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【赢在高考黄金8 卷】备战2025 年高考物理模拟卷（新八省通用）
黄金卷05
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10 小题，共46 分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，
每小题4 分；第8~10 题有多项符合题目要求，每小题6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有
选错的得0 分。
1．（2024·陕西榆林一模）在2024 年世界杯男子61 公斤级举重比赛中，中国选手李发彬夺得金牌，为祖
国赢得荣誉。在抓举项目中，运动员首先从地面拉起杠铃，当杠铃到达下腹部时，运动员身体快速下
沉至杠铃下面，将杠铃举过头顶成稳定的蹲姿，如图所示由①经过②达到③的状态；然后运动员由③
所示的状态加速达到④状态后再减速至⑤状态，即举起杠铃到双腿站直保持静止。对于运动员由③状
态至⑤状态的过程，下列说法正确的是
A．地面对运动员做正功
B．杠铃先超重后失重
C．在举起杠铃的过程中，运动员对杠铃的作用力一直大于杠铃对运动员的作用力
D．当运动员到达第⑤个状态后，其两只手臂的夹角越小，两手受到的压力越大
【答案】B
【详解】A．分析运动员由③状态至⑤状态的过程，地面对运动员的支持力是竖直向上的，但运动员在
竖直方向上的位移为零，因此地面对运动员的支持力不做功，所以 A 错误；
B．在运动员由③状态至⑤状态的过程中，运动员和杠铃的整体先是加速上升，此时有向上的加速度，
处于超重状态；然后是减速上升，此时有向下的加速度，处于失重状态，所以B 正确；
1
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C．运动员对杠铃的作用力与杠铃对运动员的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，它
们的大小始终相等，方向相反，所以C 错误；
D．当运动员到达第⑤个状态后，杠铃受到重力mg，两个沿手臂向上的支持力均为F，这三个力构成
平衡力系
其中
是手臂与竖直方向的夹角。当两只手臂的夹角越小时，
越小，因此F 越小，即两手受到的
压力越小，故D 错误。
故选B 。
2．（2024·湖北模拟）如图，竖直面内固定一大圆环④，小环套在光滑杆上，杆的上下两端分别固定在圆
的顶点P 和圆周Q 点上。圆①②③④共用顶点P，半径之比为1 2 3 4
∶∶∶，它们把杆分成四段。小环从顶点
P 由静止开始沿杆自由下滑至Q 点，则小环依次经过这四段的时间之比为
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】如图所示
根据题意，由几何知识
2
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得
小环套在光滑杆上静止滑下做匀加速直线运动，由初速度为零的匀加速直线运动规律，通过连续相等
的位移所用时间之比为
故选C。
3．（2025·肇庆一模）2024 年巴黎奥运会上，中国选手获得了自由式小轮车女子公园赛冠军。如图，比赛
中运动员骑行小轮车交替通过水平路面和圆弧坡面，并在空中完成各种高难度动作。下列说法正确的是
A．运动员在圆弧面上的运动是匀变速运动
B．当运动员骑行速度变大时，其惯性也增大
C．在圆弧面骑行时运动员和车所受支持力可能大于其总重力
D．研究运动员在空中的动作时，可将运动员看作质点
【答案】C
【详解】A．运动员在圆弧面上的运动是变加速曲线运动，A 错误；
B．物体惯性的大小只与质量有关，与速度大小无关，所以惯性应该不变，B 错误；
C．运动员在圆弧面上运动时支持力与重力垂直于圆弧面的分力的合力提供向心力，支持力可能大于重
力，C 正确；
D．研究运动员在空中的动作时，不能将其看成质点，D 错误。
故选C。
4．（2024·郑州模拟）滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来。如图所示，
质量为
的运动员从轨道上的A 点以
的水平速度冲上质量为
的高度不计的静止滑板
后，又一起滑向光滑轨道
，到达E 点时速度减为零，然后返回，已知
，重力加速度
3
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。设运动员和滑板可看成质点，滑板与水平地面的摩擦力不计。则下列说法正确的是
A．运动员和滑板一起由D 点运动到E 点的过程中机械能不守恒
B．运动员的初速度
C．刚冲上
轨道时，运动员的速度大小为
D．运动员冲上滑板到二者共速的过程中机械能守恒
【答案】C
【详解】AC．运动员和滑板一起由D 点运动到E 点的过程中只有重力做功，则机械能守恒，得
解得
A 错误、C 正确；
BD．若规定向右为正方向，运动员冲上滑板到二者共速，由动量守恒得
解得
运动员与滑板组成的系统的动能变化量
则运动员冲上滑板到二者共速的过程中机械能不守恒，BD 错误。
故选C。
5．（2024·榆林一模）如图甲所示为演示简谐运动图像的装置示意图，它由一根较长的细线和较小的沙漏
组成。当沙漏摆动时，沙漏中的细沙均匀流出，同时水平匀速拉出沙漏正下方的水平木板，沙漏中漏出
的细沙在木板上会形成一条曲线，这条曲线可以理解为沙漏摆动的振动图像。图乙是同一沙漏摆动装置
4
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分别在两块相同的木板上形成的图线（图中的虚曲线）。下列说法中正确的是
A．在木板1 上细沙所形成的曲线
点附近的线条比
点的细一些
B．木板2 运动的速度是木板1 运动速度的1.5 倍
C．沙漏摆动过程中随着细沙的漏出振动的周期不断变大
D．沙漏摆动过程中随着细沙的漏出振动的周期先变大后变小
【答案】D
【详解】A．沙漏摆动时在最大位移处速度为零，在平衡位置处速度最大，则在木板1 上细沙所形成的
曲线
点附近的线条比
点的粗一些，故A 错误；
B．木板做匀速运动，设振动周期为T，则有
可得
可知木板2 运动的速度是木板1 运动速度的
倍，故B 错误；
CD．沙漏摆动过程中随着细沙的漏出，重心先降低后升高，则摆长先增大后减小，根据单摆周期公式
可知振动的周期先变大后变小，故C 错误，D 正确。
故选D。
6．（2024·金华一模）下图是根据飞机升降时机翼受力的原理设计的装置，用于监测河水流速的变化。机
翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P 上下移动，电源电动势为4.8V，内阻
5
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不计，理想电流表量程为0~0.6A，理想电压表量程为0~3V，定值电阻R1阻值为6Ω，滑动变阻器R2的
规格为“20Ω 1A”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列说法正确的是
A．当水流速度增大时，电流表的示数变小
B．当水流速度增大时，电压表与电流表的示数之比变大
C．滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2Ω~15Ω
D．电阻R1的电功率的变化范围为0.54W~2.16W
【答案】D
【详解】A．当水流速度增大时，根据流体压强与流速的关系可知，探头上方流速大，压强小，会产生
一个向上的升力，探头带动连杆向上运动，滑片P 上滑，变阻器连入电路中的电阻减小，根据
可知电流增大，电流表的示数增大，A 错误；
B．当水流速度增大时，根据伯努利原理可知，探头带动连杆向上运动，滑片P 上滑，变阻器连入电路
中的电阻减小，电路中电流增大，根据
有
可知，电压表与电流表的示数之比减小，B 错误；
C．由于通过理想电流表的最大电流为0.6A，所以，滑动变阻器的最小电阻为
理想电压表量程为0~3V，所以，滑动变阻器的最大电阻为
6
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可得
所以滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2Ω~10Ω，C 错误；
D．由C 选项的分析可知，电路中电流的变化范围为
，根据
可得
D 正确。
故选D。
7．（2024·西安一模）若陕西地区地磁场的磁感应强度的竖直分量的大小
随距离地面高度h 的变化关系
如图所示，一直升机将一始终保持水平的闭合金属导线框竖直向上匀速吊起，下列说法正确的是
A．线框中有顺时针方向的感应电流（俯视）
B．线框中的感应电流不断减小
C．线框中的感应电流不断增大
D．线框的四条边有向内收缩的趋势
【答案】A
【详解】A．陕西地区位于北半球，地磁场的磁感应强度的竖直分量竖直向下，根据楞次定律，线框中
有顺时针方向的感应电流（俯视），故A 正确；
7
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BC．由法拉第电磁感应定律和
− h 图像得，感应电动势大小为
感应电流的大小为
可知感应电动势E 保持不变，则感应电流的大小保持不变，故BC 错误；
D．根据楞次定律，线框的四条边有向外扩张的趋势，故D 错误。
故选A。
8．（2024·杭州一模）图甲所示实验装置中阴极K 由金属M 制成，由此装置测出金属M 的遏止电压
与
入射光的频率
关系如图乙所示。已知普朗克常量
。下列说法正确的是
A．测量遏止电压时应将图甲中滑片P 向a 端移动
B．乙图中直线的斜率为普朗克常量h
C．由图乙可知金属M 的逸出功约为4.27eV
D．图乙中A 点对应的入射光光子动量大小数量级为
【答案】AD
【详解】A．测量遏止电压时，应接反向电压，则应将图甲中滑片P 向a 端移动，故A 正确；
B．根据光电效应方程和动能定理可得
，
8
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联立可得
可知乙图中直线的斜率为
，故B 错误；
C．根据题意可知，当
时，可得金属M 的逸出功为
故C 错误；
D．图乙中A 点对应的入射光光子动量大小为
故D 正确。
故选AD。
9．（2024·浙江一模）如图（a）所示轻质弹簧下端固定在水池底部，上端固定一个小灯泡，其大小可忽略，
点光源在水面上的投影位置为
点，点光源静止不动时在
点，距离水面深度为
，现让
点光源在竖直方向做简谐运动，其振动图像如图（b）所示振幅为
，周期为2s，光源向左照射的最远
位置记为
，当点光源距离水面最近时
在
点，点光源距离水面最远时
在点．已知图（a）中
，
，水的折射率为
，则下列正确的是
A．
在点时，光斑的移动速度最小
B．
从
到
经过的时间可能为1s
C．光斑振幅
9
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D．点光源在
点时，有光射出水面的面积为
【答案】BC
【详解】A．根据题意可知，
在点时，光斑相当位于做简谐运动的平衡位置，则光斑的移动速度最
大，故A 错误；
B．
从
到
，可能是路径是
，该过程经过的时间为周期的一半，即为1s，故B 正确；
C．设光从水中射出空气发生全反射的临界角为
，根据全反射临界角公式
根据几何关系可得光斑振幅满足
可知光斑的振幅为
故C 正确；
D．点光源在
点时，根据几何关系可得
解得
则有光射出水面的面积为
故D 错误。
故选BC。
10．（2024·茂名模拟）如图甲所示，水平粗糙绝缘地面上方有方向垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁感应
强度大小为
。一个质量为
、电荷量为
的物块（可视为质点）以速度
垂直磁场方向进入磁场，
物块进入磁场后始终未离开地面，其动能与时间的
关系图像如图乙所示，图像中
点为曲线切线
10
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斜率绝对值最大的位置。已知重力加速度为
，下列说法正确的是
A．
时刻，物块从左边进入磁场
B．
时刻，物块从右边进入磁场
C．图中
点对应的速度大小为
D．图中
点对应的速度大小为
【答案】AD
【详解】AB．图像斜率
时刻，物体的速度不为0，物体减速，洛伦兹力减小，受到的摩擦力增大，
所以洛伦兹力向上，物体的速度向右，即
时刻，物块从左边进入磁场，A 正确，B 错误；
CD．物体受到的摩擦力
合外力
所以斜率
由数学知识可得斜率绝对值最大时
C 错误，D 正确。
故选AD。
二、非选择题：本题共5 小题，共54 分。其中第13 题~15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要
的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（8 分）
11
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（2024 浙江金华一模）在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中。
（1）图1 中的a、b、c 三个位置对应的器材为______
A．a 是滤光片、b 是单缝、c 是双缝
B．a 是单缝、b 是双缝、c 是滤光片
C．a 是双缝、b 是单缝、c 是滤光片
（2）该同学正确操作后观察到的干涉条纹如图2 甲所示，转动测量头的手轮，使分划板中心刻线
对准a 位置，手轮的读数如图2 乙所示，此时手轮的读数为 mm。
（3）已知双缝间距为d，双缝到毛玻璃的距离为l，分划板中心刻线对准a 位置时手轮的读数记
作x1，继续转动手轮，分划板中心刻线对准b 位置时手轮的读数记作x2（x2>x1），则所测单色光的波
长λ= （用题中物理量符号表示）。
（4）为减小误差，该实验先测量n 个亮条纹的间距，再求出相邻亮条纹间距Δx。下列实验采用
了类似方法的有______
A．“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中单摆周期的测量
B．“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中合力的测量
C．“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中弹簧的形变量的测量
D．“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中1 滴油酸酒精溶液的体积测量
【答案】（1）C （2）15.575/15.576/15.577/15.578 （3）
（4）AD
【详解】（1）图1 中的a、b、c 三个位置对应的器材为a 是双缝、b 是单缝、c 是滤光片。故选C；
（2）手轮的读数为15.5mm+0.01mm×7.5=15.575mm
（3）条纹间距
根据
12
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可得
（4）减小误差，该实验先测量n 个亮条纹的间距，再求出相邻亮条纹间距Δx，本实验采用的是累积
放大测量取平均值，则
A．“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中单摆周期的测量是测量至少30 次全振动的周期然后取
平均值，用的是累积放大测量取平均值，选项A 正确；
B．“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中合力的测量，采用的是等效思想，选项B 错误；
C．“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中弹簧的形变量的测量采用多次测量求平均值的方法，
故C 错误；
D．“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中1 滴油酸酒精溶液的体积测量采用的放大测量取平均
值的方法，故D 正确。
故选AD。
12．（10 分）
（2024·宁波一模）要测量一节干电池的电动势
和内阻，现有下列器材：电压表
，
电阻箱
，定值电阻
，开关和导线若干。某实验小组根据所给器材设计了如图1 所示
的实验电路。由于
的阻值无法辨认，实验时先用一欧姆表测量其阻值。该欧姆表的内部结构如图2
所示，该表有“
”、“
”两个倍率。现用该表测量阻值小于
的电阻
。
（1）图2 中
表笔为 （选填“红”或“黑”）表笔。要测量
应与 （选填“
”
或“ ”）相连。测量时指针位置如图3 所示，欧姆表的读数为
。
13
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（2）实验小组同学利用图1 电路多次调节电阻箱阻值
，读出电压表对应的数据，建立
坐
标系，描点连线得到如图4 所示的图线，则该电源的电动势
V，内阻
。（结果均保
留三位有效数字）
（3）经核实，电阻
的测量值与真实值一致，实验小组利用图1 电路得到的内阻的测量值
（选填“小于”、“等于”或“大于”）真实值
【答案】（1） 黑表笔 d 4
（2） 1.43 2.25
（3）小于
【详解】（1）[1]电流从红表笔流入，黑表笔流出，所以图2 中a 表笔为黑表笔；
[2]该表有“
”、“
”两个倍率，欧姆表的内阻等于该倍率下的中值电阻，所以“
”倍率的
内阻小于“
”倍率的内阻，由于
阻值小于
，应选择“
”倍率，故要测量
应与d 相连；
[3]如图3 所示，欧姆表的读数为
（2）[1][2]由闭合电路欧姆定律
化简可得
由图可知
，
联立解得，该电源的电动势为
内阻为
（3）由图1 可知，误差来源于电压表分流，则根据闭合电路欧姆定律
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化简可得
对比
可得
13．（10 分）
（2024·德阳模拟）如图所示，一个导热良好的圆柱形气缸开口向上竖直放置于水平面上，缸内有
一形状不规则的文物，且封闭有一定质量的理想气体.初始时刻，气体的温度为7℃，质量为m、横截
面积为S 的活塞到气缸底部的距离为h.现环境温度缓慢升高到27℃时，活塞离气缸底部的距离变为
H，此过程中缸内气体吸收的热量为Q。已知大气压恒为
，重力加速度大小为g，热力学温度T 与
摄氏温度t 之间的数量关系为
，活塞与气缸壁密封良好且不计摩擦，忽略文物热胀冷缩
的影响。求：
（1）气缸内放置的文物的体积；
（2）该过程中气体增加的内能。
【答案】（1）
（2）
【详解】（1）设气缸内放置的文物体积为
，初态
15
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末态
气体做等压变化
解得气缸内放置的文物的体积
（2）气体的压强为
外界对气体做功为
根据热力学第一定律，该过程中气体增加的内能为
14．（12 分）
（2025·合肥模拟）如图甲所示，在
时刻，一质量为1kg、可视为质点的物块冲上一足够长、
倾角为
的传送带底端，同时传送带顺时针匀减速转动直至停止。取平行于传送带向上为正方向，
物块前1.5s 内的速度-时间图像如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度g 取
，
。
则物体在传送带上向上运动到最高点的过程中。求：
16
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（1）传送带与物块间的动摩擦因数
；
（2）物体与传送带共速前物块的位移
的大小；
（3）因摩擦产生的热量大小Q。
【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）由受力分析可知，物体沿着斜面先做匀减速运动，再和传送带一起减速运动，由牛顿
第二定律可知
可知
（2）设物体与传送带共速前位移为
，由图像乙可知
（3）由图可知，在
共速，此后二者共同减速，则可知减速运动的加速度为
由速度公式
可得物体冲上传送带时，传送带的初速度
则在共速前传送带行驶位移为
则物体与传送带的相对位移
由摩擦生热的定义式可得
代入数据可得
15．（14 分）
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（2024·陕西模拟）如图所示的
坐标平面，在第二、三象限存在半径为
的圆形匀强磁场区域，
圆心位于
位置，磁感应强度大小为B，方向垂直
坐标平面向里；在第一象限存在正交的
匀强电场和匀强磁场，电场方向沿
轴负方向，匀强磁场的大小和方向与第二、三象限的磁场均相同。
圆形磁场边界上有一个
点，
点与
轴的距离为
。一个质量为
电荷量为
的粒子从
点
垂直磁场方向射入圆形匀强磁场区域，恰好从坐标原点
沿
轴正方向进入正交的电磁场区域。已知
电场强度大小为
，不计粒子所受重力，求：
（1）带电粒子从
点垂直进入圆形匀强磁场时的速度大小；
（2）带电粒子在第一象限距
轴的最大距离；
（3）带电粒子在第一象限的轨迹与
轴相切点的坐标。
【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）带电粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场做匀速圆周运动，轨迹如图1 所示。
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设
与
轴负方向的夹角为
，由几何关系，得
解得
由几何关系可知
为等边三角形，则轨迹半径
根据洛伦兹力提供向心力，得
解得
（2）将速度
分解，设某一分速度
使粒子受到的洛伦兹力与电场力平衡，即
又
联立解得
19
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由左手定则知速度
方向沿
轴正方向，与
方向相同。令
解得
方向也与
方向相同，所以带电粒子的运动可以分解为速度为
的匀速直线运动与
速度为
的逆时针方向的匀速圆周运动的合运动，轨迹如图2 所示
粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律，得
带电粒子将做旋轮线运动，图中实线表示它的轨迹，
点为粒子距
轴的最远点。在这一点粒子的速
度
，
它到
轴的距离
联立解得
（3）粒子在第一象限的运动周期
20
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点为粒子运动轨迹与
轴的相切点。
点坐标
联立解得
根据运动的周期性，粒子与
轴相切点的坐标
21
