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2025 年高考第二模拟考试
物理·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、单项选择题：共11 题，每题4 分，共44 分。每题只有一个选项最符合题意。
1．如图甲所示，系着细棉线的铁丝环从肥皂液里取出时留下一层薄膜，用烧热的针刺破左侧薄膜后，
棉线和薄膜的形状如图乙所示。则（ ）
A．图甲中，两侧薄膜对棉线均没有作用力
B．图甲中，薄膜的表面层与内部分子间距离相等
C．图乙中，薄膜收缩使棉线绷紧
D．图乙中，棉线某处受薄膜作用力方向沿棉线切线方向
【答案】C
【解析】图甲中，薄膜的表面层分子间距离大于内部分子间距离，产生了表面张力，两侧薄膜对棉线
均有作用力。故AB 错误；图乙中，由于表面张力薄膜收缩使棉线绷紧，棉线某处受薄膜作用力方向与棉
线垂直。故C 正确；D 错误。故选C。
2．太空探测器借助行星的引力来增加速率的现象称为“弹弓效应”，如图所示，以太阳为参考系，
设行星运动的速度为u，探测器在靠近和远离行星时距行星距离相等位置的速度分别为v0和v1。探测器和
行星在行星的运动方向上，其运动规律类似于两个质量相差很大的小球在同一条直线上发生的弹性碰撞规
律。则（ ）
1
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A．以地球为参考系，探测器从地球表面附近的发射速度必须大于地球的第三宇宙速度
B．以行星为参考系，探测器在靠近和远离行星时距行星距离相等位置的速度大小相等
C．以太阳为参考系，探测器绕过行星的图示过程中，行星引力对探测器做的总功为零
D．以太阳为参考系，在探测器被加速的过程中探测器、行星系统的机械能增加
【答案】B
【解析】发射速度大于第三宇宙速度会脱离太阳得束缚，飞出太阳系，故A 错误；由于仅有引力做功，
则整个过程中机械能守恒，探测器在靠近和远离行星时距行星距离相等位置时引力势能相等，则动能相等，
速度大小相等，故B 正确，D 错误；以太阳为参考系，探测器绕过行星的图示过程中，与行星得距离发生
了变化，引力做功不为零，故C 错误。故选B。。
3．为了装点夜景，常在喷水池水下安装彩灯。如图甲所示，空气水下有一点光源S，同时发出两种不
同颜色的a 光和b 光，在水面上形成了一个有光射出的圆形区域，俯视如图乙所示，环状区域只有b 光，
中间小圆为复色光，下列说法正确的是（ ）
A．a 光发生全反射的临界角大
B．a 光的频率小于b 光
C．水对a 光
折射率大于对b 光的折射率
D．用同一装置做双缝干涉实验，b 光条纹间距更小
【答案】C
【解析】做出光路图，如图所示
2
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在被照亮的圆形区域边缘光线恰好发生了全反射，入射角等于临界角，由于a 光照射的面积较小，则
知a 光的临界角较小，故A 错误；根据
，水对a 光的折射率大于对b 光的折射率，故C 正确；
根据
，知a 光在水中的传播速度比b 光小，a 光的频率高于b 光，故B 错误；a 光的频率较高，则波
长较小，根据
，用同一装置做双缝干涉实验，a 光条纹间距更小，故D 错误。故选C。
4．如图甲所示，理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一个理想交流电流表，副线圈接入电路的匝数
n2可以通过滑动触头P 调节，副线圈接有定值电阻R0和压敏电阻R，压敏电阻的阻值R 与所受压力大小
的对应关系如图乙所示。物块m 置于压敏电阻上，保持原线圈输入的交流电压不变。下列说法正确的是（
）
A．只减小物块对R 的压力，电流表的示数减小
B．只增大物块对R 的压力，R0两端的电压增大
C．只将滑动触头P 向左滑动，电流表的示数增大
D．只将滑动触头P 向右滑动，R0两端的电压增大
【答案】D
【解析】只减小物块对R 的压力，则R 阻值减小，次级电阻减小，次级电流变大，则初级电流变大，
即电流表的示数变大，选项A 错误；只增大物块对R 的压力，则R 阻值变大，因次级电压不变，可知R0两
端的电压减小，选项B 错误；只将滑动触头P 向左滑动，次级匝数减小，根据则次级电压减小，次级电流
3
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减小，根据P=I2R 可知，次级功率减小，则初级功率也减小，初级电流减小，即电流表的示数减小，选项
C 错误；只将滑动触头P 向右滑动，次级匝数增加，则次级电压变大，则R0两端的电压增大，选项D 正确。
故选D。
5．如图甲所示是一种静电除尘装置，在金属板A 与金属棒B 间加恒定高压，烟气从一端进入静电除
尘区经过净化后从另一端排出。其原理如图乙所示，其中一带负电的尘埃微粒沿图乙中虚线向左侧金属板
A 运动，P、Q 是运动轨迹上的两点，不计重力和微粒间的相互作用，不考虑微粒运动过程中的电荷量变化。
下列说法正确的是（ ）
A．P 点电势比Q 点电势低
B．Q 点电场强度垂直A 板向右
C．微粒在P 点速度比Q 点的大
D．微粒在P 点具有的电势能比Q 点小
【答案】A
【解析】由图甲可知，金属板A 带正电，金属棒B 带负电，电场线的方向是由正电荷指向负电荷，沿
电场线方向电势降低，P 点靠近负极，Q 点靠近正极，所以P 点电势比Q 点电势低，故A 正确；电场线的
方向是由正电荷指向负电荷，某点的电场强度方向为该点电场线的切线方向，由题意可知Q 点的切线方向
不可能垂直A 板。故B 错误；由题意可知，微粒在运动过程中，电场力做正功，微粒做加速运动，微粒在
P 点速度比Q 点的小；电势能减小，微粒在P 点具有的电势能比Q 点大，故CD 错误。故选A。
6．图甲为一列简谐波在t=2s 时的波形图，M 是平衡位置为10m 处的质点，图乙为质点M 的振动图像，
则（ ）
A．该列波沿x 轴负方向传播
B．该波的波速大小为3m/s
C．在t=6s 时，x=0m 处的质点加速度沿y 轴负方向
4
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D．x=0m 处质点振动方程为
【答案】D
【解析】由图乙可知，M 点在t=2s 之后，先向下运动，再结合图甲可知，该波沿x 轴正方向传播，A
错误；由图乙可知，该波的波长为λ=12m，由图乙可知，该波的周期为T=3s，该波的波速大小为
，B 错误；图甲为一列简谐波在t=2s 时的波形图，在t=6s 时，时间经过了4s，相当于
个
周期，则x=0m 处的质点加速度沿y 轴正方向，C 错误；该波的振幅为A=20cm，该波的角速度为
，则x=0m 处质点振动方程为
，D 正确
故选D。
7．风洞实验是进行空气动力学研究的重要方法。如图所示，将小球从A 点以某一速度v0水平向左抛
出，经过一段时间，小球运动到A 点正下方的B 点，O 点是轨迹的最左端，风对小球的作用力水平向右，
大小恒定。则小球速度最小时位于（ ）
A．A 点
B．O 点
C．轨迹AO 之间的某一点
D．轨迹OB 之间的某一点
【答案】C
【解析】如图所示
将重力和风力合成为一个力，速度分解为沿合力直线方向分速度v1和垂直合力直线方向分速度v2，当
5
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沿合力直线方向的分速度减为0 时，小球的速度最小，即小球最小速度为图中的v2，可知该点位于轨迹AO
之间的某一点。故选C。
8．如图所示，斜面体固定在水平面上，斜面体的两侧面与水平面平滑连接，两小木块同时从斜面体
的顶端由静止下滑，最终停在水平面上。已知木块与斜面、水平面间的动摩擦因数相同，下列描述木块水
平分速度大小vx随时间t 变化关系图像可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【解析】到达水平面时，水平方向分速度变化为了合速度，故速度大小会突然变大，根据动能定理
，可知两物体到达底端时的速度不等，倾角θ 大的速度大，结合图像，故B 正
确。故选B。
9．如图所示，李辉、刘伟用多用电表的欧姆挡测量变压器初级线圈的电阻。实验中两人没有注意操
作的规范：李辉两手分别握住红黑表笔的金属杆，刘伟用两手分别握住线圈裸露的两端让李辉测量。测量
时表针摆过了一定角度，最后李辉把多用电表的表笔与被测线圈脱离。在这个过程中，他们二人中有人突
然“哎哟”惊叫起来，觉得有电击感。下列说法正确的是（ ）
A．电击发生在李辉用多用电表红黑表笔的金属杆接触线圈裸露的两端时
B．有电击感的是刘伟，因为所测量变压器是升压变压器
C．发生电击前后，流过刘伟的电流方向发生了变化
D．发生电击时，通过多用电表的电流很大
6
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【答案】C
【解析】电击发生在多用电表红黑表笔的金属杆脱离线圈裸露两端的时刻，故A 错误；有电击感的是
手握线圈裸露两端的刘伟，因为线圈中产生了感应电流，故B 错误；发生电击前，刘伟和线圈是并联关系；
断开瞬间，线圈中的电流急剧减小，产生的感应电流的方向与原电流的方向相同，但线圈和刘伟构成了一
个闭合的电路，线圈相当于电源，所以流过刘伟的电流方向发生了变化，故C 正确；发生电击时，通过线
圈的电流很大；由于已经断开了连接，所以通过多用电表的电流为零，故D 错误。故选C。
10．图甲是光电效应的电路图，分别用黄光、蓝光照射实验装置的K 极，其中只有一种光照射时产生
了光电流；下列说法中正确的是（ ）
A．产生光电流的光是蓝光
B P 向右移，G 表读数一定增大
C．
原子核的结合能约为5MeV
D．原子核
的核子结合得比
的核子更牢固
【答案】A
【解析】蓝光的频率比黄光更大，所以蓝光的能量大于黄光的能量，即能够产生光电流的光是蓝光，
故A 正确；光电管加的是反向电压，P 向右移，反向电压增大，对光电子的阻碍作用越来越大，所以G 表
读数会减小，故B 错误；由图乙知
原子核的比结合能约为5.5MeV，所以
原子核的结合能约为
E=6×5.5MeV=3.3MeV，故C 错误；原子核
的比结合能比
的比结合能小，所以原子核
的
核子结合得比
的核子更牢固，故D 错误。故选A。
11．如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定速率v1沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°。一煤块以
初速度v0从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，其运动的v–t 图像如图乙所示，煤块到传送带
顶端时速度恰好为零，sin37°=0.6，cos37°=0.8。g=10m/s2，则 （ ）
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A．煤块在传送带上的划痕为8 米
B．物块与传送带间的动摩擦因数为0.5
C．摩擦力方向一直与物块运动的方向相反
D．传送带转动的速率越大，物块到达传送带顶端时的速度就会越大
【答案】A
【解析】由图乙可知传送带的速度为8m/ s，在0∼1s内，煤块比传送带快，相对位移为4 米，此时
划痕为4 米；在1−3 s内，传送带比煤块快，相对位移为8 米，此时划痕为8 米，覆盖前面的4 米划痕，总
划痕为8 米，故A 正确；在0∼1s内，物块的速度大于传送带速度，传送带对物块的摩擦力沿传送带向下，
根据牛顿第二定律有mgsin37
∘+ μmgcos37
∘=ma1，根据图乙可得a1= 16−8
1
m/ s
2=8m/ s
2，在1−3 s
内传送带的速度大于物块的速度，传送带对物块的摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律有
mgsin37
∘−μmgcos37
∘=ma2，根据图乙可得a2= 8−0
2
m/ s
2= 4 m/ s
2，联立解得μ=0.25，故BC 错误;
当传送带的速度大于16m/s 后，物块在传送带上一直做加速度为a2的减速运动，无论传,送带的速度为多大，
物块到达传送带顶端时的速度都相等， D 错误。
二、非选择题：共5 题，共56 分。其中第13 题~第16 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的
演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
12．（10 分）某些固体材料受到外力作用后，除了产生形变，其电阻率也会发生变化，这种现象称为
“压阻效应”。已知某压敏电阻
的阻值变化范围约为
，某实验小组在室温下用伏安法探究
该电阻阻值
随压力F 变化的规律，实验室提供了如下器材可供选择：
A．压敏电阻，无压力时阻值为400Ω；
B．直流电源，电动势6V，内阻不计；
C．电压表
，量程为0~3V，内阻为3kΩ；
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D．电流表
，量程为0~0.6A，内阻忽略不计；
E．电流表
，量程
0~100mA，内阻忽略不计；
F．定值电阻
；
G．定值电阻
；
H．滑动变阻器R，最大电阻值约为50Ω；
I．开关与导线若干。
（1）某同学设计了如图甲所示的实验电路原理图，其中电流表应选择______，定值电阻应选择
______。（选填实验器材前序号）。
（2）请在图乙中将实物连线补充完整______。
（3）某次压力测试，在电阻
上施加力F，闭合开关S，测得两个电表的读数分别为
和
，则压敏电阻阻值
______Ω。（计算结果保留3 位有效数字）
（4）改变F 的大小，测得不同的
值，绘成图像如图丙所示。按图甲实验电路进行实验，调节滑动
变阻器使电压表保持满偏，在电阻
上施加力F，当电流表满偏时，压力F 为______N。（计算结果保留
3 位有效数字）
【答案】（1）E F （2）见解析 （3）100 （4）189
【解析】（1）Rx阻值变化范围从60Ω 到400Ω，流经电流表的电流大概在几十毫安，故电流表选E
串联定值电阻，相当于扩大电压表量程，扩大到6V 即可，电压表内阻为3kΩ，定值电阻选F
（2）如图所示
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（3）根据欧姆定律可得
（4）由图丙可得，图线斜率绝对值为
电压表满偏时，有
则
13．（8 分）如图所示，内壁光滑的导热气缸竖直放置，气缸内用质量为m、横截面积为S 的活塞密
封一定量气体。起初气体的温度为T 0，活塞与气缸底的距离为h，外界环境温度恒为T = 11
10 T 0。经过足够
长时间后缸内气体与外界环境达到热平衡，在此过程中密闭气体的内能变化量为ΔU 。已知外界大气压为
p0，重力加速度大小为g。求：
（1）活塞移动的距离Δh？
（2）气体与外界交换的热量Q？
10
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【答案】（1）1
10 ℎ （2）ΔU + 1
10 ( p0 S+mg)ℎ
【解析】（1）根据等压变化hS
T 0
= h′ S
T （1 分）
可得：h′ = T
T 0
h= 11
10 h （1 分）
活塞向上移动距离Δℎ=ℎ′ −ℎ= 1
10 ℎ （1 分）
（2）气体压强p= p0+ mg
S （1 分）
活塞上升过程中，外界对气体做功W =−p⋅ΔV （1 分）
根据热力学第一定律ΔU =W +Q （1 分）
解得Q = ΔU + 1
10 ( p0 S+mg)ℎ （2 分）
14．（10 分）如图所示，玻璃半球半径为R，球心为O，AB 为水平直径，M 点是半球
最高点。半球
内从A 点发出与AB 成θ=30°角的光线从BM 间某点C 平行于AB 射出。光在真空中的传播速度为c。则
求：
（1）此玻璃的折射率？
（2）光从A 到C 的时间？
（3）若θ=45°，则光从A 到B 的时间？
【答案】（1）
；（2）
；（3）
【解析】（1）如图所示，由几何关系可得∠i=30°，∠r=60°，（1 分）
根据折射定律有
11
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（2 分）
（2）光从A 到C 的时间为
，
（2 分）
联立解得
（1 分）
（3）若θ=45°，光路图如图所示
（1 分）
因为
（1 分）
如图所示，当光的入射角为45°时，光在M 点发生全反射，反射光线经过B 点，光从A 到B 的时间为
（2 分）
15．（12 分）如图所示，一长为L 的轻杆可绕过O 点的轴在竖直平面内转动，轻杆一端固定一个质量
为m 的小球P。一条不可伸长的轻绳跨过两个定滑轮，一端连接小球，另一端连接质量为2 m 的物块A 。
物块A 放置于倾角为53
∘的光滑斜面，连接A 的轻绳与斜面平行。用一水平外力作用于小球P，可使小球P
静止于图示位置，此时轻绳与竖直方向成37
∘，轻杆与竖直方向成53
∘。撤去水平力后，轻杆可运动到竖直
位置。取sin37
∘=0.6，cos37
∘=0.8，重力加速度为g。求：
（1）水平外力的大小？
（2）撤去水平力瞬间绳上张力大小？
（3）杆运动到竖直位置时，小球的速度大小？
12
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【答案】（1）4
3 mg （2）16
15 mg （3）2√3 gL
3
【解析】（1）对物体A 受力分析，由平衡条件绳中拉力F1=2mgsin53
∘=1.6mg（1 分）
对小球P 受力分析，
由平衡条件F1=mgcos37
∘+ F sin37
∘（1 分）
解得：F = 4
3 mg；（1 分）
（2）撤去水平拉力瞬间，物体 A 和小球P 具有相同大小加速度a，
对物体A 受力分析，由牛顿第二定律2mgsin53
∘−FT =2ma（1 分）
对小球P 受力分析，由牛顿第二定律FT −mgcos37
∘=ma（1 分）
解得：FT = 16
15 mg；（1 分）
（3）设杆运动到竖直位置时小球速度大小为v，
由速度分解知，此时物体A 的速度大小为0，（1 分）
由几何关系，右侧绳收缩长度x = Ltan53
∘−(
L
cos53
∘−L)= 2
3 L（2 分）
对物体A 和小球P 系统由能量守恒2mgx sin53
∘−mgL(1−cos53
∘)= 1
2 mv
2（2 分）
解得：v =√
4
3 gL= 2√3 gL
3
。（1 分）
16．（16 分）如图所示，在
平面
的区域内有沿
轴负方向、电场强度大小为
的匀强电场
在
的区域内有垂直于
平面向里的匀强磁场，一质量
、电荷量为
的带电粒子甲从坐标
为
的
点由静止释放，进入磁场后与静止在
点的不带电粒子乙发生弹性碰撞
点的坐标为
，乙的质量为
，碰后两粒子电荷量均为
。不计粒子的重力及碰后粒子间的相互作用。
13
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（1）求磁感应强度大小B？
（2）求碰撞后粒子甲、乙在电场中运动到离
轴的最大距离之比
？
（3）从纵坐标
的某些位置由静止释放粒子甲，仍能使两粒子发生碰撞，求粒子甲释放点的横
坐标
？
【答案】（1）
；（2）
；（3）见解析
【解析】（1）设甲粒子由P 点进入磁场时速度为
，由动能定理可得
（1 分）
甲粒子进入磁场做圆周运动，半径为
，由几何关系可知
由
（1 分）
解得
（1 分）
（2）设甲、乙粒子在Q 点碰撞后
速度分别为
、
，由动量守恒得
（1 分）
由能量守恒得
（1 分）
解得
（1 分）
14
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甲、乙粒子碰撞后在磁场中做圆周运动，半径为
、
，甲粒子
（1 分）
乙粒子
（1 分）
解得
，
（1 分）
甲、乙粒子均垂直进入电场，由动能定理可得，甲粒子
（1 分）
乙粒子
（1 分）
解得
（1 分）
（3）从纵坐标
的某些位置由静止释放粒子甲，进入磁场速度为
，由动能定理可得
（1 分）
甲粒子在磁场中以
做圆周运动的半径为
，由
解得
（1 分）
如图所示
若甲粒子从
点进入磁场与乙粒子相碰，
点距O 点距离为
，由几何关系可知
15
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甲粒子释放点的横坐标为
（1 分）
若甲粒子从
点进入磁场与乙粒子相碰，
点距O 点距离为
，由几何关系可知
甲粒子释放点的横坐标为
（1 分）
16
