2025年邵阳市高三第一次联考物理试题答案_2025年1月_250120湖南省邵阳市2024-2025学年高三上学期期末考试（全科）_2025年邵阳市高三第一次联考物理试题

2025 年邵阳市高三第一次联考试题参考答案与评分标准 物 理 一、二、选择题(共 分, 题为单选,每题 分; 题为多选,全对 分,选对但不全得 44 1-6 4 7-10 5 分,不选或错选得 分) 3 0 题 号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答 案 C B C A B D AD CD AC ACD .【详解】设第一次子弹穿过 、 时共同速度为 v,对系统由动量守恒有 mv (m m)v,对 6 A B 0= +2 v v v 和 有x t , 对子弹有x d 0+ t ,解得x 2d,故选项 错误; A B = +2 = = A 2 2 3 第一次子弹相对 、 做匀减速直线运动,恰击穿时相对末速度为 ,根据逆向思维,可以 A B 0 将看成子弹相对 、 做初速度为 的反向匀加速直线运动,穿过 、 的相对位移相等, A B 0 B A 则时间之比为 ( ),所以穿过 、 所用时间之比为( ) ,故选项 错误; 1∶ 2-1 A B 2-1 ∶1 B 设子弹的初速度为v ,受到的阻力大小为f,第一次穿过 、 时共同速度为 v,对系统由动 0 A B 量守恒有mv (m m)v,由能量守恒有f· d 1mv2 1 (m m)v2,可得 fd 1mv2 第二 0= +2 2 = 0- +2 = 0 2 2 6 次子弹穿过 时,设子弹速度为v , 的速度为u,假设不能穿透 ,最后与 的共同速度 A 1 A B B 为v ,进入 的深度为d′,对子弹和 由动量守恒有mv mv mu 2 B A 0= 1+ 由能量守恒有fd 1mv2 1mv2 1mu2,可得v 3+ 3v = 0- 1- 1= 0 2 2 2 6 对子弹和 ,由动量守恒有mv (m m)v 由能量守恒有f·d′ 1mv2 1 (m m)v2 B 1= + 2 = 1- + 2 2 2 可得d′ 2+ 3d d,假设成立,故选项 错误; = < C 4 第一次系统损失的机械能ΔE f· d 1= 2 ( ) 第二次系统损失的机械能 E f· d 2+ 3d Δ 2= + 4 第一次、第二次系统损失的机械能之比为 E E ( ),故选项 正确。 Δ 1 ∶ Δ 2=8 ∶ 6+ 3 D .【详解】根据x t关系式,可得t时刻导体棒的速度v ( t) 10 - =2sin 4 m/s 所以导体棒在运动过程中,速度的最大值为v m=2 m/s BLv 通过导体棒的感应电流I m ,联立解得I . ,故选项 正确; m= R m=0 5A A 设导体棒做简谐运动的周期为T,根据x ( t) ,由T 2π得T π =-0.5cos 4 m = ω = s 2 T 在 π 内,即 内,导体棒运动的位移大小 x . 0~ s 0~ m =0 5m 8 4 BL x E 感应电动势的平均值E m ,感应电流的平均值I = T = R 4 年邵阳市高三第一次联考试题参考答案与评分标准(物理) 第 页(共 页) 2025 1 4 {#{QQABBYSEggCAQgBAARgCEQEwCgKQkBCAASgOQBAYIAAACANABAA=}#}T 通过导体棒的电荷量q I· ,联立解得q ,故选项 错误; = =0.125C B 4 在 π 内,设 形支架对导体棒做功为 W ,电阻 R 上产生的热量为 Q。 根据功能关 0~ s T T 8 (I ) 2 ( ) 系,有W T= 1mv2 m+ Q,Q = I2有效 Rt = m R·π,联立解得W T= 2+ π J ,故选项 C 正确; 2 2 8 16 B2L2v a v′(t) ( t), ma, ( t) ,v ( t) 32 ,故选项 正确。 = = 8cos 4 R = tan 4 = 16 =2sin 4 = m/s D 257 三、非选择题:共 分。 56 . 每空 分 均给分 n 11 ( 2 )(1)3.108(3.106~3.109 ) (2) (3)C k . 每空 分 无 12 ( 2 )(1)3 2 (2) ①×1 k ②E . 分 t 13 (10 )(1)7 ℃≤ ≤287 ℃ (2)0.5 J 解: 设管内气体最高温度为T 管内气体做等压变化 则 (1) 2, , SL SL 1 2 分 T = T …………………………………… 2 1 2 其中T L L 1=(273+7)K=280K 1=(102-52)cm=50 cm 2=(102-2)cm=100 cm 分 ……………………………………………………………………………………… 1 解得T 分 2=560 K ………………………………………………………………………… 1 故温度计的测温范围为 t ………… 分(用热力学温度表示同样给分) 7 ℃≤ ≤287 ℃。 1 SL SL SL 管内气体做等压变化 则 1 3 4 分 (2) , T = T = T …………………………………………… 1 1 3 4 其中T T 3=(273+63)K=336 K 4=(273+147)K=420 K 解得L L 分 3=60 cm 4=75 cm ……………………………………………………… 1 管内气体的压强为p p mg . 5 20×10 -3 ×10 . 5 分 = 0+ S =1 0×10 Pa+ -6 Pa=1 2×10 Pa ………… 1 10×10 该过程气体对外做功为W pS L L . 5 -6 -2 = ( 4- 3)= 1 2×10 ×5×10 ×(75-60)×10 J 分 =0.18 J ……………………………………… 1 根据热力学第一定律ΔU W Q 分 =- + =0.5 J ……………………………………………… 1 可知管内气体内能改变量为 . 0 5 J。 . 分 4 / . 3 -5 14 (13 )(1)10 m s,0 1 m (2) π×10 s 4 解: 粒子沿直线通过区域 则有qE qv B 分 (1) Ⅱ, = 0 …………………………………… 2 E 解得v 4 / 分 0= B =10 m s …………………………………………………………………… 1 v2 粒子在区域 中匀速圆周运动 有qv B m 0 分 Ⅰ , 0 = R ……………………………………… 2 1 解得R . 分 1=0 10 m ………………………………………………………………………… 1 年邵阳市高三第一次联考试题参考答案与评分标准(物理) 第 页(共 页) 2025 2 4 {#{QQABBYSEggCAQgBAARgCEQEwCgKQkBCAASgOQBAYIAAACANABAA=}#}撤去区域 中的电场后 粒子在区域 中做匀速圆周运动 有 (2) Ⅱ , Ⅱ , v 2 q v B m( 2 0) ( 2 0) = R 2 解得R R 2 分 2= 2 1= m ………………………………………………………………… 1 10 根据几何关系可知 粒子在区域 中运动轨迹转过的圆心角为 ° 分 , Ⅱ 45 。 ……………… 1 T m 粒子在区域 中的运动时间为t 2 π 分 Ⅱ 1= = qB …………………………………………… 1 8 4 粒子离开区域 后 在区域 中垂直于磁场的平面内做匀速圆周运动 有 Ⅱ , Ⅰ , v v ° qv B m v z2 解得R ′ . 分 z= 2 0·sin 45 z = R ′, 1 =0 1 m ……………………………… 1 1 根据几何关系可知 粒子在区域 中该方向上匀速圆周运动转过的圆心角为 ° 分 , Ⅰ 90 。 …… 1 T m 粒子在区域 中的运动时间为t 1 π 分 Ⅰ 2= = qB …………………………………………… 1 4 2 综上 粒子从进入区域 到离开区域 运动的总时间为 , Ⅱ Ⅰ m t t t 3π 3π -5 分 = 1+ 2= qB = ×10 s ………………………… 1 4 4 . 分 . 方向竖直向下 15 (17 )(1)0 45 m (2)4 N, (3)6.35 m kx 解: 弹簧弹开小球过程弹力随位移均匀变化 由动能定理可得0+ 0 x 1m v2 (1) , × 0= 1 0-0 2 2 解得v 分 0=4 m/s ………………………………………………………………………… 2 在小球平抛到管口A点时速度如图所示 根据 v v θ 分 y= 0tan ………………………………………………… 1 v y2 =2 gh …………………………………………………… 1 分 联立解得h . 分 =0 45 m …………………………………………… 1 小球从A到圆筒最高点的过程 由动能定理可得 (2) , - m 1 g ( R + R cos θ )= 1m 1 v2 - 1m 1 v2A ………… 1 分 2 2 v 由上图可知v 0 分 A= θ=5 m/s ………………………………………………………… 1 cos 年邵阳市高三第一次联考试题参考答案与评分标准(物理) 第 页(共 页) 2025 3 4 {#{QQABBYSEggCAQgBAARgCEQEwCgKQkBCAASgOQBAYIAAACANABAA=}#}v2 小球在最高点时F m g m 分 N+ 1 = 1 R ……………………………………………………… 1 解得F 分 说明小 N 球 = 在 4 圆 N 管 … 最 … 高 … 点 … 所 … 受 … 的 … 弹 … 力 … F …… 大 … 小 … 为 … …… 方 … 向 … 竖 … 直 … 向 … 下 … ………………… 1 分 N 4 N, 。 ……………… 1 (3) 从A到B全过程 , 由动能定理可得m 1 g ( R - R cos θ )= 1m 1 v2B- 1m 1 v2A 2 2 解得v 分 B=3 3 m/s ……………………………………………………………………… 1 小球和小物块碰撞过程 取水平向右为正方向 可得 , , m 1 v B= m 1 v 1 ′ + m 2 v 2 ′ 1 m 1 v B2 = 1m 1 v 1 ′2 + 1m 2 v 2 ′2 2 2 2 解得v ′ v ′ 分 1 =0, 2 =3 3 m/s ……………………………………………………………… 1 说明碰后小球停止运动 物块获得 向右的速度 开始在木板上滑动 以 m 和 m , 3 3 m/s , , 2 3 为对象 可得m v ′ m m v , 2 2 =( 2+ 3) 1 对木板可得μm gx 1m v 2 2 = 3 1 -0 2 解得v x . L 分 1=2 3 m/s =0 6 m< 0 …………………………………………………… 1 物块与木板共速后与墙壁发生第 次碰撞后 1 对木板μm g m a 2 = 3 v2 木板向左移动的最大距离s 1 解得s . 分 1= a 1=0 6 m ………………………………… 1 2 设小物块和木板第二次共速时速度为v m v m v m m v 2, 2 1- 3 1=( 2+ 3) 2 m m 解得v 2- 3v 1v 2=m m 1= 1 2+ 3 3 第 次与墙碰撞后 2 v2 (m m ) 2 v2 ( ) 2 木板向左移动的最大距离s 2 2- 3 1 1 s 2= a= m m · a= 1 2 2+ 3 2 3 设小物块和木板第三次共速时速度为v m v m v m m v (m m ) 2 ( ) 2 3, 2 2- 3 2=( 2+ 3) 3 解得v 2- 3 v 1 v 3= m m 1= 1 2+ ( 3 ) 3 4 同理可得 s 1 s : 3= 1 3 …… 第n次与墙碰撞后 ( ) n 2( -1) 对木板有s 1 s 分 n= 1 ……………………………………………………………… 1 3 木板运动的总路程为s L s s s s 分 = 0+2( 1+ 2+ 3+…+ n) ……………………………………… 1 s 即s L 1 = O+2 1 1- 9 代入数据解得s . 分 =6 35 m ……………………………………………………………… 1 注:计算题用其他解法正确解答,请参照给分。 年邵阳市高三第一次联考试题参考答案与评分标准(物理) 第 页(共 页) 2025 4 4 {#{QQABBYSEggCAQgBAARgCEQEwCgKQkBCAASgOQBAYIAAACANABAA=}#}