文档内容
2019年湖北省黄冈市中考数学试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题给出的4个选项中，有且只有一个
答案是正确的）
1．（3分）﹣3的绝对值是（ ）
A．﹣3 B． C．3 D．±3
2．（3分）为纪念中华人民共和国成立70周年，我市各中小学积极开展了以“祖国在我心
中”为主题的各类教育活动，全市约有550000名中小学生参加，其中数据550000用科学
记数法表示为（ ）
A．5.5×106 B．5.5×105 C．55×104 D．0.55×106
3．（3分）下列运算正确的是（ ）
A．a•a2＝a2 B．5a•5b＝5ab C．a5÷a3＝a2 D．2a+3b＝5ab
4．（3分）若x ，x 是一元二次方程x2﹣4x﹣5＝0的两根，则x •x 的值为（ ）
1 2 1 2
A．﹣5 B．5 C．﹣4 D．4
5．（3分）已知点A的坐标为（2，1），将点A向下平移4个单位长度，得到的点A′的坐标是（
）
A．（6，1） B．（﹣2，1） C．（2，5） D．（2，﹣3）
6．（3分）如图，是由棱长都相等的四个小正方体组成的几何体．该几何体的左视图是（ ）
A． B． C． D．
7．（3分）如图，一条公路的转弯处是一段圆弧（ ），点O是这段弧所在圆的圆心，AB＝
40m，点C是 的中点，点D是AB的中点，且CD＝10m，则这段弯路所在圆的半径为（
）
A．25m B．24m C．30m D．60m
第1页（共18页）8．（3分）已知林茂的家、体育场、文具店在同一直线上，图中的信息反映的过程是：林茂从家
跑步去体育场，在体育场锻炼了一阵后又走到文具店买笔，然后再走回家．图中x表示时
间，y表示林茂离家的距离．依据图中的信息，下列说法错误的是（ ）
A．体育场离林茂家2.5km
B．体育场离文具店1km
C．林茂从体育场出发到文具店的平均速度是50m/min
D．林茂从文具店回家的平均速度是60m/min
二、填空题（本题共8小题，每小题3分，共24分）
9．（3分）计算（ ）2+1的结果是 ．
10．（3分）﹣ x2y是 次单项式．
11．（3分）分解因式3x2﹣27y2＝ ．
12．（3分）一组数据1，7，8，5，4的中位数是a，则a的值是 ．
13．（3分）如图，直线AB∥CD，直线EC分别与AB，CD相交于点A、点C，AD平分∠BAC，已
知∠ACD＝80°，则∠DAC的度数为 ．
14．（3分）用一个圆心角为120°，半径为6的扇形做一个圆锥的侧面，则这个圆锥的底面圆
的面积为 ．
15．（3分）如图，一直线经过原点O，且与反比例函数y＝ （k＞0）相交于点A、点B，过点A
作AC⊥y轴，垂足为C，连接BC．若△ABC面积为8，则k＝ ．
第2页（共18页）16．（3分）如图，AC，BD在AB的同侧，AC＝2，BD＝8，AB＝8，点M为AB的中点，若∠CMD
＝120°，则CD的最大值是 ．
三、解答题（本题共9题，满分72分）
17．（6分）先化简，再求值．
（ + ）÷ ，其中a＝ ，b＝1．
18．（6分）解不等式组 ．
19．（6分）如图，ABCD是正方形，E是CD边上任意一点，连接AE，作BF⊥AE，DG⊥AE，垂
足分别为F，G．求证：BF﹣DG＝FG．
20．（7分）为了对学生进行革命传统教育，红旗中学开展了“清明节祭扫”活动．全校学生
从学校同时出发，步行4000米到达烈士纪念馆．学校要求九（1）班提前到达目的地，做好
活动的准备工作．行走过程中，九（1）班步行的平均速度是其他班的1.25倍，结果比其他
班提前10分钟到达．分别求九（1）班、其他班步行的平均速度．
21．（8分）某校开发了“书画、器乐、戏曲、棋类”四大类兴趣课程．为了解全校学生对每类
第3页（共18页）课程的选择情况，随机抽取了若干名学生进行调查（每人必选且只能选一类），先将调查
结 果 绘 制 成 如 下 两 幅 不 完 整 的 统 计 图 ：
（1）本次随机调查了多少名学生？
（2）补全条形统计图中“书画”、“戏曲”的空缺部分；
（3）若该校共有1200名学生，请估计全校学生选择“戏曲”类的人数；
（4）学校从这四类课程中随机抽取两类参加“全市青少年才艺展示活动”，用树形图或列
表法求处恰好抽到“器乐”和“戏曲”类的概率．（书画、器乐、戏曲、棋类可分别用字母
A，B，C，D表示）
22．（7分）如图，两座建筑物的水平距离BC为40m，从A点测得D点的俯角 为45°，测得C
点的俯角 为60°．求这两座建筑物AB，CD的高度．（结果保留小数α点后一位，
≈1.414，β ≈1.732．）
23．（8分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，以AC为直径的 O交AB于点D，过点D作
O的切线交BC于点E，连接OE． ⊙
⊙（1）求证：△DBE是等腰三角形；
（2）求证：△COE∽△CAB．
第4页（共18页）24．（10分）某县积极响应市政府加大产业扶贫力度的号召，决定成立草莓产销合作社，负责
扶贫对象户种植草莓的技术指导和统一销售，所获利润年底分红．经市场调研发现，草莓
销售单价y（万元）与产量x（吨）之间的关系如图所示（0≤x≤100）．已知草莓的产销投入
总成本p（万元）与产量x（吨）之间满足p＝x+1．
（1）直接写出草莓销售单价y（万元）与产量x（吨）之间的函数关系式；
（2）求该合作社所获利润w（万元）与产量x（吨）之间的函数关系式；
（3）为提高农民种植草莓的积极性，合作社决定按0.3万元/吨的标准奖励扶贫对象种植户，
为确保合作社所获利润w′（万元）不低于55万元，产量至少要达到多少吨？
25．（14分）如图 ，在平面直角坐标系xOy中，已知A（﹣2，2），B（﹣2，0），C（0，2），D（2，
0）四点，动点①M以每秒 个单位长度的速度沿B→C→D运动（M不与点B、点D重合），
设运动时间为t（秒）．
（1）求经过A、C、D三点的抛物线的解析式；
（2）点P在（1）中的抛物线上，当M为BC的中点时，若△PAM≌△PBM，求点P的坐标；
（3）当M在CD上运动时，如图 ．过点M作MF⊥x轴，垂足为F，ME⊥AB，垂足为E．设
矩形MEBF与△BCD重叠部分的②面积为S，求S与t的函数关系式，并求出S的最大值；
（4）点Q为x轴上一点，直线AQ与直线BC交于点H，与y轴交于点K．是否存在点Q，使
得△HOK为等腰三角形？若存在，直接写出符合条件的所有Q点的坐标；若不存在，请说
明理由．
第5页（共18页）第6页（共18页）2019年湖北省黄冈市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题给出的4个选项中，有且只有一个
答案是正确的）
1．【分析】利用绝对值的定义求解即可．
【解答】解：﹣3的绝对值是3．
故选：C．
【点评】本题主要考查了绝对值，解题的关键是熟记绝对值的定义．
2．【分析】根据有效数字表示方法，以及科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|
＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与
小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负
数．
【解答】解：将550000用科学记数法表示为：5.5×105．
故选：B．
【点评】此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中
1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．【分析】直接利用单项式乘以单项式以及同底数幂的乘除运算法则、合并同类项法则分别
化简得出答案．
【解答】解：A、a•a2＝a3，故此选项错误；
B、5a•5b＝25ab，故此选项错误；
C、a5÷a3＝a2，正确；
D、2a+3b，无法计算，故此选项错误．
故选：C．
【点评】此题主要考查了单项式乘以单项式以及同底数幂的乘除运算、合并同类项，正确
掌握相关运算法则是解题关键．
4．【分析】利用根与系数的关系可得出x •x ＝﹣5，此题得解．
1 2
【解答】解：∵x ，x 是一元二次方程x2﹣4x﹣5＝0的两根，
1 2
∴x •x ＝ ＝﹣5．
1 2
第7页（共18页）故选：A．
【点评】本题考查了根与系数的关系，牢记两根之积等于 是解题的关键．
5．【分析】将点A的横坐标不变，纵坐标减去4即可得到点A′的坐标．
【解答】解：∵点A的坐标为（2，1），
∴将点A向下平移4个单位长度，得到的点A′的坐标是（2，﹣3），
故选：D．
【点评】此题主要考查了坐标与图形变化﹣平移，平移中点的变化规律是：横坐标右移加，
左移减；纵坐标上移加，下移减．正确掌握规律是解题的关键．
6．【分析】左视图有1列，含有2个正方形．
【解答】解：该几何体的左视图只有一列，含有两个正方形．
故选：B．
【点评】此题主要考查了简单组合体的三视图，关键是掌握左视图所看的位置．
7．【分析】根据题意，可以推出AD＝BD＝20，若设半径为r，则OD＝r﹣10，OB＝r，结合勾股
定理可推出半径r的值．
【解答】解：∵OC⊥AB，
∴AD＝DB＝20m，
在Rt△AOD中，OA2＝OD2+AD2，
设半径为r得：r2＝（r﹣10）2+202，
解得：r＝25m，
∴这段弯路的半径为25m
故选：A．
【点评】本题主要考查垂径定理的应用、勾股定理的应用，关键在于设出半径为r后，用r
表示出OD、OB的长度．
8．【分析】从图中可得信息：体育场离文具店1000m，所用时间是（45﹣30）分钟，可算出速度．
【解答】解：从图中可知：体育场离文具店的距离是：2.5﹣1.5＝1km＝1000m，
所用时间是（45﹣30）＝15分钟，
∴体育场出发到文具店的平均速度＝ ＝ m/min
故选：C．
【点评】本题运用函数图象解决问题，看懂图象是解决问题的关键．
二、填空题（本题共8小题，每小题3分，共24分）
第8页（共18页）9．【分析】直接利用二次根式的性质化简得出答案．
【解答】解：原式＝3+1＝4．
故答案为：4．
【点评】此题主要考查了二次根式的性质与化简，正确掌握二次根式的性质是解题关键．
10．【分析】根据单项式次数的定义进行解答即可．
【解答】解：∵单项式﹣ x2y中所有字母指数的和＝2+1＝3，
∴此单项式的次数是3．
故答案为：三．
【点评】本题考查的是单项式，熟知一个单项式中所有字母的指数的和叫做单项式的次数
是解答此题的关键
11．【分析】原式提取3，再利用平方差公式分解即可．
【解答】解：原式＝3（x2﹣9y2）＝3（x+3y）（x﹣3y），
故答案为：3（x+3y）（x﹣3y）
【点评】此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题
的关键．
12．【分析】先把原数据按从小到大排列，然后根据中位数的定义求解即可．
【解答】解：先把原数据按从小到大排列：1，4，5，7，8，正中间的数5，
所以这组数据的中位数a的值是5．
故答案为：5．
【点评】本题考查了中位数的概念：把一组数据按从小到大的顺序排列，最中间那个数或
中间两个数的平均数就是这组数据的中位数．
13．【分析】依据平行线的性质，即可得到∠BAC的度数，再根据角平分线的定义，即可得到
∠DAC的度数．
【解答】解：∵AB∥CD，∠ACD＝80°，
∴∠BAC＝100°，
又∵AD平分∠BAC，
∴∠DAC＝ ∠BAC＝50°，
故答案为：50°．
【点评】本题主要考查了平行线的性质，以及角平分线的定义．解题时注意：两直线平行，
同旁内角互补．
第9页（共18页）14．【分析】易得扇形的弧长，除以2 即为圆锥的底面半径，从而可以计算面积．
π
【解答】解：扇形的弧长＝ ＝4 ，
π
∴圆锥的底面半径为4 ÷2 ＝2．
∴面积为：4 ， π π
故答案为：4π．
【点评】考查了π扇形的弧长公式；圆的周长公式；用到的知识点为：圆锥的弧长等于底面周
长．
15．【分析】首先根据反比例函数与正比例函数的图象特征，可知A、B两点关于原点对称，则
O为线段AB的中点，故△BOC的面积等于△AOC的面积，都等于4，然后由反比例函数y
＝ 的比例系数k的几何意义，可知△AOC的面积等于 |k|，从而求出k的值．
【解答】解：∵反比例函数与正比例函数的图象相交于A、B两点，
∴A、B两点关于原点对称，
∴OA＝OB，
∴△BOC的面积＝△AOC的面积＝8÷2＝4，
又∵A是反比例函数y＝ 图象上的点，且AC⊥y轴于点C，
∴△AOC的面积＝ |k|，
∴ |k|＝4，
∵k＞0，
∴k＝8．
故答案为8．
【点评】本题考查的是反比例函数与一次函数的交点问题，涉及到反比例函数的比例系数
k的几何意义：反比例函数图象上的点与原点所连的线段、坐标轴、向坐标轴作垂线所围
成的直角三角形面积S的关系，即S＝ |k|．
16．【分析】如图，作点A关于CM的对称点A′，点B关于DM的对称点B′，证明
△A′MB′为等边三角形，即可解决问题．
【解答】解：如图，作点A关于CM的对称点A′，点B关于DM的对称点B′．
第10页（共18页）∵∠CMD＝120°，
∴∠AMC+∠DMB＝60°，
∴∠CMA′+∠DMB′＝60°，
∴∠A′MB′＝60°，
∵MA′＝MB′，
∴△A′MB′为等边三角形
∵CD≤CA′+A′B′+B′D＝CA+AM+BD＝2+4+8＝14，
∴CD的最大值为14，
故答案为14．
【点评】本题考查翻折变换，等边三角形的判定和性质，两点之间线段最短等知识，解题的
关键是学会添加常用辅助线，学会利用两点之间线段最短解决最值问题，属于中考常考题
型．
三、解答题（本题共9题，满分72分）
17．【分析】根据分式的运算法则即可求出答案．
【解答】解：原式＝ ÷
＝ •ab（a+b）
＝5ab，
当a＝ ，b＝1时，
原式＝5 ．
【点评】本题考查分式的运算法则，解题的关键是熟练运用分式的运算法则，本题属于基
础题型．
18．【分析】先求出不等式组中每一个不等式的解集，再求出它们的公共部分就是不等式组的
解集．
第11页（共18页）【解答】解： ，
解 得：x＞﹣1，
解①得：x≤2，
则②不等式组的解集是：﹣1＜x≤2．
【点评】本题主要考查了一元一次不等式解集的求法，其简便求法就是用口诀求解，求不
等式组解集的口诀：同大取大，同小取小，大小小大中间找，大大小小找不到（无解）．
19．【分析】根据正方形的性质可得AB＝AD，再利用同角的余角相等求出∠BAF＝∠ADG，再
利用“角角边”证明△BAF和△ADG全等，根据全等三角形对应边相等可得BF＝AG，根
据线段的和与差可得结论．
【解答】证明：∵四边形ABCD是正方形，
∴AB＝AD，∠DAB＝90°，
∵BF⊥AE，DG⊥AE，
∴∠AFB＝∠AGD＝∠ADG+∠DAG＝90°，
∵∠DAG+∠BAF＝90°，
∴∠ADG＝∠BAF，
在△BAF和△ADG中，
∵ ，
∴△BAF≌△ADG（AAS），
∴BF＝AG，AF＝DG，
由图可知：AG﹣AF＝FG，
∴BF﹣DG＝FG．
【点评】本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，证明△BAF≌△ADG是解
题的关键．
20．【分析】设其他班步行的平均速度为x米/分，则九（1）班步行的平均速度为1.25x米/分，
根据时间＝路程÷速度结合九（1）班比其他班提前10分钟到达，即可得出关于x的分式方
程，解之经检验后即可得出结论．
【解答】解：设其他班步行的平均速度为x米/分，则九（1）班步行的平均速度为1.25x米/分，
依题意，得： ﹣ ＝10，
第12页（共18页）解得：x＝80，
经检验，x＝80是原方程的解，且符合题意，
∴1.25x＝100．
答：九（1）班步行的平均速度为100米/分，其他班步行的平均速度为80米/分．
【点评】本题考查了分式方程的应用，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键．
21．【分析】（1）由器乐的人数及其所占百分比可得总人数；
（2）总人数乘以书画对应百分比求得其人数，再根据各类型人数之和等于总人数求得戏曲
人数，从而补全图形；
（3）利用样本估计总体思想求解可得；
（4）列表或树状图将所有等可能的结果列举出来后利用概率公式求解即可．
【解答】解：（1）本次随机调查的学生人数为30÷15%＝200（人）；
（2）书画的人数为200×25%＝50（人），戏曲的人数为200﹣（50+80+30）＝40（人），
补全图形如下：
（3）估计全校学生选择“戏曲”类的人数约为1200× ＝240（人）；
（4）列表得：
A B C D
A AB AC AD
B BA BC BD
C CA CB CD
D DA DB DC
∵共有12种等可能的结果，其中恰好抽到“器乐”和“戏曲”类的有2种结果，
第13页（共18页）∴恰好抽到“器乐”和“戏曲”类的概率为 ＝ ．
【点评】本题考查的是用列表法或画树状图法求概率的知识．列表法或画树状图法可以不
重复不遗漏的列出所有可能的结果，列表法适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或
两步以上完成的事件．注意概率＝所求情况数与总情况数之比．
22．【分析】延长CD，交过A点的水平线AE于点E，可得DE⊥AE，在直角三角形ABC中，由
题意确定出AB的长，进而确定出EC的长，在直角三角形AED中，由题意求出ED的长，
由EC﹣ED求出DC的长即可
【解答】解：延长CD，交AE于点E，可得DE⊥AE，
在Rt△AED中，∵∠EAD＝45°，
∴AE＝DE＝BC＝40m，
在Rt△ABC中，∠BAC＝30°，BC＝40m，
∴AB＝40 ≈69.3m，
则CD＝EC﹣ED＝AB﹣ED＝40 ﹣40≈29.3m．
答：这两座建筑物AB，CD的高度分别为69.3m和29.3m．
【点评】此题考查了解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题，熟练掌握锐角三角函数定义是
解本题的关键．解决此类问题要了解角之间的关系，找到与已知和未知相关联的直角三角
形，当图形中没有直角三角形时，要通过作高或垂线构造直角三角形，另当问题以一个实
际问题的形式给出时，要善于读懂题意，把实际问题划归为直角三角形中边角关系问题加
以解决．
23．【分析】（1）连接OD，由DE是 O的切线，得出∠ODE＝90°，∠ADO+∠BDE＝90°，由
∠ACB＝90°，得出∠CAB+∠CBA⊙＝90°，证出∠CAB＝∠ADO，得出∠BDE＝∠CBA，即可
得出结论；
（2）证出CB是 O的切线，得出DE＝EC，推出EC＝EB，再由OA＝OC，得出OE∥AB，
即可得出结论．⊙
【解答】证明：（1）连接OD，如图所示：
第14页（共18页）∵DE是 O的切线，
∴∠ODE⊙＝90°，
∴∠ADO+∠BDE＝90°，
∵∠ACB＝90°，
∴∠CAB+∠CBA＝90°，
∵OA＝OD，
∴∠CAB＝∠ADO，
∴∠BDE＝∠CBA，
∴EB＝ED，
∴△DBE是等腰三角形；
（2）∵∠ACB＝90°，AC是 O的直径，
∴CB是 O的切线， ⊙
∵DE是⊙O的切线，
∴DE＝E⊙C，
∵EB＝ED，
∴EC＝EB，
∵OA＝OC，
∴OE∥AB，
∴△COE∽△CAB．
【点评】本题考查了切线的判定与性质、相似三角形的判定、等腰三角形的判定与性质、平
行线的判定与性质等知识，熟练掌握切线的判定与性质是解题的关键．
24．【分析】（1）分0≤x≤30；30≤x≤70；70≤x≤100三段求函数关系式，确定第2段利用待
定系数法求解析式；
（2）利用w＝yx﹣p和（1）中y与x的关系式得到w与x的关系式；
（3）把（2）中各段中的w分别减去0.3x得到w′与x的关系式，然后根据一次函数的性质
和二次函数的性质求解．
第15页（共18页）【解答】解：（1）当0≤x≤30时，y＝2.4；
当30≤x≤70时，设y＝kx+b，
把（30，2.4），（70，2）代入得 ，解得 ，
∴y＝﹣0.01x+2.7；
当70≤x≤100时，y＝2；
（2）当0≤x≤30时，w＝2.4x﹣（x+1）＝1.4x﹣1；
当30≤x≤70时，w＝（﹣0.01x+2.7）x﹣（x+1）＝﹣0.01x2+1.7x﹣1；
当70≤x≤100时，w＝2x﹣（x+1）＝x﹣1；
（3）当0≤x＜30时，w′＝1.4x﹣1﹣0.3x＝1.1x﹣1，当x＝30时，w′的最大值为32，不合
题意；
当30≤x≤70时，w′＝﹣0.01x2+1.7x﹣1﹣0.3x＝﹣0.01x2+1.4x﹣1＝﹣0.01（x﹣70）2+48，
当x＝70时，w′的最大值为48，不合题意；
当70≤x≤100时，w′＝x﹣1﹣0.3x＝0.7x﹣1，当x＝100时，w′的最大值为69，此时
0.7x﹣1≥55，解得x≥80，
所以产量至少要达到80吨．
【点评】本题考查了一次函数的应用：学会建立函数模型的方法；确定自变量的范围和利
用一次函数的性质是完整解决问题的关键．
25．【分析】（1）设函数解析式为y＝ax2+bx+c，将点A（﹣2，2），C（0，2），D（2，0）代入解析式
即可；
（2）由已知易得点P为AB的垂直平分线与抛物线的交点，点P的纵坐标是1，则有1＝﹣
﹣ x+2，即可求P；
（3）S＝ （GM+BF）×MF＝ （2t﹣4+t）×（4﹣t）＝﹣ +8t﹣8＝﹣ （t﹣ ）2+
；
（4）设点Q（m，0），直线BC的解析式y＝x+2，直线AQ的解析式y＝﹣ （x+2）+2，求
出点K（0， ），H（﹣ ， ），由勾股定理可得OK2＝ ，OH2＝
+ ，HK2＝ + ，分三种情况讨论△HOK为等腰三角形
第16页（共18页）即可．
【解答】解：（1）设函数解析式为y＝ax2+bx+c，
将点A（﹣2，2），C（0，2），D（2，0）代入解析式可得
，
∴ ，
∴y＝﹣ ﹣ x+2；
（2）∵△PAM≌△PBM，
∴PA＝PB，MA＝MB，
∴点P为AB的垂直平分线与抛物线的交点，
∵AB＝2，
∴点P的纵坐标是1，
∴1＝﹣ ﹣ x+2，
∴x＝﹣1+ 或x＝﹣1﹣ ，
∴P（﹣1﹣ ，1）或P（﹣1+ ，1）；
（3）CM＝ t﹣2 ，MG＝ CM＝2t﹣4，
MD＝4 ﹣（BC+CM）＝4 ﹣（2 + t﹣2 ）＝4 ﹣ t，
MF＝ MD＝4﹣t，
∴BF＝4﹣4+t＝t，
∴S＝ （GM+BF）×MF＝ （2t﹣4+t）×（4﹣t）＝﹣ +8t﹣8＝﹣ （t﹣ ）2+ ；
当t＝ 时，S最大值为 ；
（4）设点Q（m，0），直线BC的解析式y＝x+2，
直线AQ的解析式y＝﹣ （x+2）+2，
第17页（共18页）∴K（0， ），H（﹣ ， ），
∴OK2＝ ，OH2＝ + ，HK2＝ + ，
当OK＝OH时， ＝ + ，
①
∴3m2+12m+8＝0，
∴m＝﹣2+ 或m＝﹣2﹣ ；
当OH＝HK时， + ＝ + ，
②
∴m2+4m+8＝0，
∴m无解；
当OK＝HK时， ＝ + ，
③
∴m2+4m﹣8＝0，
∴m＝﹣2+2 或m＝﹣2﹣2 ；
综上所述：Q（﹣2+2 ，0）或Q（﹣2﹣2 ，0）或Q（﹣2+ ，0）或Q（﹣2﹣ ，0）
【点评】本题考查二次函数综合；熟练应用待定系数法求函数解析式，掌握三角形全等的
性质，直线交点的求法是解题的关键．
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日期：2020/9/5 17:28:17；用户：18366185883；邮箱：18366185883；学号：22597006
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