文档内容
考向11 功与能-备战2022年高考一轮复习考点微专题
解决目标及考点:
1.机车启动问题
2.动能定理基本应用
【例题1】在检测某种汽车性能的实验中，质量为3×103 kg的汽车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最
大速度为40 m/s，利用传感器测得此过程中不同时刻该汽车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出如图所
示的F－图象(图线ABC为汽车由静止到达到最大速度的全过程，AB、BO均为直线).假设该汽车行驶中所受
的阻力恒定，根据图线ABC
(1)求该汽车的额定功率；
(2)该汽车由静止开始运动，经过35 s达到最大速度40 m/s，求其在BC段的位移大小.
【答案】(1)8×104 W (2)75 m
【解析】(1)图线AB表示牵引力F不变即F＝8 000 N，阻力F不变，汽车由静止开始做匀加速直线运动；
f
图线BC的斜率表示汽车的功率P不变，达到额定功率后，汽车所受牵引力逐渐减小，汽车做加速度减小的
变加速直线运动，直至达到最大速度40 m/s，此后汽车做匀速直线运动.
由题图可知：当达到最大速度v ＝40 m/s时，牵引力为F ＝2 000 N
max min
由平衡条件F＝F 可得F＝2 000 N
f min f
由公式P＝F v 得额定功率P＝8×104 W.
min max
(2)匀加速运动的末速度v＝，代入数据解得v＝10 m/s
B B
汽车由A到B做匀加速运动的加速度为a＝＝2 m/s2
设汽车由A到B所用时间为t，由B到C所用时间为t、位移为x，则t＝＝5 s，t＝35 s－5 s＝30 s
1 2 1 2
B点之后，对汽车由动能定理可得Pt－Fx＝mv2－mv2，代入数据可得x＝75 m.
2 f C B
【例题2】如图8所示，传送带A、B之间的距离为L＝3.2 m，与水平面间的夹角θ＝37°，传送带沿顺时
针方向转动，速度恒为v＝2 m/s，在上端A点无初速度地放置一个质量为m＝1 kg、大小可视为质点的金
属块，它与传送带的动摩擦因数为μ＝0.5，金属块滑离传送带后，经过弯道，沿半径为R＝0.4 m的光滑
圆轨道做圆周运动，刚好能通过最高点E。已知B、D两点的竖直高度差h＝0.5 m(g取10 m/s2)求：(1)金属块经过D点时的速度；
(2)金属块在BCD弯道上克服摩擦力做的功。
【解析】(1)金属块在E点时，mg＝m， 解得v＝2 m/s
E
Tips1：在DE过程中，求初速度。题有
在从D到E过程中由动能定理得－mg·2R＝mv－mv，
“刚好能通过最高点E”可知末速度的
条件，可通过动能定理计算初速度
解得v＝2 m/s。
D
(2)金属块刚刚放上传送带时，mgsin θ＋μmgcos θ＝ma，
1 Tips2：要求BCD过程中摩擦力（变化
解得a＝10 m/s2， 力）做功，可通过动能定理求功的大小，
1
不过需要掌握动能变化量，即需知初末
设经位移x达到共同速度，则v2＝2ax， 状态的速度大小。
1 1 1
解得x＝0.2 m＜3.2 m，
1
继续加速过程中，mgsin θ－μmgcos θ＝ma，解得a＝2 m/s2，
2 2
由x＝L－x＝3 m，v－v2＝2ax，解得v＝4 m/s，
2 1 2 2 B
在从B到D过程中由动能定理得mgh－W＝mv－mv，解得W＝3 J。
【答案】 (1)2 m/s (2)3 J
动能定理使用步骤：
1、把运动过程进行分段。如先做匀加速直线、再变速曲线运动、然后圆周运动，最后平抛运动。
2、找到每个运动转折点的受力情况和运动情况。如受力情况突变了、加速度变了、速度变了
3、确定要分析的某段过程，列出动能定理框架：功1（+功2+功3）=末位置动能-初位置动能
4、对方程进行求解即可。需要注意的是：功1（2、3）无论正负都直接带符号相加，若是变化力做
功则用W暂时替代；等号右边的必定是末-初
一、汽车启动问题
1.两种启动方式的比较（P=FV中的F是汽车自身的牵引力）
（1）恒定功率启动。车初速度为0，根据P=FV，P恒定，V增大，所以F减小。此时汽车的加速度由合外
力可知a=（F-f）/m，a将减小，即汽车做加速度减小的加速运动。直至 F减小到与摩擦力f等大时，
a=0，汽车将以此时的速度v=P/F=P/f，进行匀速直线运动。（2）恒定加速度启动。a=（F-f）/m，P=FV。a要恒定，即V持续增大，所以P增大，当实际功率达到最
大功率后就以恒定的功率工作，则后续的运动就是（1）中的运动规律，做加速度减小的加速运动，直至
达到最大速度后匀速直线运动。
2.三个重要关系式
(1)无论哪种启动过程，机车的最大速度都等于其匀速运动时的速度，即v＝＝(式中F 为最小牵引力，
m min
其值等于阻力F ).
阻
(2)机车以恒定加速度启动的过程中，匀加速过程结束时，功率最大，但速度不是最大，v＝
