重庆高二期末考试物理答案_2024-2025高二（7-7月题库）_2025年01月试卷_0117重庆康德2026届高二期末考试（全）

2024 年秋高二(上)期末联合检测试卷 物理 参考答案 1～7ACBACDB 8AB 9AD 10BC 解析： 1．A。“W·h”指的是能量，选项A正确，故选A。 2．C。变化的磁场一定产生电场，但磁场不一定产生电场，选项C正确，选项A错误；电磁波可以在真空中传 播，选项B错误；赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了电磁波的存在，选项D错误；故选C。 3．B。磁感线不是客观存在的，选项A错误；磁场中某点的磁感应强度大小，与放在该点的试探电流元的情况 无关，选项B正确；垂直放置在匀强磁场中的线圈面积减小时，穿过该线圈的磁通量减小，选项C错误； 两条距离较近的平行同向通电直导线相互吸引，选项D错误；故选B。 1V 4．A。要将该电流表改装成0～1V的电压表，需要串联电阻分压，改装后的电压表内阻r  1000，则 V 1mA 串联的电阻Rr R 970，选项A正确，故选A。 V g 1 qU l qU 5．C。设该带电粒子在两板间运动的时间为t，则水平方向lv t，竖直方向  t2≤d，解得v ≥ ， 0 2 md 0 d 2m 选项C正确，故选C。 6．D。导体腔在达到静电平衡时是一个等势体，即  ，可知＞ ＞ ，选项D正确，故选D。 b c a b c d 7．B。设小球甲、乙质量分别为m 、m ，碰撞前瞬时小球甲的速度大小为v ，碰撞后瞬时小球甲、乙的速度 1 2 0 1 1 1 分别为v 、v 。如果碰撞是弹性的，则由mv mv m v ， mv2  mv2  m v2可得，碰撞后瞬时 1 2 1 0 1 1 2 2 2 1 0 2 1 1 2 2 2 2mv 小球乙的速度v  1 0 ；如果碰撞是完全非弹性的，则由mv (m m )v可得，碰撞后瞬时小球乙 2 m m 1 0 1 2 2 1 2 mv 的速度v  1 0 。因此，小球乙可能获得的最大冲量与最小冲量的比值为2，选项B正确，故选B。 2 m m 1 2 8．AB。要使电流计G的指针发生偏转，需要使回路的磁通量发生变化，可能的情况是选项A、B，故选AB。 9．AD。将滑动变阻器的滑片P从正中间位置缓慢向M端滑动过程中，外电路电阻增大，分压增大，可知P 增 1 rR 大，选项A正确，选项B错误；若将电源与电阻R视为一个等效电源，则等效内阻r 0.9， rR 2  E  E2 滑动变阻器接入电路的阻值R 在大于0.9Ω的情况下逐渐增大，由P   R  ， P 2  R r   P r2 P R  2r P R P 可知P 减小，选项D正确，选项C错误；故选AD。 2 高二(上)期末联合检测试卷（物理） 第5页 共8页10．BC。若电场方向与BC垂直，则W W 成立，选项A错误；由题知W W W 一定成立，选项B正确； 1 2 1 3 2 若W 2W＞0，由分析和计算可得，电场方向沿∠A的平分线， A 2 1 l 30° 如答图1所示，由qElcos30W 可得，该匀强电场的场强大小 l 1 l E 30° B C 2 3W E  1 ，选项C正确，选项D错误；故选BC。 答图1 3ql 11．（6分） （1）相反（2分） （2）4.8103（4.7103～4.9103均可）（2分） （3）8.0104（7.8104～8.2104均可）（2分） 解析： （1）充电过程中，流过电流计G的电流方向从左向右，放电过程中，流过电流计G的电流方向从右向左。 （2）I-t图像中图线与t轴围成的面积表示电荷量，图中每小格表示的电荷量q0.40.2103C8105C，因 此，电容器C在整个放电过程中释放的电荷量Q60q4.8103C。 Q （3）电容器C的电容C 8.0104F。 U 12．（10分） R （1）如答图2（4分） A － ＋ （2）0.40（2分） （3） c （2分） ac （2分） ＋ － S ba ba 答图2 解析： E 1 R r 1 1 ba c （3）由闭合电路欧姆定律有I  ，可得   ，结合 R图像，由  可得，电动势E  ， Rr I E E I E c ba r ac 由 a可得，内阻r 。 E ba 13．（10分） 解：（1）设甲、乙两小球之间的库仑力大小为F Q5Q 5kQ2 由库仑定律可得：F k （2分），解得：F  （2分） d2 d2 5QQ （2）甲、乙两小球充分接触后，两小球所带电荷量相同，设为q，则q 2Q（1分） 2 设甲、乙两小球之间连线上距甲球d处的场强大小为E，可知甲、乙在该处产生的电场方向相反 q q 甲球产生的场强大小E k （1分），乙球产生的场强大小E k （1分） 甲 d2 乙 (3d d)2 3kQ 该处的合场强大小E E E （1分），联立解得：E  （2分） 甲 乙 2d2 高二(上)期末联合检测试卷（物理） 第6页 共8页14．（13分） 解：（1）该电路的等效电路图如答图3所示 E r S RR 可知，R 所在支路的总电阻R 1 2 R 7.5（1分） A 4 R R 4 R 1 1 2 R 4 RR 电源外电路的总电阻R  3 3（1分） 外 RR 3 R 2 R 3 E 电流表测的是干路电流，其示数I  （1分） V R r 外 答图3 联立解得：I 1A（2分） （2）电压表测的是电源外电压，可知U IR （2分），解得：U 3V（2分） 外 EI I2r （3）该直流电源的效率 100%（2分），解得：60%（2分） EI 15．（18分） I 解：（1）由动量定理知，两小球发生第1次碰撞前瞬时，小球A的速度大小v  （1分） 0 m 设第1次碰撞后瞬时，小球A、B的速度分别为v 、v ，以水平向右为正方向，由弹性碰撞有： A1 B1 3 1 1 1 3 mv mv  mv ， mv2  mv2   mv2 0 A1 5 B1 2 0 2 A1 2 5 B1 v I 联立解得：v  0  （1分），方向水平向右（1分） A1 4 4m 5v 5I v  0  （1分），方向水平向右（1分） B1 4 4m 1 2πR πmR （2）两小球第1次碰撞前，小球A运动的时间t    （1分） 1 4 v 2I 0 设第1次碰撞后，历时t ，两小球发生第2次碰撞，则 2 v v 2πR 2πmR B1t  A1t 2π，解得：t   （1分） R 2 R 2 2 v I 0 第2次碰撞后瞬时，小球A、B的速度分别为v 、v ，有： A2 B2 3 3 1 1 3 1 1 3 1 mv  mv mv  mv mv ， mv2   mv2  mv2   mv2  mv2 A2 5 B2 A1 5 B1 0 2 A2 2 5 B2 2 A1 2 5 B1 2 0 联立解得：v v ，v 0 A2 0 B2 之后，小球B静止，小球A运动。以此类推……同理可得： 2πR 2πmR 第2次碰撞后到第3次碰撞前，历时t   （1分） 3 v I 0 v 5v 第3次碰撞后瞬时，小球A、B的速度大小分别为v  0 ，v  0 A3 4 B3 4 2πmR 第3次碰撞后到第4次碰撞前，历时t t  （1分） 4 2 I 9πmR 6πmR 13πmR 6πmR 由于：t t t  ＜ 且t t t t  ＞ （1分） 1 2 3 2I I 1 2 3 4 2I I 6πmR 可知：t＝0到t＝ 时间段内，A、B两小球共发生了3次碰撞（1分） I 高二(上)期末联合检测试卷（物理） 第7页 共8页6πmR （3）由（2）可知，t＝ 时刻，两小球在发生第3次碰撞后又运动了t I y 3πmR A 则tt(t t t )，解得t＝ （1分） 1 2 3 2I 第3次 α B 碰撞位置 由分析知，第3次碰撞位置和圆心O的连线与第1次碰撞位置和 x O β A B v π 圆心O的连线之间的夹角 A1t  R 2 2 答图4 说明发生第3次碰撞时，小球A、B均位于x轴上坐标（R，0）处 6πmR 作出第3次碰撞后到t＝ 时刻，小球A、B运动的轨迹如答图4所示 I 6πmR v 3π 可知t＝ 时刻：小球A的位置和圆心O的连线与x轴之间的夹角 A3 t I R 8 v π 小球B的位置和圆心O的连线与x轴之间的夹角2π B3 t R 8 2 2 2 2 可得，此时小球A的位置：x Rcos R（1分）， y Rsin R（1分） A 2 A 2 2 2 2 2 小球B的位置：x Rcos R（1分），y Rsin R（1分） B 2 B 2 2 2 2 2 即：小球A的位置坐标为（ R， R）（1分） 2 2 2 2 2 2 小球B的位置坐标为（ R， R）（1分） 2 2 高二(上)期末联合检测试卷（物理） 第8页 共8页