文档内容
2021年甘肃省白银市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．【分析】能够从自然界源源得到补充的能源是可再生能源，例如水能、风能、太阳能等。
【解答】解：A、太阳能可以从自然界源源得到补充，属于可再生能源，故A符合题意；
BCD、石油、煤、核燃料一旦消耗，在短时间内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源，
故BCD不合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了能源的分类，属于基础知识的考查，比较简单。
2．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献。
【解答】解：A.阿基米德总结出了浮力大小的计算方法，故A错误；
B.法拉第发现了电磁感应现象，并制造了发电机，故B正确；
C.托里拆利准确地测出了大气压值，故C错误；
D.卢瑟福通过著名的 粒子散射实验，提出了原子的核式结构学说，故D错误。
故选：B。 α
【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加
强记忆，这也是考试内容之一。
3．【分析】（1）响度是指声音的大小；音调是指声音的高低；
（2）声音的传播需要介质，空气的传声能力跟空气的稀薄程度有关，空气越稀薄，传声能
力越差；
（3）从防治噪声的三个途径进行分析；
（4）声波可以传递能量和信息。
【解答】解：
A、公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的响度，故A错误；
B、逐渐抽出真空罩内的空气，真空罩内空气越来越稀薄，空气的传声能力越来越差，所以
听到闹钟发出的铃声越来越小，故B错误；
C、禁止汽车鸣笛，是防治噪声的产生，是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、医生用B超检查身体是利用了超声波能传递信息的特点，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声现象的相关知识，属于基础题。4．【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液
态变为气态的过程叫汽化，物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态
的过程叫升华，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A.烘干湿手，水由液态变为气态，是汽化现象，故A错误；
B.哈出的“白气”，是人呼出的水蒸气放热液化形成的小水滴，故B错误；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态的小冰晶，是凝华现象，故C正确；
D.湖面结冰，是水由液态变为固态，是凝固现象，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物态变化的过程，解此类题关键是搞清物质变化前后所处的状态，再
利用概念辨析法判断即可。
5．【分析】空气开关“跳闸”的原因有两个：发生短路或用电器的总功率过大，题目中明确告
知属于短路的情况，结合选项作答即可。
【解答】解：A.若是插座处原来有短路，则在没有插入台灯之前，空气开关就已经跳闸了，
故A错误；
B.若是台灯的插头处有短路，则在台灯插头插入插座时，电路就会出现短路，而不会等到
闭合台灯开关时才跳闸，故B错误；
C.若是灯座发生了短路，则在台灯插头插入插座，并且闭合台灯开关时，电路出现短路，空
气开关跳闸，故C正确；
D.若是开关发生了短路，则电路是接通的，对原来室内正常发光的电灯没有影响，也不会
跳闸，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查对家庭电路故障（短路）的分析判断能力，需要考生在掌握物理知识的同
时具有良好的推理能力。
6．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增
大接触面的粗糙程度；
（2）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
（3）注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推
力；
（4）电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
【解答】解：A、自行车轮胎上有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙
程度来增大摩擦，故A正确；B、安全锤做得很尖，用同样大小的力产生的压强大，压强大就很容易击碎玻璃让人们能
安全逃生，故B错误；
C、用针管把药液推入体内，是由于活塞受到推力的作用，与大气压无关，故C错误；
D、头发和梳子摩擦，头发和梳子带异种电荷，根据异种电荷互相吸引，所以头发会随着梳
子飘起来，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了影响摩擦力的因素、增大压强的方法、大气压的应用以电荷间的相互
作用，都是力学重要的规律，但难度不大，容易解答。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共16分）
7．【分析】（1）镜面反射是平行光线射到物体表面上时，反射光线仍是平行的，射向了同一方
向，而漫反射是由于物体表面粗糙时，反射光线的方向变得是向各个方向反射。能从不同
方向看清物体，发生的是漫反射。
（2）不同物质接触时分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动的结果，分子
的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
【解答】解：（1）能从不同方向看到作者画在纸上的梅花，是因为光照到花上发生了漫反射；
（2）淡淡墨香飘散在空气中，是因为墨香分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
故答案为：漫；扩散。
【点评】理解分子动理论内容，明确镜面反射和漫反射的区别，可解答此题。
8．【分析】（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，磁场对放入内部的
磁体具有力的作用；
（2）根据题干即可找出正确答案。
【解答】解：（1）司南是用天然磁石磨制成的勺子，其本质就是一块磁铁，在地磁场中受到
磁力的作用；
（2）根据题干：“司南之杓，投之于地，其柢指南”可知司南的长柄指的是地理的南极。
故答案为：地磁场；南。
【点评】本题主要考查了地磁场的应用，属于基础知识。
9．【分析】杠杆可以绕其转动的点为支点；根据动力臂与阻力臂大小关系确定杠杆类型。
【解答】解：当用力摁住C点夹核桃时，杠杆AC围绕A点转动，故A为支点；由于动力臂
大于阻力臂，此时核桃夹可看作为省力杠杆。
故答案为：A；省力。
【点评】杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆。能结合核桃夹的使用特点进行具体的分析，找出其中的杠杆及其要素是解答的关键。
10．【分析】（1）潜水器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，利用
F浮 ＝ 水V排g分析浮力变化；
（2）ρ根据公式p＝ gh计算潜水器在10000m深处受到海水的压强。
【解答】解：（1）潜水ρ器在上浮且未浮出水面过程中，排开水的体积不变，水的密度不变，由
F浮 ＝ 水V排g可知浮力不变；
（2）ρ潜水器在10000m深处受到海水的压强是：
p＝ 海水gh＝1.02×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1.02×108Pa。
故答ρ案为：（1）不变；（2）1.02×108。
【点评】本题考查了液体压强公式、阿基米德原理的应用，要求认真审题，从中获取有用信
息，难度不大。
11．【分析】（1）飞机在空中匀速直线飞行时处于平衡状态，受到平衡力的作用；
（2）机翼的升力：机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，
空气的流速小，压强大，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力。
【解答】解：飞机在空中匀速直线飞行时处于平衡状态，受到平衡力的作用，则向上的升力
等于飞机总共的重力；
因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，机翼下方受到
的向上的压力大于机翼上方受到的向下的压力，飞行时机翼上方受到空气的压力小于下
方受到空气的压力。
故答案为：等于；小于。
【点评】本题考查了我们对流体的压强跟流速的关系的理解和掌握，以及运用所学的知识
来分析解决生活中的问题的能力，对这种能力的考查也是中考的重点。
12．【分析】手机摄像头的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，像成在另一侧的1
倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小实像的原理制作的。
【解答】解：手机摄像头相当于凸透镜，手机扫描二维码，二维码在2倍焦距以外，此时成
倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；缩小。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
13．【分析】（1）判断一个物体的运动状态，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物
之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则
物体是静止；（2）电磁波可以传递信息，传播不需要介质，可以在真空中传播。
【解答】解：
（1）卫星与火箭分离之前，卫星与火箭的速度相同，没有发生位置变化，所以卫星相对火
箭是静止的；
（2）电磁波传播不需要介质，卫星与地面设备之间是利用电磁波传递信息。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题考查了运动与静止的相对性、电磁波的应用，属于基础题目。
14．【分析】燃料燃烧的过程化学能转化为内能，加速上升过程中，卫星的动能和重力势能都
变大。
【解答】解：燃料燃烧的过程化学能转化为内能，加速上升过程中，卫星的动能和重力势能
都变大，所以卫星的机械能增大。
故答案为：化学；增大。
【点评】本题考查能量之间的相互转化，属于基础题。
三、识图、作图题（本题共4小题，共9分）
15．【分析】（1）温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代
表的示数，从小数字读向大数字；
（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值，使用刻度尺测量物体长度之前，
要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度
当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分
度值的下一位。
【解答】解：
（1）温度计上10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此体温计的分度值为1℃；
液面在0℃以下，示数为﹣4℃；
（2）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分
度值为0.1cm＝1mm；物体左侧与0.0cm刻度线对齐，读作0.00cm；右侧与2.6cm刻度线
对齐，读作2.60cm，所以物体的长度为L＝2.60cm﹣0.00cm＝2.60cm。
故答案为：﹣4；2.60。
【点评】物理中有很多的测量工具，如刻度尺、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一
个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工
具不需要估读，读出最接近的数值即可。
16．【分析】（1）四冲程汽油机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，完成一个工作循环，做一次功，共计四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其他物质，在升高相同温度的情况下，水吸收的热
量最多。
【解答】解：四冲程汽油机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为
机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的；
汽油机工作时会产生大量热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同
的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
故答案为：做功；比热容。
【点评】本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、水的比热容大的应用的理解，是中考的
热点题目。
17．【分析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示
意图。
【解答】解：空中缆车随缆绳做匀速直线运动，所以缆车受力平衡，不计空气阻力，轿厢受
到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一
直线上，作用点在轿厢的重心，示意图如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。
18．【分析】先根据平面镜成像的特点作出A的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所
有的反向延长线都会过A的像；连接像点与B点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光
路即可。
【解答】解：先作出发光点A关于平面镜的对称点A′即为A的像；连接A′B交平面镜
于点O（即入射点），连接AO，则AO为入射光线，OB为反射光线；如图所示：【点评】本题利用了平面镜成像特点和原理来完成光路。一定要注意物与像关于镜面是对
称的。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
19．【分析】（1）用吸盘方法测量大气压强：①将吸盘吸在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气，
为了密封，先将吸盘蘸水；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动
吸盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④根据p＝ 计算压强
值；
（2）由F＝pS计算压力；
（3）根据杠杆平衡原理计算吸盘受到的拉力，再根据p＝ 计算大气压强；
（4）用吸盘法测大气压测的结果小于真实值可能的原因：吸盘内的空气无法全部排尽；测
量过程中有误差等。
【解答】（1）用吸盘方法测量大气压强：①将吸盘吸在光滑玻璃板上，排尽吸盘内空气，为
了密封，先将吸盘蘸水；②测量吸盘与玻璃板之间的接触面积；③用弹簧测力计拉动吸
盘至吸盘刚好离开玻璃板，读出弹簧测力计示数即为大气压力；④记录弹簧测力计的示
数为F，这就是大气对吸盘的压力；⑤根据p＝ 计算压强值；；故正确步骤应选②；
（2）根据F＝pS＝1×105Pa×1.0×10﹣4m2＝10N
（3）弹簧测力计读数：最小刻度为0.2N，读数为2.6N；
由杠杆平衡原理可得，吸盘所受拉力为：2.6N×3＝7.8N，
由p＝ ＝ ＝7.8×104Pa；
（4）用吸盘法测大气压测的结果小于真实值可能的原因：吸盘内的空气无法全部排尽；测
量过程中有误差等。（合理即可）
故答案为：（1）②；（2）10；（3）2.6；7.8×104；（4）吸盘内有空气；测量吸盘的直径d有误差
等（合理即可）。
【点评】本题考查大气压强测量实验及压强的计算公式，属于常考实验。
20．【分析】（1）根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
（2）在电学实验中，为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前，应将滑动变阻器
的滑片移至最大阻值处；（3）确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R＝ 求出小灯泡的电阻，根据公式P＝
UI计算出额定功率；
（4）根据图1确定灯泡的额定电压，由图3确定额定电流，根据P＝UI计算出额定功率
【解答】解：（1）灯泡与滑动变阻器应串联，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为
2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，实物电路图如图所示：
；
（2）在连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的
位置；
（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R＝ ＝ ≈8.33 ；
Ω
灯泡的额定功率为：P＝U I ＝2.5V×0.3A＝0.75W；
L L
（4）由图象丙知，U﹣I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小
于电流的变化量，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压为3V时，电流为24mA＝0.024A，则P＝UI＝3V×0.024A＝0.072W。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大；（3）0.3；8.33；0.75；（4）减小；0.072。
【点评】此题是“测定小灯泡电功率”的实验，考查了电路的连接、电流表的读数及电功
率的计算、欧姆定律的应用；同时考查了对图象的分析，要学会从图象中获取有价值的信
息。
五、计算与简答题（本题共3小题，共17分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要有
主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
21．【分析】做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通
过一定的距离。
【解答】答：支持乙同学的观点；机器人沿水平方向做匀速直线运动，手托托盘力方向竖直
向上，沿力的方向通过的距离为0，故不做功。
【点评】该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
22．【分析】（1）处于漂浮状态的物体所受浮力等于重力；
（2）航母始终处于漂浮状态，飞机起飞后，减小的浮力等于飞机重力，根据密度公式计算
海水的体积。
【解答】解：（1）航母处于漂浮状态，在标准排水量时，航母所受的浮力：F浮 ＝G总 ＝m排g
＝5×107kg×10N/kg＝5×108N；
（2）36 架舰载机全部飞离航母后，排开海水的质量减小值：△m
排
＝m
舰载机
＝
36×2.5×104kg＝9.0×105kg，
由密度公式 ＝ 得，
ρ
航母排开海水的体积减少：△V＝ ＝ ≈882.35m3。
答：（1）在标准排水量时，航母所受的浮力为5×108N；
（2）当36架舰载机全部飞离航母后，航母排开海水的体积减少了882.35m3。
【点评】本题考查物体浮沉条件的应用、阿基米德原理公式的应用，难度不大。
23．【分析】（1）分析清楚电路结构，应用电功率公式判断壶的工作状态；
（2）根据P＝UI求出正常工作时通过R 的电流，根据I＝ 求出R 的阻值；根据高温挡求
1 1
出R 的电动率，根据P＝ 求出R 的电阻；
2 2
（3）根据 ＝ 求出水的质量，根据热量公式求出水吸收的热量，再利用效率公式求出消
ρ
耗的电能，然后利用功率公式求出烧开一壶水需要的时间。
【解答】解：（1）由电路图可知，当开关S 闭合，S 接B时，电阻R 、R 并联，电路中的总电
1 2 1 2
阻最小，由P＝ 可知，总功率最大，所以此时电炖锅为高温挡；当开关S 断开，S 接A
1 2
时，电阻R 、R 串联，电路中的总电阻最大，由P＝ 可知，总功率最小，所以此时电炖锅
1 2
为低温挡。
（2）由电路图可知，当开关S 断开，S 接A时，电阻R 、R 串联，电路中的总电阻最大，由
1 2 1 2P＝ 可知，总功率最小，此时为低温挡；
当S 接A，S 闭合时，R 被短路，只有电阻R 接入电路，电炖锅处于中温挡。
2 1 2 1
由P＝UI得，正常工作时通过R 的电流：
1
I ＝ ＝ ＝ A，
1
由I＝ 得，R 的阻值：
1
R ＝ ＝ ＝121 ；
1
Ω
高温挡时，R
2
消耗的电功率为：P
2
＝P高 ﹣P中 ＝1100W﹣400W＝700W；
则R 的电阻为：R ＝ ＝ ≈69 ；
2 2
Ω
（3）由 ＝ 可得，水的质量：
ρ
m＝ 水V＝1×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，
水吸ρ收的热量：
Q吸 ＝c水m（t﹣t
0
）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J，
消耗的电能：W＝ ＝ ＝4.62×105J，
由P＝ 得，烧开一壶水需要的时间：
t＝ ＝ ＝420s。
答：（1）当开关S 断开，S 接A时，电阻R 、R 串联，电路中的总电阻最大，由P＝ 可知，
1 2 1 2
总功率最小，所以此时电炖锅为低温挡；
（2）电阻R 的阻值是121 ；R 的电阻为69 ；
1 2
（3）水吸收的热量为3.696Ω×105J，烧开一壶水Ω需要的时间为420s。
【点评】本题考查质量、电流、水吸热、电功和热效率的计算，关键是公式及其变形式的灵
活运用，计算过程还要注意单位的换算。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布
日期：2022/1/24 19:16:19；用户：我不叫王海宁；邮箱：orFmNtygTZdeoRRXtaD47YJRzPg0@weixin.jyeoo.com；学号：39962365
