黑龙江省“六校联盟”2025届高三上学期联合适应性考试物理答案_2024-2025高三（6-6月题库）_2025年02月试卷_0202黑龙江省“六校联盟”2025届高三上学期联合适应性考试（全科）

2025 年六校联盟联考 ·物理参考答案· 参 考 答案 及 解 析 参 考 答 案 及 解 析 1. B【解析】牛顿第一定律是在伽利略的理想斜面实验 得：μ=0.02，B项错误；0~5s内冰车做匀加速直线 和大量的事实的基础上，推理出来的并不能通过实验来 运动，根据v-t图像可知 ， 2 验证，A项错误；电流的磁效应是由奥斯特首先发现的， 再由牛顿第二定律： 2带入数据得： 1 =0.4 / C项错误；洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式， ，A项错误；v-t图像与横轴所夹的面积表示位移， 1− = 1 1 = D项错误；伽利略通过实验和合理的推理反驳了亚里士 因此整个过程中冰车在冰面上运动的总距离为S=65m， 24 多德提出的重的物体下落得快，轻的物体下落得慢的观 C项错误；由动能定理： ，带入数据 点，B项正确。 得：W=520J，D项正确。 − =0−0 6. B【解析】对小明同学受力分析，设小明不相对地面 2. C【解析】由 带入 ， 发生相对滑动对杆最大的推力为 ，则： 1 2 ， =1s可 1得=： 0 1 =−8.725 m 1，A项 0错=误1；0 卡/车 刹 车= ，解得： ＜ 53°= 2 设最多能推动积雪的质量为 m，对积雪受力分析， 2的.5时 间/ 为 1 ， 由1于t>4s，因此 =20m， 1( − 53°) =350 450 解得：m=28kg，因此， 0 1 0 = =4 =2 0 0 B项正确。 B项错误；由 带入x=20m，t=5s得 =4m/s，C项正 53°= 2( + 53°) 7. B【解析】如图所示，以垂直于 为x轴，以 方向 确；刹车后6s 末=的 速度等于零，D项错 误。 为y轴建立平面直角坐标系，设y轴与竖直向下成θ角， 0 0 3. C【解析】根据楞次定律的推广含义“来拒去留”当 将重力加速度g分解为g =gsinθ，g =gcosθ则： x y 条形磁铁向右靠近线圈时，平板小车也应该向右移动， 0 A项错误；当左侧二极管发光时，由安培定则可以判断 = = ， ， 线圈内的感应电流磁场向右，再由楞次定律判断原磁场 2 2 0 0 1 2 1 0 2 0 的磁通量可能向左增大或向右减小，因此，条形磁铁可 =2 =2 =2 ( ) =2 2 = ，解得： ， 能S极向右插入线圈或N极向左抽离线圈，B项错误； 2 2 2 2 2 0 1 0 如果右侧的二极管发光，根据安培定则可以判断线圈内 = + 2 2 + 4 =2 2 ，解得： 1.4s 因此，B项正确。 的感应电流磁场向左，在条形磁铁插入线圈的过程时， 2 2 0 2 2 磁通量增大，再根据楞次定律“增反减同”判断原磁场 或采=用 2 斜 交2 分=解 法也可以 解=得同 =样结果。 一定向右，条形磁铁的右端为一定为N极，C项正确； 如果实验中发现左侧二极管发光的同时，小车又向右移 动，则一定是条形磁铁左端为N极，右端为S极，D项 错误。 4. A【解析】根据左手定则判断圆形框架受到的安培力 一定竖直向上，因此C、D两个选项错误；设下方 圆弧 1 4 电阻为r，则上方 圆弧电阻为3r，其中 ，二者 1 3 42 并联总电阻为 4 ，由欧 姆=定 律 8. BC【解析】倾斜轨道卫星的周期是24小时，在地面 总 3 3 总 上看是移动的，因此不能总是在某点的正上方，故A错 =4 = 8 = = ，而有效长度为 ，根据安培力公式 有 安 误； 8 3 = 2 = ，故B项错误，A项正确。 北斗G5为同步卫星，北斗M3为中高卫星，根据万有 有 8 2 5. D【=解析3 】在30~40s内小孩和冰车在只受摩擦力的 Mm v2 引力提供向心力得G m ma 作用下做匀减速直线运动，根据v-t图像可知，此段的 r2 r n 加速度大小为 ，由牛顿第二定律： 可知北斗G5的线速度小于北斗M3的线速度，故B正 2 2 =0.2 / = -1- {#{QQABaYQAogiIAABAARgCEQFCCAAQkAGACQgGxFAQoAAASQNABAA=}#}2025 年六校联盟联考 ·物理参考答案· 确；北斗G5的向心加速度小于北斗M3的向心加速度， ，故C项错误；导体棒ab在水 2 2 2 1 2 2 故C正确；由于卫星质量未知，故无法比较机械能大小， 平4( 导+ 轨0)上 2 +运2动 ， 由 动∙ 量+ 定0理： 故D错误。 又 ， 则 − ∙∆ =0，−解 得 ： 2 2 9. BD【解析】如图所示，带电小球在垂直纸面内做匀 = ∙∆ = + 0 + 0 = = 速圆周运动，电场力、重力和绳拉力的合力提供做圆周 ，故D正确； 的向心力，将重力和 ( + 0) 2 2 m 电场力进行合成，二 11.（1）D（1分）（2）偏小 （2分）（3） （2分） M 者的合力可看做等效 θ L 重力来处理，由于 r E 【解析】（1）AB．平衡摩擦力时，应把小车上的细绳 ，则 m +q 和槽码取下，但纸带需要连接在小车上，利用纸带上的 电 3 = =4 点迹是否均匀判断小车是否做匀速运动，故AB错误； ，合 合 ' 5 ' = 5 C．平衡摩擦力时，有MgsinMgcos每次改变小 = =4 4 力方向与竖直方向成θ角，则 ， ，轨道 车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C错误； 3 =4 =37° D．为了使细线拉力近似等于所挂槽码的总重力，在实 半径 ，A项错误； ，解得： 2 3 5 0 验中，应使小车和钩码的质量远大于所挂槽码的质量， = =5 4 = ，故B正确；T= ，C项错误；小球 3 2 8 故D正确。 运0动=到4 轨 迹 的最高点时，电 场0 力=做5 正 功最多，电势能减 （2）如果实验时交流电的频率实际为50.5Hz，则实际 小量最多为 ，故D正确； 减 18 打点周期小于0.02s，而做实验的同学并不知道，仍按 10.BD【解析∆ 】导=体 棒 a b2在 =M2P5、 照50Hz进行计算，则代入计算的时间偏大，求得的加 NQ 之间运动的过程中根据 ∆总 速度值比真实值偏小。 = ，得： ，A项错误；在MP、 （3）图中PN对应小车合力为悬挂物的重力mg时的加 NQ之间 运=动 0的+ 过程中设经过时间t， mg 速度a ，即mg=Ma 解得a  导体棒ab做圆周运动转过的角度为 1 1 1 M θ，则： ， ，产生的感应电动势为 图中QN对应小车的实际加速度a ，设此时细线的拉力 2 ，为正弦交流电，电动势的有效值为 = = = 为T； E= = ， 下 滑 过 程 中 产 生 总 的 焦 耳 热 为 对小车有T=Ma 对悬挂物有mg-T=ma 解得 2 2 2 = ，由能量守恒定律：整个过程 mg a M m 2 2 2 2 a  联立解得 1  1 2 2 M m a M 1 =( 0+ )∙4∙ 4( + 0) 2 中由于摩擦而产生的热量为 ，故B正确； PQ a a m 2 2 2 结合图像斜率的含义，可得  1 2  QN a M 下滑过程中电阻 R 上产生 的 焦−耳4(热 + 为0) 2 2 12.（1）红；（1分）（2）×10；（1分）10；（2分） ，水平轨道上由能量 守1恒=： 电 阻= 2 2 2 2 （3）1401；（2分）500（2分）。 2 ( + 0) 2 = 4( + 0) R上产生的焦耳热为 ，因此整个过 【解析】解：（1）红表笔与内部电源的负极相连，黑 1 2 2 程中电阻 R 上产生 2的=焦2 耳 热 为∙ + 0 表笔与内部电源的正极相连，故A端应与红表笔相连； = 1+ 2 = -2- {#{QQABaYQAogiIAABAARgCEQFCCAAQkAGACQgGxFAQoAAASQNABAA=}#}2025 年六校联盟联考 ·物理参考答案· （2）当单刀双掷开关拨到1端时，电流表的量程较大， 根据理想变压器的变压规律有 n 1  U 1 …………………⑦ n U 2 2 故调零时欧姆表的内电阻较小，即欧姆表的中值电阻也 解得U 250V 1 较小，测量待测电阻时的量程较小，倍率为较小的“×10”； S拨到1端，则有：（I﹣I g ）R 1 ＝I g （R g+ R 2 ），解得： 交流发电机产生的感应电动势的最大值为E m  NBS I＝10mA。即当电流表G满偏时，通过红黑表笔的电 代入数据解得电动势有效值 …………⑧ 流为10mA。 =I 2n=430 根据理想变压器的变流规律有 1  2 ……………⑨ （3）当欧姆表倍率取“×100”，即单刀双掷开关拨到2 I n 2 1 端时，欧姆调零的电阻为R，则有： ， I 36A 1 ( 1+ 2) 解得：R＝1401Ω。当欧姆表倍率取 “×+10 0 1 ” + ， 电 2+ 流 表=量 程 2 根据闭合电路欧姆定律有 EU I r ……………⑩ 1 1 为1mA，此时欧姆表内阻为： ，当指 内 解得 r 5……………………………………………………⑪ = =1500 2 针指到 处时，电路的总电流为 ，总电阻为短接时 3 3 （评分参考：本题共 11分。第（1）问 4分；第（2）问 7 的 倍，4即2000Ω，故待测电阻为4 Rx ＝R 总 ﹣r 内 ＝2000Ω 4 分，①~⑪均 1 分。） ﹣13500Ω＝500Ω。 13.（1）P200W；（2）r 5 14（. 1） ；（2） ；（3） 8 11 4 + 【解析】 0（=1）3小 球第一 次 到=最3高 点时，小 =球和4 滑块6 达 【解析】（1）设降压变压器原、副线圈的电流分别为I 、 3 到相同速度，由水平方向的动量守恒： P I ，电动机恰能正常工作，则I  M ……………………① ………………………………………………………① 4 4 U 共 4 由 系0统=机4 械 能守恒： 解得I 40A 4 ………………………………………② 共 I n 根据理想变压器的变流规律有 3  4 ……………………② 1 2 1 2 I n 2 0 =24 + 4 3 联立①②得： ………………………………………③ 解得I 4A 8 3 （2）小球第1 0次=返回3 最 低点时，设小球速度v 1 ，滑块 的速度为v ，对系统由动量守恒定律和机械能守恒定律： 输电线路上损耗的电功率为PI2R……………………③ 2 3 ……………………………………………④ 解得 0 = 1+3 2 ………………………………………⑤ P200W………………………………………………………④ 1 2 1 2 1 2 2 0 =2 1+23 2 n U 解得： ， （2）根据理想变压器的变压规律有 3  3 ……………⑤ n U 1 1 4 4 1 =−2 0 2 =2 0 由牛顿第二定律， ,……………………⑥ 解得U 2200V 2 3 ( 2− 1) − = 联立③④⑤解得： ………………………………⑦ 升压变压器副线圈两端电压为U U I R……………⑥ 2 3 3 11 （3）从开始到第1 次=摆3到 最 高点的过程中二者组成系 解得U 2250V 统水平方向动量守恒，取极短时间 内： 2 ∆t -3- {#{QQABaYQAogiIAABAARgCEQFCCAAQkAGACQgGxFAQoAAASQNABAA=}#}2025 年六校联盟联考 ·物理参考答案· ……………………………………⑧ …………………………………………………⑧ 0∆ = 1∆ +3 2∆ = 1− 2 =0 累加可得： …………⑨ …………………………………………………⑨ 1 0 0∆ = 1∆ +3 2∆ = 1 2 = 0 2 又 ， ……………⑩ 之后在 ~ 时间内粒子只在电场力作用下做匀加速直 1∆ = 1 = + 2∆ = 2 = 线运动， 0设 此0 段时间间隔为 ，则 则： ………………………………………⑪ ………………………………t2………………………………⑩ 0 = 1+3 2 解得： …………………………………⑫ 0 = 4 + 4 + …………………………………………………………⑪ = 0 = 4 6 （评分参考：本题共 12分。第（1）问 3 分；第（2）问 1 2 2 =2 2 解得： ……………………………………………………⑫ 4 分；第（3）问 5 分，①~⑫均 1 分。） 2 2 = （ 0 ） + …………………………………………⑬ 15.（1） ；（2） （ ） ； +2 （03=） 1时 2刻=之后 ，0粒子将重复之前的运动，轨迹如图所 0 +2 （2） =（ ）（ 0 ）= （ 0 n=0，1，2……）， 示，整 0 个过程粒子将沿着OABCDEFGO做周期性运动。 当粒子运动到C点时离O点最远 [ 4n+1 π+2 +π]m tOC = qB0 则： = 2 0 2 2 ………………………………………⑭ 【 解 析 0】（( 1+）2t=)0+时 刻对粒子受力分析，由牛顿第二定 ( +2) 0 律： = + = 0 2 ……………………………………………① ……………………………………………………⑮ 0 0 0− 0 = = = 0 2 又 2 0 = ……………………⑯ 0 = 0 联立可得： ………………………………………………② 2 2 0 2 2 0 = （+ ） 0 2 （( +2）) + （ n=0，1，2……）⑰ （2）在0~ = 时间 内，设此段时间间隔为 ， π+2 m 2π+2 m tOC = 4n∙ （qB0 ）+（ qB）0 粒子受f 和 0F 的共同作用，设 1 ， 解得： （n=0，1，2…）⑱ 洛 电 [ 4n+1 π+2 +π]m 令 则： ， 0 = 1+ 2 （评分参 tO考C = ：本题共 18 qB 分 0 。第（1）问 2分；第（2）问 11分；第（3）问 5 分，①~⑱ 均1 分。） 0 0 粒 子 以1 0 =匀 速 0直线运 1动=的 同0 时 2又=以 0−速 率1 =做 匀0 速圆周 y A 运动，合 1运动的轨迹为摆线………… …2……………………③ ………………………………………………………④ G O B x 2 2 2 0 = 解得：R= ………………………………………………………⑤ 0 0 2 F C …………………………………………………⑥ D 2 0 =2 = 0 2 T= …………………………………………………………⑦ E 2 2 2 = 0 又 = 则 恰 好 运 动 到 最 高 点 且 1 1 = 0 2 -4- {#{QQABaYQAogiIAABAARgCEQFCCAAQkAGACQgGxFAQoAAASQNABAA=}#}黑龙江省“六校联盟”高三年级联合适应性测试 物理考点细目表 题号 题型 分值 考查的主要内容及知识点 难度 1 选择题 4 物理学史 易 2 选择题 4 匀变速直线运动，刹车问题 易 3 选择题 4 楞次定律的应用 易 4 选择题 4 欧姆定律，安培力公式，有效长度，左手定则 中 5 选择题 4 v-t图像，牛顿第二定律，功的公式或动能定理 中 6 选择题 4 平衡中的临界问题，隔离法 中 7 选择题 4 斜抛物体运动，特殊的分解方法 难 8 选择题 6 万有引力与宇宙航行，万有引力定律的应用 中 9 选择题 6 等效重力场，圆锥摆，电场力做功和电势能的关系 中 10 选择题 6 电磁感应单棒模型，正弦交流电有效值，能量守恒，动量定理 难 11 非选择题 5 “探究加速度与力、质量的关系”的实验 中 12 非选择题 8 欧姆表原理 中 13 非选择题 11 交变电流，变压器，电能输送 中 14 非选择题 12 动量守恒定律，类碰撞模型，向心力公式，微元法 难 15 非选择题 18 带电粒子在组合场中的运动，配速法，周期性多解问题 难 {#{QQABaYQAogiIAABAARgCEQFCCAAQkAGACQgGxFAQoAAASQNABAA=}#}