F物理试题评分参考：全国名校联盟2026届高三开学模拟考_2025年8月_250831福建-全国名校联盟2026届高三联合开学摸底考试（全科）_物理

全国名校联盟 2026 届高三联合开学摸底考试 物理试题评分参考 2025.8 一、单项选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共 16 分．在每小题给出的四个选项中， 只有一项是符合题目要求 的． 题号 1 2 3 4 答案 C D B A 二、双项选择题：本题共4 小题，每小题6 分，共24 分．每小题两项符合题目要求．全 部选对的得6 分，选对但 不全得3 分，有选错的得0 分． 题号 5 6 7 8 答案 BC BD CD AC 1．答案：C D 【解析】A点从最高点第一次运动到最低点时，车轮在水平方向上前进半个周长x ， 2 竖直方向上高度降低直径D，位移大小s x2 D2 112 cm 2．答案：D U 【解析】由q ma可得加速度a=3.0×1012m/s2 d 3．答案：B 【解析】在不考虑变压器的输入电压随负载变化的情况下，由理想变压器工作原理可知，输 出电压不变，即V 示数保持不变；当住户使用的用电器减少时，负载总电阻增加，负载总 2 功率减小，因此副线圈电流减小，即A 示数减小；由欧姆定律和串联电路电压分配原理， 2 理想变压器副线圈两端电压等于负载电压与输电线两端电压之和，因副线圈电流减小，输电 线的总电阻R两端的电压减小，故负载电压增大，即V 示数增大；同时由于A 示数减小， 3 2 且理想变压器原线圈电流与副线圈电流成正比，可知原线圈电流也减小，即A 示数减小。 1 4．答案：A 【解析】装置右侧视图如图甲所示，由受力分析可得：N=mgcos30°，装置正视图如图乙所 1 1 示，由受力分析可得： f N  mg ，拉力大小F  mg，与对角线AC的夹角为60°， 2 2 1 则拉力做功的功率为P=Fvcos60°= mgv. 45．答案：BC 【解析】A．镥-177衰变后原子序数增加1，说明释放的是 粒子（电子），而非 粒子（氦 核），故A错误；B．比结合能越大，原子核越稳定。177Lu 发生衰变说明其比结合能小于 71 生成物 177Hf 的比结合能，故 B 正确；C．衰变释放的能量由质量亏损决定， 72 E  m m m  c2，故C正确；D．半衰期指半数原子衰变的时间，1mol镥-177经过 0 1 2 13.4天（两个半衰期）后剩余0.25mol未衰变，故D错误。 6．答案：BD a 2R R 【解析】a、c做圆周运动的角速度和周期相等，故向心加速度之比 a   ，由于T T ， a 2r r a c b 2 2 T T Mm 42 r3 T T r3 故 a  c ，由G m r 可知T 2 ，故 a  c  2 . T T r2 T2 GM T T r3 b b b b 1 7.答案：CD B2L2v 【解析】安培力大小F BIL ，可知线框进出磁场过程速度越大，安培力越大。根 安 R 据能量关系可知，线框上升或下落经过同一位置时，上升的速度一定大于下落速度，可得同 一位置上升的安培力大于下降的安培力，故上升的安培力做的功多，A选项错误。线框克服 安培力做功，转化为电路电能发热，故上升产生的热量多，D选项正确。上升平均速度大， 时间短，故上升过程重力的冲量小，B 选项错误。安培力的冲量，根据微元法思想有 B2L2v B2L2 B2L2 ( Δt) (vΔt) h，可知上升过程与下落过程安培冲量大小一样均为 R R R B2L2 2L，C选项正确。 R 8．答案：AC 3 5mg 【解析】A．小球经过O点时加速度恰好为零，则有：mg k(l l)，得k  。B．小 5 l 球从O点运动到Q点的过程中，弹簧弹力沿水平方向的分力不断减小，小球与杆之间的压 力不断减小，滑动摩擦力也不断减小，小球加速度始终向下，速度一直增加。CD．小球从 8 1 1 P运动到Q点的过程中，弹簧弹力做的总功为零，由动能定理：mg lW  mv2 mv2 ， f 1 0 5 2 2 W 小球从P运动到O点与从O运动到Q点过程的摩擦力对称，摩擦力做功为 f ，则对小球 24 1  3  2 W 1 1 从 P 运 动 到 O 点 过 程 有 ： mg l kl l  f  mv2 mv2 ， 代 入 求 得 0 5 2  5  2 2 2 v2 v2 4 v 0 1  gl . 2 5 三、非选择题：本题共8 题。共60 分。 9．答案：增大（2分），增大（1分） 【解析】根据热力学第一定律有U W Q，密封设备可视为绝热容器，即有Q0，将外 界空气压缩进入密封设备的过程中，外界对气体做功，气体内能增大，气体压强增大，即气 体分子对洞壁单位面积平均撞击力增大。 10．答案：0.2（2分）；1.6（1分） 【解析】手机在竖直方向上做简谐运动，当加速度为零时速度最大，即t=0.2s速度达到最 大值；t=0.4s时，手机的加速度a=-2m/s2，以向上为正方向：-mg+F=ma，解得F=1.6N. 11．答案：小于（2分），3:4（1分） 【解析】根据光的双缝干涉规律，a光干涉图样的2级亮纹中心与b光干涉条纹的2级暗纹 3 中心正好位于同一位置，对应的光程差2  ，故 : 3:4，a光波长更小，根 a 2 b a b l 据x ，可知a光干涉图样的条纹间距更小。 d 12．答案：（1）D（1分）；（2）0.80m/s（2分），3.0m/s2（1分）；（3）C（2分） 【解析】（1）本实验中，力F由传感器直接得出，不需要测量钩码质量，亦不需要用钩码 重力来近似绳中拉力，故不需要钩码质量远小于小车质量。 AC OCOA BDOB （2）v   ，a ，其中T=0.1s，代入数据即得答案。 B 2T 2T (2T)2 2 f （3）由于实验小车在水平桌面上运动，未平衡摩擦力，故有2F f Ma，即a F  ， M M 即a-F图像有横截距。 U U 13．答案：（1）a（2分）（2）2.50（2分）（3） 1`  2 （2分） I I 1 2 【解析】（1）控制电路选择的分压式接法，分压的滑动变阻器阻值越小分压效果越线性， 越有利于实验者操作，故R 应该选滑动变阻器a. 1 （2）电压表量程为3V，每小格精度0.1V，应估读到0.01V，故电压表读数为2.50V. U U U U （3）S 接1时， 1` R R R ，S 接2时， 2` R R ，可得R  1  2 . 2 I 0 A x 2 I 0 A x I I 1 2 1 2 14．（11分） 1 （1）h gt2 （2分） 2 解得t1 s （1分） （2）xv t （2分） 0解得x10 m （1分） （3）v gt （2分） y Pmgv （2分） y 解得P300 W （1分） 15．（12分） （1）长木板向上匀速，物块向下匀速，对物块 T mgsin30mgcos30 （2分） 1 得：T=2.5N （1分） （2）长木板向上匀速，对长木板 F Mgsin30mgcos30T （2分） 1 得：F=25N （2分） （3）长木板向上加速，物块向下加速，对物块 Tmgsin30mgcos30ma （2分） 1 对长木板 FMgsin30mgcos30N TMa （1分） 1 2 2 N (M m)gcos30 （1分） 2 得：F63 N （1分） 16．答案：（1）10V M板正极 （2）1.1251014kgm4.51014kg 4.3 30 4.3 10 （3）（0.9 ，0.3 3 ，0） 2 2 解：（1）M极板带正电 （1分） UqE （2分） k 得U 10V （1分） v2 （2）qvBm （1分） r 1 E  mv2 （1分） k 2 2mE L 得r  k ，由几何关系知粒子从ACC A 面离开的最小半径r  ，最大半径 qB 1 1 1 2 r L 2 9 9 得粒子最小质量m  1014kg，最大质量m  1014kg （2分） 1 8 2 2 设粒子z轴一直匀加速到xOy面，时间为t 电 1 Eq 2mL L t 2,得t  2 m 电 电 Eq 2r 2m 粒子在磁场中圆周周期T   v qBm 2mL 粒子圆周的时间记为t ，由于t  2  1 ，可知粒子到达前表面时还未运动 磁 磁 qB Eq 到xOy面 （2分） 故粒子从ACC A 面离开正方体的质量满足1.1251014kgm4.51014kg （1分） 1 1 2E （3）当粒子质量为m 时，v  k 10 10m/s 0 3 m 0 16 4 2 由于m  m ，故r  r  L0.6m 0 9 1 3 3 1 3 2  由几何关系知，粒子在磁场中旋转了 ， （1分） 3 3 2m t  0 0.04s 3 3qB 粒子在z轴方向 Eq v a  50m/s2，v at 2m/s，h  z t 0.04m 3 m z 3 3 3 2 3 0 粒子从前表面射出的坐标 x L 3 y r sin0.3 3m 3 3 z Lh 0.86m（2分） 3 3 z 出正方体空间后，粒子匀速直线运动t  3 0.43s 4 v z 粒子运动到xOy面上的坐标： 4.3 30 x x vt sin0.9 (m) 4 3 3 4 2 4.3 10 y  y vt cos0.3 3 (m) 4 3 3 4 2 4.3 30 4.3 10 粒子运动到xOy面的位置坐标（0.9 ，0.3 3 ，0）（2分） 2 2