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广安中学 2026 年高考冲刺月测二
九 月 月 测 物 理 试 题
一、单选题：共7小题，每小题4分，共28分。
1．如图所示，直线MN、PQ相互垂直且M点与N点关于PQ对称。空间中Q点固定一个带
正电的点电荷。下列说法正确的是（ ）
A．M点与N点的电场强度方向相同
B．M点与N点的电势相等
C．M点的电场强度大于P点的电场强度
D．M点的电势高于P点的电势
2．物流公司一般用传送带运送包裹，如图水平传送带轮轴间距L=3.5m，传送带保持2m/s的
速度顺时针转动。现将一可视为质点的包裹轻放在传送带左轮轴正上方的A点，设包裹与传
送带间的动摩擦因数μ =0.2，重力加速度g=10m/s2。则包裹在水平传送带上运动时间为
（ ）
A．2.25s B．2s C．1.75s D．2.5s
3．2024年10月3日，中国科学院近代物理研究所依托兰州重离子加速器发现了钚元素的一
个新同位素 ，测量发现该新核素的衰变方程为 ，衰变释放能量约为
❑
277Pu
❑
277Pu→AX+4He
94 94 Z 2
8191keV，半衰期约为0.78s。下列说法正确的是（ ）
A．新核素 发生的是 衰变
❑ 277Pu β
94B．❑ AX的中子数比质子数多181
Z
C．升高温度或增大压强会缩短 的半衰期
❑
277Pu
94
D． 的比结合能比 的比结合能小
❑
277Pu
❑
AX
94 Z
4．如图，理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶3，原线圈接入有效值电压不变的正弦交流电
源，改变滑动变阻器的阻值，得到多组理想电表的示数，并绘制出U-I图像，下列说法正确
的是（ ）
A．交流电源电压的有效值为12V
B．定值电阻R 的阻值为2Ω
1
C．当滑动变阻器的阻值为36Ω时，其消耗的最大功率为36W
D．当电流表示数为3A时，电阻R 和R消耗的功率不相等
1
5．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。则下列说法正确的是（ ）
A．甲图：与点电荷等距的a、b两点电场场强相同
B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点电场强度相同
C．丙图：两等量同种电荷连线中点两侧对称的a、b两点场强大小相等，方向均向右
D．丁图：两块带等量异种电荷的平行金属板所形成电场的a、b两点场强相等
6．有一个质量为5kg的质点在xOy平面内运动，在x方向的速度—时间图像和y方向的位移
—时间图像分别如图甲、乙所示。已知t=0时质点在坐标原点上，关于该质点的运动，下列
说法正确的是（ ）
试卷第2页，共8页A．t=0时质点的速度大小为4m/s
B．质点的运动轨迹是一条直线
C．质点在0~2s时间内所受的合外力做功60J
D．质点在0~2s时间内动量的变化量大小为20kg·m/s
7．如图甲所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平地面上，细线一端与可看成质点的质量为m
的小球相连，另一端穿入小孔O与力传感器（位于斜面体内部）连接，传感器可实时记录细
线拉力大小及扫过的角度。初始时，细线水平，小球位于小孔O的右侧，现敲击小球，使小
球获得一平行于斜面向上的初速度v ，此后传感器记录细线拉力T的大小随细线扫过角度α的
0
变化图像如图乙所示，图中F 已知，小球到O点距离为l，重力加速度为g，则下列说法不正
0
确的是（ ）
v2
A．小球位于初始位置时的加速度为 0
l
B．小球通过最高点时速度为❑√glsinθ
C．小球通过最高点时速度为√mgsinθ
❑ v
F 0
0
D．小球通过最低点时速度为√2F -mgsinθ
❑ 0 v
F 0
0
二、多选题：共3小题，每小题6分，全选得满分，漏选得3分，错选得0分，共18分。
8．如图所示，在倾角为30°的光滑固定斜面上，有一劲度系数为k的轻质弹簧，其一端固定
在固定挡板C上，另一端连接一质量为m的物体A，有一轻质细绳绕过定滑轮，细绳的一端
系在物体A上（细绳与斜面平行），另一端有一细绳套，物体A处于静止状态。当在细绳套
上轻轻挂上一个质量也为m的物体B后，物体A将沿斜面做简谐运动。运动过程中B始终未
接触地面，不计绳与滑轮间的摩擦阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）2mg
A．未挂重物B时，弹簧的形变量为
k
mg
B．物体A的振幅为
2k
√ m
C．物体A的最大速度大小为g❑
2k
3
D．细绳对物体B拉力的最大值为 mg
2
9．某电视节目通过造浪机验证了洪水来临时自救的最科学方式：选取纵向“1字”阵列，由
前往后依次按身体素质从强到弱的顺序站定，如图甲所示。某同学为分析各处的受力情况，
建立了如图乙所示的物理模型：水平地面上并排放置四个质量均为m的相同物块，每个物块
与地面间的动摩擦因数均为μ，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块1、2之间固定一个质
量不计的压力传感器。t=0时，对物块1施加一水平力F，下列说法正确的是（ ）
A．若四个物块均静止，则物块之间的弹力的比例从左往右依次为3:2:1
B．若四个物块一起向右匀加速运动，则物块之间的弹力的比例从左往右依次为3:2:1
μmg
C．若F随时间均匀变化，满足关系F=kt，则在t= 时，压力传感器的示数F =μmg
k 1
4μmg
D．若F随时间均匀变化，满足关系F=kt，则在t= 时，四个物块刚好被推动
k
10．如图所示，水平面上固定着两根足够长的平行导槽，质量为m的U形管恰好能在两导槽
之间自由滑动，一质量也为m的小球沿水平方向，以初速度v 从U形管的一端射入，从另一
0
试卷第4页，共8页端射出。已知小球的半径略小于管道半径，远小于R，不计一切摩擦，下列说法正确的是（
）
A．小球在U型管中的圆弧部分中运动时，U型管的速度一直在增大
v
B．小球运动到U形管圆弧部分的最左端时，小球的速度大小为 0
2
C．小球从U形管的另一端射出时，速度大小为0
R
D．小球在U型管中的圆弧部分中的运动时间不超过2❑√2
v
0
三、实验题：共2小题，满分12分。
11．某物理兴趣小组测量一半圆形玻璃砖的折射率，实验过程如下：
先在平铺的白纸上画出半圆形玻璃砖的直径ab和圆心O，过O点画法线，并画出一条入射光线
cO。将半圆形玻璃砖沿着直径放好，紧贴b点放置与法线平行的光屏，如图甲所示。接着用
一红色激光笔沿着cO方向射入一束光，在光屏上出现一个亮点，在白纸上记下其位置P点。
在白纸上根据标记作出光路图，并将cO延长，与光屏相交于M点。用刻度尺量出OP、OM的
长度。
(1)关于上述实验，下列说法正确的是（ ）
A．为了减小误差，入射角应尽量小
B．增大入射角，OP的长度增大C．入射角增大到某一值时，亮点会消失
(2)利用以上测得的物理量，得出玻璃折射率的表达式n= .
(3)小李同学分别用一束红光和一束蓝光完成了此实验，作出的光路图如图乙所示，可以判断
图 （选填“①”“②”）是蓝光的光路图。
12．某实验小组根据热敏电阻的阻值随温度变化的规律，探测温度控制室内的温度。选用的
器材有：
热敏电阻R ；
T
电流表G（内阻R 为240Ω，满偏电流为I ）；
g g
定值电阻R（阻值为48Ω）；
电阻箱R （阻值0~999.9Ω）；
0
电源E（电动势恒定，内阻不计）；
单刀双掷开关S 、单刀单掷开关S ；导线若干。
1 2
请完成下列步骤：
(1)该小组设计了如图（a）所示的电路图。根据图（a），在答题卡上完成图（b）中的实物图
连线。
(2)开关S 、S 断开，将电阻箱的阻值调到 （填“最大”或“最小”）。开关S 接1，调
1 2 1
I
节电阻箱，当电阻箱读数为60.0Ω时，电流表示数为I 。再将S 改接2，电流表示数为 g，断
g 1
2
开S 。得到此时热敏电阻R 的阻值为 Ω。
1 T
(3)该热敏电阻R 阻值随温度t变化的R -t曲线如图（c）所示，结合（2）中的结果得到温度
T T
控制室内此时的温度约为 ℃。（结果取整数）
(4)开关S 接1，闭合S ，调节电阻箱，使电流表示数为I 。再将S 改接2，如果电流表示数为
1 2 g 1
试卷第6页，共8页I
g (k>1)，则此时热敏电阻R = Ω（用k表示），根据图（c）即可得到此时温度控制室内
k T
的温度。
四、解答题：共3小题，13题10分，14题13分，15题17分，共42分。
13．一定质量的理想气体经历A→B→C的状态变化过程，其体积V与热力学温度T的关系如
图所示，图中CB的延长线过坐标原点，气体在状态 时的压强为 。已知该理
B p =2.0×105Pa
B
想气体内能的变化量仅与温度变化量成正比，比例系数为250J/K。求：
(1)气体在状态A的压强p ；
A
(2)气体从状态B到状态C的过程中，吸收的热量Q。
14．用一长1m的轻质柔软绝缘细线拴一个质量为0.2kg、电荷量为2.0×10-6C的小球，细线
的上端固定于O点，现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与竖直方向成37°（g取10m/s2，
sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：
(1)细线对小球的拉力大小；
(2)匀强电场的场强大小；
(3)把小球从A点移到B点，OA=OB，此时细线与竖直方向成53°，小球的电势能是增加还是
减少？电势能变化量为多少？15．如图所示，固定在水平面上的半径为d=1m的金属圆环内存在方向竖直向上、磁感应强
度大小为B=1T的匀强磁场，在外力作用下长为d=1m的金属棒CD可绕着圆环圆心匀速转动。
从圆环边缘和圆心所在竖直轴OO'用细导线连接足够长的两固定平行金属导轨MN、PQ，导
轨与水平面的夹角为α=37°，空间内存在垂直导轨平面向上的磁感应强度大小为B=1T的匀强
磁场。质量m=1kg的金属棒ab垂直于导轨处于静止状态，导轨的宽度和金属棒ab的长度均
为L=2m，金属棒ab与导轨之间的动摩擦因数为μ=0.8，金属棒CD的电阻r=1Ω，金属棒ab
的电阻为R=4Ω，其余电阻不计，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。
（1）闭合开关S，若金属棒CD以ω =10rad/s的角速度顺时针（俯视）匀速转动，求流过金
0
属棒CD的电流方向和金属棒CD两端的电压；
（2）要使金属棒ab与导轨保持相对静止，求金属棒CD转动的角速度应满足的条件；
（3）若金属棒CD以ω =8rad/s的角速度逆时针（俯视）匀速转动，求金属棒ab恰好匀速
3
时的速度大小。
试卷第8页，共8页广安中学 2026 年高考冲刺月测二
九月月测 物理试题参考答案
1．B
【详解】A．M点电场强度方向由Q点指向M点，N点电场强度方向由Q点指向N点，M点
与N点的电场强度方向不相同，A错误；
BD．点电荷的等势面是以点电荷为球心的球面，所以M点与N点的电势相等，B正确，D错
误；
C．M点电场强度的大小小于P点电场强度的大小，且方向不相同，C错误。
故选B。
2．A
【详解】包裹刚放上传送带时，速度小于传送带速度，所以受摩擦力水平向右，根据牛顿第
二定律μmg=ma
可得a=2m/s2
根据位移时间关系v2=2ax
可得包裹加速到与传送带速度相等过程的位移x=1m<3.5m
v
加速的时间t = =1s
1 a
L-x
匀速运动的时间t = =1.25s
2 v
包裹在水平传送带上运动时间为t=t +t =2.25s
1 2
故选A。
3．D
【详解】A．新核素 衰变释放 （α粒子），说明发生的是 衰变，而非 衰变，故A
277Pu ❑ 4He α β
94 2
错误；
B．根据质量数和电荷数守恒，X的电荷数Z=94-2=92，质量数A=277-4=273。中子数为
A-Z=273-92=181，质子数为92，中子数比质子数多181-92=89，而非181，故B错误；
C．半衰期仅由原子核内部结构决定，与温度、压强等外界条件无关，故C错误；
D．衰变释放能量说明生成物X的比结合能大于 的比结合能，故D正确。
277Pu
94故选D。
4．C
【详解】AB．设交流电源电压的有效值为U ，电压表示数为U，电流表示数为I，则有
0
U =U+I R
0 1
可得U=U -I R
0 1
12
结合U-I图像可得U =24V，R = Ω=4Ω，故AB错误；
0 1 6-3
CD．将变压器和滑动变阻器看成一个等效电阻，则有
n2
1
R = 1 R= R
等 n2 9
2
U 2 U2
则滑动变阻器消耗的功率为P=( 0 ) R = 0
R +R 等 R2
等 1 R + 1 +2R
等 R 1
等
1
根据数学知识可知，当R = R=R =4Ω
等 9 1
解得滑动变阻器接入电路阻值为 时，其消耗的最大功率为 U2 242
R=36Ω P = 0 = W=36W
max 4R 4×4
1
U 24
此时电流表示数为I= 0 = A=3A
R +R 4+4
等 1
电阻 消耗的功率为 ，故C正确，D错误。
R P =I2R =32×4W=36W
1 1 1
故选C。
5．B
【详解】A．甲图：与点电荷等距的a、b两点场强大小相同，但是方向不同，故A错误；
B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点，场强的大小相同且方向
均水平向左，故B正确；
C．丙图：两等量同种电荷连线中点两侧对称的a、b两点场强的大小相同，但是方向不同，
故C错误；
D．丁图：两块带等量异种电荷的平行金属板所形成电场的a、b两点场强的大小和方向都不
同，故D错误。
故选B。
答案第2页，共10页6．D
【详解】A．由题意，质点x在方向做匀加速直线运动，在y方向做匀速直线运动，
水平初速度v =4m/s
0x
竖直速度v =3m/s
y
t=0时质点的速度大小为 ，故A错误；
v =❑√v 2+v 2=5m/s
0 0x y
B．由题意，合力在水平方向，根据运动的合成与分解，可知合力的方向与初速度不在一条
直线上，所以质点做曲线运动，故B错误；
C．2s时质点水平速度 ，竖直速度 ，合速度
v =8m/s v =3m/s v =❑√v 2+v 2=❑√73m/s
x y 1 x y
1 1
根据动能定理W =ΔE = mv 2- mv 2=120J，故C错误；
合 k 2 1 2 0
D．质点加速度大小为a=2m/s2，在0~2s时间内速度的变化量大小Δv=at=4m/s，故动量的
变化量大小为Δp=mΔv=20kg⋅m/s，故D正确。
故选D。
7．A
v2
【详解】A．位于初始位置时的向心加速度大小为a = 0
1 l
沿斜面向下的加速度大小为a =gsinθ
2
v2
根据平行四边形定则知，则小球位于初始位置时的加速度大于 0，故A错误，满足题意要求；
l
v2
B．由图乙可知，小球通过最高点时细线的拉力最小，为零，则有mgsinθ=m 1
l
解得小球通过最高点时的速度v =❑√glsinθ
1
故B正确，不满足题意要求；
v2
C．小球在初始位置时，有F =m 0
0 l
则小球通过最高点时的速度 √mgsinθ
v =❑√glsinθ=❑ v
1 F 0
0
故C正确，不满足题意要求；v2
D．小球通过最低点时，细线的拉力最大，根据牛顿第二定律有2F -mgsinθ=m 2
0 l
联立解得小球通过最低点的速度为 √2F -mgsinθ
v =❑ 0 v
2 F 0
0
故D正确，不满足题意要求。
故选A。
8．CD
【详解】A．未挂物体B时，设弹簧压缩量为x ，对物体A由平衡条件得kx =mgsin30°
1 1
mg
解得x = ，故A错误；
1 2k
B．挂上物体B后，物体A将沿斜面做简谐运动，当A处于平衡位置时，根据平衡条件可得
mg=kx +mgsin30°
2
mg
解得弹簧的伸长量为x =
2 2k
mg
则物体A的振幅为A=x +x = ，故B错误；
1 2 k
C．当A处于平衡位置时，A的速度最大，因x 与x 相等，可知物体A从最低点到平衡位置
1 2
运动过程，弹簧弹性势能变化量为0，设最大速度为v ，对于A、B及弹簧组成的系统由机械
m
1
能守恒定律得mg(x +x )-mg(x +x )sin30°= ×2mv2
1 2 1 2 2 m
√ m
解得v =g❑ ，故C正确；
m 2k
3mg
D．根据对称性可知，物体A运动到最高点时弹簧的伸长量为x=A+x =
2 2k
当物体A在最高点时，对物体A由牛顿第二定律得mgsin30°+kx-T =ma
max
对物体B由牛顿第二定律得T -mg=ma
max
3
联立解得细绳对物体B拉力的最大值为T = mg，故D正确。
max 2
故选CD。
9．BD
【详解】A．四个物块都静止时，由于静摩擦力的大小无法确定，故彼此间的弹力无法确定，
答案第4页，共10页故A错误；
B．一起匀加速时，根据整体法，对四个物块有F-4μmg=4ma
设物块1对物块2的弹力为F ，对物块2、3、4有F -3μmg=3ma
12 12
设物块2对物块3的弹力为F ，对物块3、4有F -2μmg=2ma
23 23
设物块3对物块4的弹力为F ，对物块4有F -μmg=ma
34 34
3 2 1
联立解得F = F，F = F，F = F
12 4 23 4 34 4
则物块之间的弹力的比例从左往右依次为3:2:1，故B正确；
μmg
C．若F随时间均匀变化，满足关系F=kt，则在t= 时，F=μmg
k
可知压力传感器的示数为0，故C错误；
4μmg
D．若F随时间均匀变化，满足关系F=kt，则在t= 时，F=4μmg
k
根据整体法可知，四个物块刚好被推动，故D正确。
故选BD。
10．AC
【详解】A．小球在U型管中的圆弧部分中运动时，小球对U型管的作用力一直做正功，则
U型管的速度一直在增大，故A正确；
B．小球运动到U形管圆弧部分的最左端的过程中，沿着水平方向，小球在轨道最左端与U
型管达到共速，由动量守恒有
mv =2mv
0 x
设此时小球的合速度为v，由机械能守恒定律有
1 1 1
mv 2= mv 2+ mv2
2 0 2 x 2
解得
❑√3
v= v
2 0
故B错误；
C．小球从U形管的另一端射出时，小球与U形管系统机械能守恒，沿着轨道方向，系统动
量守恒，类比弹性碰撞，交换速度，小球从U形管的另一端射出时，速度大小为v'=0，故C
正确；D．小球在最左端时竖直方向的速度最大，为
❑√2
v =❑√v2-v2= v
y x 2 0
则运动时间一定超过
2R R
t= =2❑√2
v v
y 0
故D错误。
故选AC。
11．(1)C
OM
(2)
OP
(3)②
【详解】（1）减小测量时的偶然误差，角度应适当大些，但同时还要考虑不能大到发生全反
射。增大入射角，折射角会增大，光线下偏，OP变短，达到临界角就全反射，故C正确，
AB错误。
故选C。
sini Ob Ob
（2）由n= ，sini= ，sinr=
sinr OP OM
OM
解得n=
OP
（3）玻璃对蓝光折射率大，故蓝光偏折厉害。可以判断图②是蓝光的光路图。
12．(1)
(2) 最大 300
(3)8
(4)50(k-1)
【详解】（1）由图（a）所示的电路图，图（b）中的实物图连线如图所示。
答案第6页，共10页（2）[1]由图（a）可知，电阻箱起到保护电路的作用，因此开关闭合前，将电阻箱的阻值调
到最大。
[2]开关S 接1时，由欧姆定律可得
1
E
I = S 接2时，则有
g R +R 1
0 g
I E
g=
2 R +R +R
0 g T
联立解得
R =R +R =60Ω+240Ω=300Ω
T 0 g
（3）由图（c）可知，R =300Ω时，对应的温度约为8℃。
T
（4）开关S 接1，闭合S ，调节电阻箱，使电流表示数为I 。由并联电路的分流作用，结合
1 2 g
R =5R，可得干路电流为6I ，则有并联部分的电阻
g g
R R
R = g
并 R +R
g
由欧姆定律可得
E
6I =
g R +R'
并 0
结合
E
I =
g R +R
0 g
R =60Ω
0
解得
I 6
R' =10Ω S 接2时，电流表示数为 g (k>1)，同理可得干路电流可为 I ，由欧姆定律可得
0 1 k k g
6 E
I =
k g R +R' +R
并 0 T
结合E
6I =
g R +R'
并 0
其中
R =40Ω
并
解得
R =(k-1)(R +R' )=50(k-1)Ω
T 并 0
13．(1)4.0×105Pa
(2)6×104J
p p
【详解】（1）从A→B，气体发生等容变化，则有 A = B
T T
A B
T p 400×2.0×105
解得p = A B= Pa=4.0×105Pa
A T 200
B
（2）从 ，气体发生等压变化，气体对外界做功为
B→C W =p (V -V )=1×104J
B C B
气体内能变化量为
ΔU=k(T -T )=250×(400-200)J=5×104J
C B
根据热力学第一定律可得ΔU=-W+Q
解得吸收的热量为Q=6×104J
14．(1)2.5N
(2)7.5×105N/C
(3)增加，2.1J
【详解】（1）在A点，小球的受力情况如图所示
由平衡条件有Fcos37°=mg
mg
解得F= =2.5N
cos37°
（2）结合小问（1）受力分析图，由平衡条件有Fsin37°=Eq
答案第8页，共10页Fsin37°
解得E= =7.5×105N/C
q
（3）根据小球受力情况可知小球带正电，把小球从A点移到B点，电场力做负功，电势能增
加，AB在水平方向的距离d =Lsin37°+Lsin53°
AB
解得d =1.4m
AB
电场力做的功W =U q=-qEd
电 AB AB
解得W =-2.1J
电
因W =-ΔE
电 p
解得ΔE =2.1J
p
即电势能增加量为2.1J。
15．（1）4V，电流由D流向C，电流由D流向C；（2）顺时针转动时ω ≤62rad/s，逆时针
1
转动时ω ≤2rad/s；（3）1.5m/s
2
【详解】（1）假设金属棒ab静止，对金属棒CD，由法拉第电磁感应定律有
1
E= Bω d2=5V
2 0
根据闭合电路欧姆定律，有
E=I(R+r)
解得
I=1A
对金属棒ab，因为
mgsin37°-BIL=4N<μmgcos37°=6.4N
故假设成立
金属棒CD两端的电压为
U =IR
CD
解得
U =4V
CD
由右手定则，可知电流由D流向C
（2）若金属棒CD以ω 顺时针转动，且金属棒ab刚好没滑动时，有
1
BI L=mgsin37°+μmgcos37°
1
解得I =6.2A
1
且
1
E = Bω d2=I (R+r)
1 2 1 1
解得
ω =62rad/s
1
若金属棒CD以ω 逆时针转动，且金属棒ab刚好没滑动时，有
2
μmgcos37°=BI L+mgsin37°
2
解得
I =0.2A
2
且
1
E = Bω d2=I (R+r)
2 2 2 2
解得
ω =2rad/s
2
故要使金属棒ab保持静止，角速度应满足：顺时针转动时
ω ≤62rad/s
1
逆时针转动时
ω ≤2rad/s
2
（3）设金属棒ab恰好匀速时的速度为v，则有
BI L+mgsin37°=μmgcos37°
3
解得
I =0.2A
3
由闭合电路欧姆定律得
E =I (R+r)=1V
3 3
回路的电动势
1
E = Bω d2-BLv
3 2 3
解得
v=1.5m/s
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