呼和浩特高三上(质检Ⅰ)-理综试题+答案(1)_2023年9月_029月合集_2024届内蒙古呼和浩特市高三第一次质量监测

{#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}{#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}{#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABbYgEgggIAAJAABhCUQFgCACQkBECCAgGBEAAsAABCBFABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}{#{QQABBYCAogiIABAAABhCQQVQCkAQkBACAIgGwEAAsAABCANABAA=}#}物理答案 一、选择题（每题4分，共40分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 选项 B A D C C D AD ABD ABD BD 二、实验题（每空2分，共20分） 11.(1)1.6 3.2 （2）a．把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力； b．砂和桶的质量远小于小车质量； 12、（1）F′；（2）B；（3）① C和E ②在白纸上记下两个弹簧测力计的方向， 将橡皮条的结点拉到同一位置O点。 13、（1）根据题意可知，小球从静止释放运动至最低点的过程中，机械能守恒，设小球运动 到最低点的速度为v ，由机械能守恒定律有 0 𝑚 𝑔𝑙(1−cos𝜃)= 1 𝑚 𝑣2 3分 1 2 1 0 代入数据解得 v 2m s 1分 0 （2）根据题意，设碰后小球的速度为v ，物块的速度为v ，物块在水平面上滑动到停止的 1 2 过程中，由动能定理有 1 m gs0 m v2 3分 2 2 2 2 代入数据解得 v 2m s 1分 2 小球和物块碰撞过程动量守恒，规定向右为正方向，由动量守恒定律有 mv mv m v 3分 1 0 1 1 2 2 代入数据解得 v 1m s 1分 1 14、(1)Fcos𝜃−𝑚𝑔sin𝜃-μ mgcos𝜃+𝐹sin𝜃 =m𝑎 2分 1 𝑥 = 1 𝑎 𝑡2 1分 1 2 1 1 𝑣 =𝑎 𝑡 1分 1 1 1 {#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}得：𝑥 =5𝑚 𝑣 =5𝑚/𝑠 1 1 mgsin𝜃+𝜇𝑚𝑔cos𝜃=𝑚𝑎 2分 2 𝑣2 𝑥 = 1 1分 得：x =1.25m 2 2𝑎 2 2 x=x +x =6.25m 2分 1 2 𝑣 (2) 𝑡 = 1 1分 得：t =0.5s 2 𝑎 2 2 mgsin𝜃−𝜇𝑚𝑔cos𝜃=𝑚𝑎 2分 3 𝑥 +𝑥 = 1 𝑎𝑡2 1分 1 2 2 3 得：𝑡 =2.5𝑠 t=𝑡 +𝑡 =3s 1分 3 1 2 15、（1）粒子在电场、磁场中运动的轨迹如图所示。设粒子从P 到P 的时间为t ，粒子到 1 2 1 达P 时速度沿x方向的分量仍为v ，以v 表示速度沿y方向分量的大小，v表示速度的大 2 0 1 小，θ表示速度和x轴的夹角，则有 h = v t 1分 0 1 ℎ = 𝑣 1𝑡 1分 2 2 1 v v2v2 ，1分 1 0 v tan 1 1分 v 0 解得 v 2v ，1分 0 45 1分 即速度方向与x轴正方向成45°斜向右下方。 （2）设磁场的磁感应强度为B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律 有 v2 qvBm 2分 r r是圆周的半径，此圆周与x轴和y轴的交点分别为P 、P ，由于 2 3 OP =OP ，θ=45° 2 3 {#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}由几何关系可知，连线P P 为圆轨道的直径，由此可求得 2 3 r= 2 ℎ 2分 2 解得 2𝑚𝑣 B= 0 1分 𝑞ℎ （3）根据上述，在电场中从P 到P 的时间为 1 2 ℎ 𝑡 = 1分 1 𝑣 0 在磁场中从P 到P 的时间为 2 3 𝜋ℎ 𝑡 = 1分 2 2𝑣 0 故粒子从P 到P 的时间为 1 3 t=t +t 1 2 解得 𝜋 ℎ t=(1+ ) 1分 2 𝑣 0 {#{QQABDYAEggigAhBAARgCQQXSCEMQkAECAIgGQEAEsAAByAFABAA=}#}