 个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，
根据纸带上打的点迹测出加速度a；
iii.逐个减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤ii；
iv.以取下槽码的总个数n（1≤n≤5）的倒数
为横坐标，
为纵坐标，在坐标纸上作出
关系
图线。
已知重力加速度大小g=9.80m/s2，计算结果均保留三位有效数字，请完成下列填空：
①写出
随
变化的关系式 （用M，m，g，a，n 表示）；
②测得
关系图线的斜率为2.5s2/m，则小车质量M= kg。
【答案】（1）2.86 （2）B （3）
0.195
【详解】（1）根据题意，相邻两计数点间的时间间隔为
小车的加速度大小为
（2）A．随着力F 增大，重物的质量将不再远小于小车的质量，图线弯曲，故A 错误；
BC．若平衡摩擦力时长木板的倾角过大，当F 为零时，加速度不为零，即a-F 图线与纵轴有交点，若
平衡摩擦力不足或者没有平衡摩擦力，图线与横轴出现交点，故B 正确，C 错误。
故选B。
（3）[1]当小车匀速时有
减小n 个槽码，对小车和槽码分别有
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则
即
[2]由以上分析可得
所以
12．（10 分）
某同学要测量一阻值约为20Ω 的未知电阻Rx的阻值。
（1）该同学先用多用电表粗测该电阻，将多用电表的选择开关打到欧姆挡 （填
“×100”“×10”或“×1”）挡，欧姆调零后，测量该电阻时多用表指针所指位置如图甲所示，则被测电
阻的阻值是 Ω。
（2）为了精确测量该电阻的阻值，实验室提供的器材有：
A．电源E（电动势3V，内阻不计）
B．电压表V（量程3V，内阻约6kΩ）
C．电流表A1（量程0.2A，内阻约2.0Ω）
D．电流表A2（量程0.2A，内阻约2.0Ω）
E.滑动变阻器R1（0~10Ω）
F.开关两个，导线若干
该同学根据实验室提供的器材设计了如图乙所示的电路图，请根据电路图将图丙中实物连接成完
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整的电路。
（3）实验时，将滑动变阻器的滑片移到最左端，断开开关S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器，
使电压表和电流表的指针偏转均较大，记录这时电流表A1、A2的示数I1、I2及电压表的示数U1，则电
压表的内阻为RV= ，闭合开关S2，此时电压表示数为U2，电流表A1的示数为I3，则被测电阻的
阻值Rx= 。（均用已知和测量的物理量符号表示）
【答案】（1） ×1 17.2/17.3/17.4/17.5/17.6/17.7
（2）
（3）
【详解】（1）[1][2]由于被测电阻约为
，因此选择开关拨到“
”挡，读数为
。
（2）根据如图乙所示的电路图，连接实物图如图所示
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（3）[1]电压表的内阻为
[2]由
联立解得
13．（10 分）
甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿 x 轴正向和负向传播，波速均为
两列波在
时的波形曲线如图所示。求：
（1）
开始，乙的波谷到达
处的最短时间；
（2）
内，
处的质点到达正向最大位移处的次数。
【答案】（1）0.5s （2）2 次
【详解】（1）乙向左传播，其最靠近
处的波谷位置的坐标为
乙的波谷到达
处的最短时间为
（2）质点运动到正向最大位移时
即两列波的波峰同时到达
位置，从图线可知甲、乙两列波的波长分别为40cm、60cm，由
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可得甲、乙两列波的周期分别为
，
甲的波峰到达
位置所需时间
（
，
，
）
乙的波峰到达
位置所需时间
（
，
，
）
甲、乙两列波的传播时间相同，可知
可得
即
当
且
时，
处的质点运动到正向最大位移处，
；
当
且
时，
处的质点运动到正向最大位移处，
；
即在
内，
处的质点运动到正向最大位移处共有2 次。
14．（12 分）
图（a）为某国际机场某货物传送装置实物图，简化图如图（b），该装置由传送带ABCD 及固定
挡板CDEF 组成，固定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD 与水平台面的夹角
。传
送带匀速转动时，工作人员将正方体货物从D 点由静止释放，在L=10m 处取下货物，货物运动时的剖
面图如图（c）所示，已知传送带匀速运行的速度v=1m/s，货物质量m=10kg，其底部与传送带上表面
ABCD 的动摩擦因数为
，其侧面与挡板CDEF 的动摩擦因数为
。（重力加速度
，
，
，不计空气阻力）。
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（1）求传送带上表面对货物的摩擦力大小
和挡板对货物的摩擦力大小
；
（2）货物在传送带上运动的时间t；
（3）货物若传送到s=0.2m 时，传送带由于故障突然停止，工作人员待货物安全停止时立即进行
维修，用时T=30s，传送带恢复正常，忽略传送带加速至恢复正常的时间，求由于故障，传送货物耽
误的时间
。（保留两位小数）
【答案】（1）
，
（2）
（3）
【详解】（1）货物放上传送带后，水平方向受力如图所示，设传送带对物体的摩擦力为
，挡板对
物体摩擦力为
，由剖面图对货物受力分析如图，传送带对货物支持力为
，挡板对货物支持力为
，则
，
由滑动摩擦力计算式有
，
代入数据可得
，
传送带上表面对货物的摩擦力大小为
，挡板对货物的摩擦力大小为
。
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（2）设货物由静止放上传送带获得的加速度为
，对货物
解得
设货物在传送带上经时间
能达到共速，所走的为
，由运动学公式得
，
解得
，
所以物体能在传送带上达到共速，共速后，货物做匀速直线运动，直至被取下，设再经过时间
到达
目的地，则有
货物匀速阶段所用的时间为
货物运动总时间为
（3）货物由于传送带突然出现故障，作匀减速运动的加速度为
，所走的位移为
，传送带恢复正常
后，货物匀加速达到共速的位移为
，对货物
根据运动学公式得
，
设由于传送带故障，耽误的时间设为
，则
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代入数据，解得
15．（14 分）
如图所示，光滑曲面PO 和一条水平轨道ON 平滑连接，水平轨道右侧固定一轻质弹簧，弹簧自
然伸长时左端恰好位于M 点。一质量
的物块A 从距离地面高
处由静止滑下，与静止
在O 点、质量
的物块B 发生碰撞。已知水平轨道OM 的长度
，两物块与OM 段之间的
动摩擦因数均为
，水平轨道其余部分光滑，物块A、B 均可视为质点，碰撞均为弹性正碰且碰
撞时间极短，取重力加速度大小
，求：
（1）弹簧具有的最大弹性势能
；
（2）两物块第二次碰撞后物块B 的速度
；
（3）最终物块A、B 之间的距离d。
【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）设物块A 滑到O 点时的速度为
，由机械能守恒定律可得
解得
A 与B 发射碰撞，碰撞均为弹性正碰且碰撞时间极短，设向右为正方向，则根据动量守恒定律和能量
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守恒定律可得
解得
对A 根据牛顿第二定律结合运动学公式可得A 向前运动的距离为
对B 分析当弹簧压缩量最大时，B 速度为0，根据能量守恒定律可得
解得
（2）根据对称性可知B 从O 到M 再从M 到A 静止的位置根据动能定理可得
解得
两物块第二次碰撞后，设向左为正方向，根据能量守恒以及动量守恒定律可得
解得
（3）第二次碰撞后B 向右运动，则根据牛顿第二定律结合运动学公式可得B 向右运动到静止时其运
动距离为
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对A 碰撞过程中机械能守恒，则可知A 从碰撞点先向左运动后滑动到O 点向右运动到B 点静止的位置，
且A 运动距离为
设碰撞过程中A 速度大小为
，根据动能定理可得
解得
第三次碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得
解得
B 向前运动的距离为
A 向前运动的距离为
故最终物块A、B 之间的距离为
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