石家庄市第一中学2025届高考第一次模拟考试物理答案_2025年2月_2502272025届河北省石家庄市第一中学高三下学期一模考试试题（全科）

石家庄市第一中学 2025 届高考第一次模拟考试 物理答案 1. D 2. A 3. D 4. D 5. C 6. C 7. D 8. BD 9. CD 10. ACD 11. (1)A (2)C (3)D 12. (1)AB (2)3700 (3)65；小于 13． (1)弹簧的弹性势能转化为物块 A、B 的动能,由能量守恒定律得 E = ×2m p 1 2 解得 v B =5 m/s(1 分) 2 (2)假设木板 C 与凹槽右端 Q 第一次碰撞时,木板 C 与物块 B 未共速, 木板 C 受到物块 B 的摩擦力作用,由牛顿第二定律得μmg=Ma (1 分) 1 物块 B 受到木板 C 的摩擦力作用,有μmg=ma , 2 木板 C 从静止运动到凹槽右端 Q 时,由匀变速直线运动规律有 d= a 1 1 2 相同时间内,物块 B 的位移 s B =v B t 1 - a 2 2 1 1 2 物块 B 相对木板 C 滑行的距离Δx= 2 s B - d1=0.455 m(1 分) 此时,物块 B 的速度大小 v' =v -a t =4.5 m/s,木板 C 的速度大小 v =a t =0.4 m/s,两者 B B 2 1 1 1 1 未共速,假设成立(点拨:求解时需要判断运动过程中两者有无可能共速,若共速,则要 按照两者运动到共速的时间计算相对位移)。 (3)B、C 组成的系统不断与凹槽右端 Q 碰撞使系统向右的动量不断减少,由运动的对 称性可知系统不与凹槽左端 P 碰撞,说明系统最终动量为零,最终 B、C 均静止。 木板 C 第一次与凹槽右端 Q 碰撞时的速度大小 v =0.4 m/s(1 分) 1 碰撞反弹时,动量变化量大小 I =2Mv 1 1 木板 C 每次碰撞动量变化量方向均向左,大小均为 I ,最终因碰撞向左的动量变化量 1 等于物块 B 的动量变化量,有 nI =mv 1 B 解得 n=5(1 分) 此过程中物块 B相对木板 C运动的距离Δx'= =2.5 m,物块 B恰好未从木板 C右端滑 2 下(1 分) 2 2 (4)要想物块 B 能滑上右侧水平面,需要同时满足以下条件, ①t =(2n-1)t (n=1,2,3,…)(1 分) n 1 第 1 页，共 3 页 学科网（北京）股份有限公司②L+d=v t - a (1 分) 0 n 2 1 2 ③E p = ×2m 2≤1 6 J(1 分) 1 2 ④v t =v 20 -a 2 t n ≥00.4 m/s(1 分) 联立解得 E = J 或 (n=2,3,4,5) (1 分) p 504+5(2 −1) 2 2 25.2 2 −1 2 14．（1）带电小50球(2 在−1第) 一象限做 类=平0.抛16运2 动−1，+ 4 沿 x 轴方向有 8L＝v t（1 分） 0 沿 y 轴方向有 3L＝ at2（1 分） 1 根据牛顿第二定律有 qE ＋mg＝ma（1 分） 2 1 － 解得 a＝ ，E ＝ （2 分） 1 2 2 3 0 3 0 32 在磁场区 3 域 2 小球做圆周 32 运 动，重力与电场力大小相等，有 qE 2 ＝mg（1 分） － 则 ＝ （1 分） 2 1 3 0 32 （ 22 ）使 3N2 点 到坐标原点 O 的距离最小，需要使带电小球刚进入第四象限时，就进 入磁场区域做圆周运动，画出运动轨迹如图所示， 矩形 GHCD 的面积为磁场区域最小面积 S ， min 设带电小球进入磁场时速度方向与 y 轴负方向的夹角为α， 根据类平抛运动速度反向延长线过水平位移中点，可知 tan α＝ ＝ ，由数学知识可 4 4 知 sin α＝ ，cos α＝ ， 3 3 4 3 根据速度合5 成与分解5可知小球进入磁场时的速度大小为 v＝ ＝ （1 分） 0 5 0 带电小球在磁场中运动时由洛伦兹力提供向心力，有 sin 4 qvB ＝ （1 分） 0 2 解得小球的轨迹半径 R＝2L（1 分） 由几何关系可知 CD＝R＋Rsin α＝ ，HC＝2R＝4L（1 分） 18 则 S ＝ ×4L＝ （1 分） 5 min 2 18 72 带电小球从 M 点进入第一象限，从 M 点到 F 点为类平抛运动的逆运动，根据对称 5 5 性可知 MN＝2OQ＝16L（1 分） 第 2 页，共 3 页 学科网（北京）股份有限公司所以 ON＝OQ－2Rcos α＋MN＝ L（1 分） 108 15．（1）设导体棒在磁场中做匀 5 速直线运动时的速度为v 0 ，某时刻导体棒在回路中 的长度为l，则此时感应电动势E Blv ，(1 分) 0 此时回路的电阻R3lr ，(1 分) 0 E Bv 回路中的感应电流 I   0 ，(1 分) R 3r 0 因为 B、v 和r 均为不变量，所以感应电流 I 为不变量。(1 分) 0 0 （2）释放导体棒后，在未进入磁场的过程中，导体棒和弹簧组成的系统机械能守恒， 2 1 5L 1 1 则有 k   kL2  mv2，(1 分) 2  4  2 2 0 导体棒在磁场中做匀速直线运动的过程中，设某时刻导体棒距 O 的距离为 x，根据 平衡条件有2BIxtan30kx0，(1 分) B4L2 得k  ，(1 分) 12mr2 0 3B2L2 v  (1 分) 0 8mr 0 （3）导体棒过 O 点后与弹簧脱离，在停止运动前做减速运动。设某时刻导体棒距 O 点的距离为 x，导体棒在回路中的长度为l，速度为v，回路中的电流强度为 I ，因 Bv 为I  ，(1 分) 3r 0 B2lv 所以 F BIl ，(1 分) 安 3r 0 设导体棒最终静止的位置距 O 点的距离为 x ，从 O 到停止运动，运用动量定理可得 0 B2lv  Δt 0mv ，(1 分) 3r 0 0 B2 B2 即 lvΔt mv ，因为lvΔt ΔS  x2tan30，即 x2tan30mv ， 3r 0 0 3r 0 0 0 0 3 2L 求得 x  (1 分) 0 4 第 3 页，共 3 页 学科网（北京）股份有限公司