文档内容
江苏省 2022 年普通高中学业水平选择性考试
物理
注意事项：
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1．本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡
一并交回。
2．答题前，请务必将自己的姓名，准考证号用0.5老米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题
卡的规定位置。
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符。
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满，涂黑；如需改动，请用橡
皮擦干净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡
上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效。
5．如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。
一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题意。
1. 高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，
取重力加速度 ．若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
在
【详解】书放 水平桌面上，若书相对于桌面不滑动，则最大静摩擦力提供加速度
解得
书相对高铁静止，故若书不动，高铁的最大加速度 ，B正确，ACD错误。
故选B。2. 如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为 ， ， ， 电源电动势
，内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
的
【详解】由电路图可知R 与R 串联后与R 并联，再与R 串联。并联电路部分 等效电阻为
3 4 2 1
由闭合电路欧姆定律可知，干路电流即经过R 的电流为
1
并联部分各支路电流大小与电阻成反比，则
四个灯泡的实际功率分别为
， ， ，
故四个灯泡中功率最大的是R，故A正确，BCD错误。
1
故选A。
3. 如图所示，两根固定的通电长直导线a、b相互垂直，a平行于纸面，电流方向向右，b垂直于纸面，电
流方向向里，则导线a所受安培力方向（ ）A. 平行于纸面向上
B. 平行于纸面向下
C. 左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里
D. 左半部分垂直纸面向里，右半部分垂直纸面向外
【答案】C
【解析】
【详解】
根据安培定则，可判断出导线a左侧部分的空间磁场方向斜向右上，右侧部分的磁场方向斜向下方，根据
左手定则可判断出左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里。
故C正确，ABD错误。
故选C。
4. 上海光源通过电子-光子散射使光子能量增加，光子能量增加后（ ）
A. 频率减小 B. 波长减小 C. 动量减小 D. 速度减小
【答案】B
【解析】
【详解】AB．根据 可知光子的能量增加后，光子的频率增加，又根据
可知光子波长减小，故A错误，B正确；
CD．根据
可知光子的动量增加；又因为光子质量不变，根据 可知光子速度增加，故C错误，D错误。
故选B。
5. 如图所示，半径为r的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度B随时间t的变化关系为， 、k为常量，则图中半径为R的单匝圆形线圈中产生的感应电动势大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题意可知磁场的变化率为
根据法拉第电磁感应定律可知
故选A。
6. 自主学习活动中，同学们对密闭容器中的氢气性质进行讨论，下列说法中正确的是（ ）
A. 体积增大时，氢气分子的密集程度保持不变
B. 压强增大是因为氢气分子之间斥力增大
C. 因为氢气分子很小，所以氢气在任何情况下均可看成理想气体
D. 温度变化时，氢气分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变化
【答案】D
【解析】
【详解】A．密闭容器中的氢气质量不变，分子个数不变，根据
可知当体积增大时，单位体积的个数变小，分子的密集程度变小，故A错误；
B．气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的；压强增大并不是因为分
子间斥力增大，故B错误；
C．普通气体在温度不太低，压强不太大的情况下才能看作理想气体，故C错误；D．温度是气体分子平均动能的标志，大量气体分子的速率呈现“中间多，两边少”的规律，温度变化时，
大量分子的平均速率会变化，即分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变化，故D正
确。
故选D。
7. 如图所示，一定质量的理想气体分别经历 和 两个过程，其中 为等温过程，状态b、
c的体积相同，则（ ）
A. 状态a的内能大于状态b B. 状态a的温度高于状态c
C. 过程中气体吸收热量 D. 过程中外界对气体做正功
【答案】C
【解析】
【详解】A．由于a b的过程为等温过程，即状态a和状态b温度相同，分子平均动能相同，对于理想气
体状态a的内能等于→状态b的内能，故A错误；
B．由于状态b和状态c体积相同，且 ，根据理想气体状态方程
可知 ，又因为 ，故 ，故B错误；
CD．因为a 过程气体体积增大，气体对外界做正功；而气体温度升高，内能增加，根据
c→
可知气体吸收热量；故C正确，D错误；
故选C。
8. 某滑雪赛道如图所示，滑雪运动员从静止开始沿斜面下滑，经圆弧滑道起跳将运动员视为质点，不计摩
擦力及空气阻力，此过程中，运动员的动能 与水平位移x的关系图像正确的是（ ）A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】设斜面倾角为 ，不计摩擦力和空气阻力，由题意可知运动员在沿斜面下滑过程中根据动能定理
有 θ
即
下滑过程中开始阶段倾角 不变，E-x图像为一条直线；经过圆弧轨道过程中 先减小后增大，即图像斜
k
率先减小后增大。 θ θ
故选 。
9. 如A图所示，正方形ABCD四个顶点各固定一个带正电的点电荷，电荷量相等，O是正方形的中心，将A
点的电荷沿OA的延长线向无穷远处移动，则（ ）A. 在移动过程中，O点电场强度变小
B. 在移动过程中，C点的电荷所受静电力变大
C. 在移动过程中，移动的电荷所受静电力做负功
D. 当其移动到无穷远处时，O点的电势高于A点
【答案】D
【解析】
【详解】A．O是等量同种电荷连线的中点，场强为0，将A处的正点电荷沿OA方向移至无穷远处，O点
电场强度变大，故A不符合题意；
B．移动过程中，C点场强变小，正电荷所受静电力变小，故B错误；
C．A点电场方向沿OA方向，移动过程中，移动电荷所受静电力做正功，故C错误；
D．A点电场方向沿OA方向，沿电场线方向电势降低，移动到无穷远处时，O点的电势高于A点电势，故
D正确。
故选D 。
10. 如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与物块A连接在一起，处于压缩状态，A由静止释放后沿斜面
向上运动到最大位移时，立即将物块B轻放在A右侧，A、B由静止开始一起沿斜面向下运动，下滑过程
中A、B始终不分离，当A回到初始位置时速度为零，A、B与斜面间的动摩擦因数相同、弹簧未超过弹
性限度，则（ ）
A. 当上滑到最大位移的一半时，A的加速度方向沿斜面向下
B. A上滑时、弹簧的弹力方向不发生变化
C. 下滑时，B对A的压力先减小后增大
D. 整个过程中A、B克服摩擦力所做的总功大于B的重力势能减小量
【答案】B
【解析】
【详解】B．由于A、B在下滑过程中不分离，设在最高点的弹力为F，方向沿斜面向下为正方向，斜面倾
角为θ，AB之间的弹力为F ，摩擦因素为μ，刚下滑时根据牛顿第二定律对AB有
AB对B有
联立可得
由于A对B的弹力F 方向沿斜面向上，故可知在最高点F的方向沿斜面向上；由于在最开始弹簧弹力也
AB
是沿斜面向上的，弹簧一直处于压缩状态，所以A上滑时、弹簧的弹力方向一直沿斜面向上，不发生变化，
故B正确；
A．设弹簧原长在O点，A刚开始运动时距离O点为x，A运动到最高点时距离O点为x；下滑过程AB
1 2
不分离，则弹簧一直处于压缩状态，上滑过程根据能量守恒定律可得
化简得
当位移为最大位移的一半时有
带入k值可知F =0，即此时加速度为0，故A错误；
合
C．根据B的分析可知
再结合B选项的结论可知下滑过程中F向上且逐渐变大，则下滑过程F 逐渐变大，根据牛顿第三定律可
AB
知B对A的压力逐渐变大，故C错误；
D．整个过程中弹力做的功为0，A重力做的功为0，当A回到初始位置时速度为零，根据功能关系可知整
个过程中A、B克服摩擦力所做的总功等于B的重力势能减小量，故D错误。
故选B。
二、非选择题：共5题，共60分，其中第12~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和
重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 小明利用手机测量当地的重力加速度，实验场景如图1所示，他将一根木条平放在楼梯台阶边缘，小
球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击打木条使其转开后、小球下落撞击地面，
手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到小球落地的撞击声停止计时，记录下击打声与撞击声的时间间
隔t，多次测量不同台阶距离地面的高度h及对应的时间间隔t。
（1）现有以下材质的小球，实验中应当选用______。
A．钢球 B.乒乓球 C.橡胶球
（2）用分度值为 的刻度尺测量某级台阶高度h的示数如图2所示，则 ______ 。
（3）作出 图线，如图3所示，则可得到重力加速度 ______ 。的
（4）在图1中，将手机放在木条与地面间 中点附近进行测量，若将手机放在地面A点，设声速为v，考
虑击打声的传播时间，则小球下落时间可表示为 ______（用h、t和v表示）。
（5）有同学认为，小明在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力加速度g必然有偏差。请判断该观
点是否正确，简要说明理由______。
【答案】 ①. A ②. 61.30 ③. 9.55 ④. ⑤. 不正确，理由见解析
【解析】
【详解】（1）[1]为了减小空气阻力等误差影响，应该选用材质密度较大的小钢球，故选A。
（2）[2]刻度尺的分度值为1mm，估读到分度值的下一位，由图可知h=61.30cm；
（3）[3]根据 可知
故在 图像中斜率表示重力加速度，则根据图线有
（4）[4]下落过程中声音传播的时间为则小球下落的时间为
（5）[5]设木条厚度为H，则台阶距离地面的高度h 时的时间为t，高度h 时的时间为t；则根据前面的分
1 1 2 2
析有
可知与H无关。
12. 如图所示，两条距离为D的平行光线，以入射角O从空气射入平静水面，反射光线与折射光线垂直，
求：
（1）水的折射率n；
（2）两条折射光线之间的距离d。
【答案】（1） ；（2）
【解析】
【详解】（1）设折射角为 ，根据几何关系可得
根据折射定律可得
联立可得
（2）如图所示根据几何关系可得
13. 利用云室可以知道带电粒子的性质，如图所示，云室中存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，一个质
量为m、速度为v的电中性粒子在A点分裂成带等量异号电荷的粒子a和b，a、b在磁场中的径迹是两条
相切的圆弧，相同时间内的径迹长度之比 ，半径之比 ，不计重力及粒子间的相互
作用力，求：
（1）粒子a、b的质量之比 ；
（2）粒子a的动量大小 。
【答案】（1） ；（2）
【解析】
【详解】（1）分裂后带电粒子在磁场中偏转做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有解得
由题干知半径之比 ，故
因为相同时间内的径迹长度之比 ，则分裂后粒子在磁场中的速度为
联立解得
（2）中性粒子在A点分裂成带等量异号电荷的粒子a和b，分裂过程中，没有外力作用，动量守恒，根据
动量守恒定律
因为分裂后动量关系为 ，联立解得
14. 在轨空间站中物体处于完全失重状态，对空间站的影响可忽略，空间站上操控货物的机械臂可简化为
两根相连的等长轻质臂杆，每根臂杆长为L，如题图1所示，机械臂一端固定在空间站上的O点，另一端
抓住质量为m的货物，在机械臂的操控下，货物先绕O点做半径为 、角速度为 的匀速圆周运动，运
动到A点停下，然后在机械臂操控下，货物从A点由静止开始做匀加速直线运动，经时间t到达B点，A、
B间的距离为L。
（1）求货物做匀速圆周运动时受到合力提供的向心力大小 ；
（2）求货物运动到B点时机械臂对其做功的瞬时功率P。
（3）在机械臂作用下，货物、空间站和地球的位置如题图2所示，它们在同一直线上，货物与空间站同步做匀速圆周运动，已知空间站轨道半径为r，货物与空间站中心的距离为d，忽略空间站对货物的引力，求
货物所受的机械臂作用力与所受的地球引力之比 。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）质量为 的货物绕 点做匀速圆周运动，半径为 ，根据牛顿第二定律可知
（2）货物从静止开始以加速度 做匀加速直线运动，根据运动学公式可知
解得
货物到达 点时的速度大小为
货物在机械臂的作用下在水平方向上做匀加速直线运动，机械臂对货物的作用力即为货物所受合力 ，
所以经过 时间，货物运动到 点时机械臂对其做功的瞬时功率为（3）空间站和货物同轴转动，角速度 相同，对质量为 空间站，质量为 的地球提供向心力
解得
货物在机械臂的作用力 和万有引力 的作用下做匀速圆周运动，则
货物受到的万有引力
解得机械臂对货物的作用力大小为
则
的
15. 某装置用电场控制带电粒子运动，工作原理如图所示，矩形 区域内存在多层紧邻 匀强电场，
每层的高度均为d，电场强度大小均为E，方向沿竖直方向交替变化， 边长为 ， 边长为 ，
质量为m、电荷量为 的粒子流从装置左端中点射入电场，粒子初动能为 ，入射角为 ，在纸面内运
动，不计重力及粒子间的相互作用力。
（1）当 时，若粒子能从 边射出，求该粒子通过电场的时间t；
（2）当 时，若粒子从 边射出电场时与轴线 的距离小于d，求入射角 的范围；
（3）当 ，粒子在 为 范围内均匀射入电场，求从 边出射的粒子与入射粒子的数量之比 。
【答案】（1） ；（2） 或 ；（3）
【解析】
【详解】（1）电场方向竖直向上，粒子所受电场力在竖直方向上，粒子在水平方向上做匀速直线运动，
速度分解如图所示
粒子在水平方向的速度为
根据 可知
解得
（2）粒子进入电场时的初动能粒子进入电场后只有电场力做功，粒子竖直方向上反复运动后，根据题意可知最终的运动的空间如图所示
若粒子从 上部分离开 边，则电场力做负功，根据动能定理可知
其中
粒子在水平方向上做匀速直线运动，所以 ，竖直方向上 ，动能定理的方程可化解为
当 时， 取到最大值，即
解得粒子在竖直方向上的最大位移为
根据题意可知 ，可知 ，记得
粒子在 上、下部分运动呈现对称性，所以入射角的范围为或
（3）粒子在水平方向做匀速直线运动，粒子穿过电场所用时间为
若粒子恰好能到达 上方 的位置时速度减小至 ，根据动量定理可知
解得
粒子在竖直方向上再运动 的距离恰好从 点离开，根据运动学公式可知
解得
当 时，粒子恰好从 点离开，解得
则 ，根据对称性可知粒子入射角的范围为
则从 边出射的粒子与入射粒子的数量之比
