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2025 年高考第三次模拟考试
物理·全解全析
（考试时间：90 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、单项选择题（本大题共8 小题，每小题3 分，共24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是
符合题目要求的）
1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。以下符合事
实的是（ ）
A．丹麦物理学家奥斯特梦圆电生磁，并在此基础上发现了电磁感应现象
B．安培提出分子电流假说，并总结出了磁生电过程中的定量关系
C．法拉第发现了磁生电的条件，纽曼、韦伯提出了法拉第电磁感应定律
D．麦克斯韦预言了电磁波，并用实验证实了电磁波的存在
【答案】 C
【解析】A．英国物理学家法拉第梦圆磁生电，终于发现了电磁感应现象，A 错误；
BC．安培提出分子电流假说，法拉第通过实验研究，发现了磁生电的条件，而纽曼、韦伯在对理论和
实验资料进行严格分析，先后总结出磁生电过程中的定量关系，后人称之为法拉第电磁感应定律。故
B 错误，C 正确；
D．麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在。
故选C。
2．月球储藏大量可控核聚变理想燃料氦3（
），2020 年12 月1 日，我国“嫦娥五号”探测器成功着
陆月面后开始“挖土”，并成功带回地球供科学研究。可控核聚变可以采用
或
，下列说法正确的是（ ）
A．
是质子
B．核聚变过程发生质量亏损，释放核能
C．
是中子
D．
比
的原子核更稳定
【答案】 B
【解析】A．根据核反应前后质量数和电荷数守恒可知，X 的质量数为1，电荷数为0，则X 为中子，
故A 错误；
B．核聚变过程发生质量亏损，释放核能，故B 正确；
C．根据核反应前后质量数和电荷数守恒可知，Y 的质量数为1，电荷数为1，则Y 为质子，故C 错误；
D．比结合能越大，原子核越稳定，由于
比
的比结合能大，则
核更稳定，故D 错误。
1
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故选B。
3．一个变压器带有两个副线圈，电路如图。原线圈匝数n1=1100 匝，输入电压U1=220V，一个副线圈匝数
n2=110 匝，另一个副线圈电压U3=36V，
，
。下列说法正确的是（ ）
A．匝数n3=120 匝
B．电阻R2的电压U2=22V
C．电阻R2的电流约为I2=1.56A
D．变压器输入功率66.4W
【答案】 C
【解析】A．原副线圈电压与匝数成正比，可得
解得
，A 错误；
BC．由
可得
，二极管具有单相导电性，设电阻R2两端的电压为
，由电流的热效应可得
解得
=
，则流过电阻R2的电流约为
B 错误，C 正确；
D．变压器的输入功率等于输出功率，可得
D 错误。
故选C。
4．如图所示为抛球游戏，某人将小球水平抛向地面上的小桶，各物理量图中已标出。已知h=1.25m、
2
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L=5m、d=0.5m，小球的大小可以忽略，不计空气阻力，重力加速度g 取10m/s2。为了把小球抛进小
桶中抛出的速度可能是（ ）
A．11.5m/s
B．10.5m/s
C．9.5m/s
D．9m/s
【答案】 B
【解析】根据平抛运动公式
、
得
解得
为了把小球抛进小桶中抛出的速度范围是
故选B。
5．一质量为
的物体从高空由静止开始下落，下落过程中所受空气阻力恒定，物体在空中下落过程中，
速度v 随时间t 变化的关系图像如图所示。已知重力加速度
，则物体下落过程中所受空气
阻力的大小为（ ）
A．
B．1N
C．2N
D．4N
【答案】 B
【解析】根据
图像，可知物体的加速度大小为
，根据牛顿第二定律有
代入数据解得空气阻力的大小为
3
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故选B。
6．2022 年10 月31 日，中国空间站梦天实验舱在海南文昌发射中心发射成功，标志着我国空间站建造阶
段完美收官。若中国空间站的运行轨道可以近似认为近地圆轨道，则中国空间站在轨运行的（ ）
A．速度大于第一宇宙速度
B．周期大于地球的自转周期
C．角速度小于地球同步卫星的角速度
D．速度大于地球同步卫星的运行速度
【答案】 D
【解析】A．卫星绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即
所以
中国空间站的运行轨道可以近似认为近地圆轨道，所以空间站在轨运行的速度为
该速度等于地球的第一宇宙速度，故A 错误；
B．卫星绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即
所以
由于空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以空间站的运行周期小于地球同步卫星的周
期，即小于地球的自转周期，故B 错误；
C．卫星绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即
所以
由于空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以空间站的角速度大于地球同步卫星的角速
度，故C 错误；
D．卫星绕地球做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即
所以
4
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由于空间站的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以空间站在轨运行速度大于地球同步卫星的
运行速度，故D 正确。
故选D。
7．如图所示，图甲实线为方向未知的三条电场线，a、b 两带电粒子从电场中的P 点静止释放，不考虑两
粒子间的相互作用，仅在电场力作用下，两粒子做直线运动，a、b 粒子的速度大小随时间变化的关系
如图乙中实线所示，虚线为直线，则( )
A．a 一定带正电，b 一定带负电
B．a 向左运动，b 向右运动
C．a 电势能减小，b 电势能增大
D．a 动能减小，b 动能增大
【答案】 B
【解析】AB．从速度时间图象中可以看出，a 粒子加速度逐渐增大，b 粒子加速度逐渐减小，因为粒
子仅受电场力，可知a 粒子电场力逐渐增大，b 粒子电场力逐渐减小，所以a 向左运动，b 向右运动．
由于不知电场的方向，所以无法判断a、b 的电性．故A 错误，B 正确．
C．带电粒子在电场中运动时，电场力做正功，所以a、b 的电势能均减小．故C 错误．
D．带电粒子在电场中运动时，电场力做正功，因为仅受电场力，根据动能定理，a、b 的动能均增加．
故D 错误．
8．如图，两质量均为m 的小球，通过长为L 的不可伸长轻绳水平相连，从某一高处自由下落，下落过程
中绳处于水平伸直状态，在下落h 高度时，绳中点碰到水平放置的光滑钉子O，重力加速度为g，则
（ ）
A．轻绳与钉子相碰后的瞬间，小球的加速度大小为g
B．从轻绳与钉子相碰到小球刚到达最低点的过程，重力的功率一直减小
C．小球刚到达最低点时速度大小为
D．小球刚到达最低点时，绳子对小球的拉力大小为
【答案】 D
5
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【解析】A．轻绳与钉子相碰后的瞬间，小球有竖直向下的速度，此时小球做圆周运动，故小球受重
力和绳子拉力的作用，所以小球的加速度大小不为g，而是大于g，故A 错误；
B．从轻绳与钉子相碰到小球刚到达最低点的过程，小球沿竖直方向的速度不是逐渐增大，而是先变
大后变小，最后小球的速度方向为水平方向，竖直方向的速度为0，故重力的功率应该先增大后减小，
故B 错误；
C．小球下落到最低点的过程中，由机械能守恒可知
故解得小球刚到达最低点时速度大小为
故C 错误；
D．在最低点，由牛顿第二定律可得
解得绳子对小球的拉力大小为
故D 正确。
故选D。
二、多项选择题（本大题共5 小题，每小题4 分，共20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个项符合题
目要求。全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，不选或选错的得0 分）
9．为了理解绳波的传播特点，某同学拿着绳子左侧上下做简谐运动，某时刻绳波的图像如图所示，a、b
为绳波中的两质点。关于该绳波，下列说法正确的是（ ）
A．该绳波为纵波
B．a 质点的加速度正在增大
C．b 质点振动速度正在增大
D．若波源振动加快，则波长将减小
【答案】 CD
【解析】A．该绳波振源的振动方向与波的传播方向垂直，可知绳波为横波，选项A 错误；
B．根据“同侧法”可知，a 质点正在向平衡位置振动，可知加速度正在减小，选项B 错误；
C．根据“同侧法”可知，b 质点正在向平衡位置振动，则振动速度正在增大，选项C 正确；
D．若波源振动加快，则频率变大，周期减小，而波速不变，根据
6
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则波长将减小，选项D 正确。
故选CD。
10．直流电源E、定值电阻R1、R2以及电容器C 和电键S 构成的电路如图所示。电源的电动势E=5V，内
阻忽略不计，
，
，
，电键S 处于闭合状态，下面说法正确的是（ ）
A．电容器C 上的电荷量为
B．电容器C 上的电荷量为
C．断开电键S，电容器C 增加的电荷量
D．断开电键S，电容器C 增加的电荷量
【答案】 BD
【解析】AB．电键S 闭合，电容器两极板间电压等于
两端电压，由闭合电路欧姆定律
由电荷量表达式可知
故A 错误，B 正确；
CD．电键S 断开，电容器两极板间电压等于电源电动势
由电荷量表达式可知
故C 错误，D 正确。
故选BD。
11．如图所示，
、
两种单色光组成的一束可见光，从水中射向水面，在水面上只探测到单色光
。下
列说法正确的是（ ）
A．水对单色光
的折射率小于对单色光
的折射率
7
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B．水对单色光
的折射率大于对单色光
的折射率
C．单色光
在水中的传播速度大于单色光
在水中的传播速度
D．单色光
在水中的传播速度小于单色光
在水中的传播速度
【答案】 BD
【解析】AB．根据全反射临界角公式
由于在水面上只探测到单色光
，所以水对单色光
的折射率大于对单色光
的折射率，故A 错误，B
正确；
CD．根据光速与折射率的关系
可知，单色光
在水中的传播速度小于单色光
在水中的传播速
度，故C 错误，D 正确；
故选BD。
12．如图所示，在磁感应强度为B，范围足够大的水平匀强磁场内，固定着倾角为θ 的绝缘斜面，一个质
量为m、电荷量为-q 的带电小物块以初速度v0沿斜面向上运动，小物块与斜面间的动摩擦因数为μ。
设滑动时电荷量不变，在小物块上滑过程中，其速度大小v 与时间t 和加速度大小a 与时间t 的关系图
像，可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】 AC
【解析】对沿斜面向上运动的小物块受力分析，由牛顿第二定律可得
8
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联立解得
方向沿斜面向下，所以物体沿斜面向上做加速度减小的减速运动，速度越小，加速度越小，速度减小
的越慢，加速度减小的越慢。速度为零时，加速度不为零。故AC 正确，BD 错误。
故选AC。
13．两根足够长的导轨由上下段电阻不计，光滑的金属导轨组成，在M、N 两点绝缘连接，M、N 等高，
间距L = 1m，连接处平滑。导轨平面与水平面夹角为30°，导轨两端分别连接一个阻值R = 0.02Ω 的
电阻和C = 1F 的电容器，整个装置处于B = 0.2T 的垂直导轨平面斜向上的匀强磁场中，两根导体棒
ab、cd 分别放在MN 两侧，质量分为m1 = 0.8kg，m2 = 0.4kg，ab 棒电阻为0.08Ω，cd 棒的电阻不计，
将ab 由静止释放，同时cd 从距离MN 为x0 = 4.32m 处在一个大小F = 4.64N，方向沿导轨平面向上
的力作用下由静止开始运动，两棒恰好在M、N 处发生弹性碰撞，碰撞前瞬间撤去F，已知碰前瞬间
ab 的速度为4.5m/s，g = 10m/s2（ ）
A．ab 从释放到第一次碰撞前所用时间为1.44s
B．ab 从释放到第一次碰撞前，R 上消耗的焦耳热为0.78J
C．两棒第一次碰撞后瞬间，ab 的速度大小为6.3m/s
D．两棒第一次碰撞后瞬间，cd 的速度大小为8.4m/s
【答案】 BD
【解析】A．由于金属棒ab、cd 同时由静止释放，且恰好在M、N 处发生弹性碰撞，则说明ab、cd 在
到达M、N 处所用的时间是相同的，对金属棒cd 和电容器组成的回路有
Δq = C·BLΔv
对cd 根据牛顿第二定律有
F－BIL－m2gsin30° = m2a2
其中
，
联立有
则说明金属棒cd 做匀加速直线运动，则有
9
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联立解得
a2 = 6m/s2，t = 1.2s
故A 错误；
B．由题知，知碰前瞬间ab 的速度为4.5m/s，则根据功能关系有
金属棒下滑过程中根据动量定理有
其中
，R 总 = R＋Rab = 0.1Ω
联立解得
q = 6C，xab = 3m，Q = 3.9J
则R 上消耗的焦耳热为
故B 正确；
CD．由于两棒恰好在M、N 处发生弹性碰撞，取沿斜面向下为正，有
m1v1－m2v2 = m1v1′＋m2v2′
其中
v2 = a2t = 7.2m/s
联立解得
v1′ = －3.3m/s，v2′ = 8.4m/s
故C 错误、D 正确。
故选BD。
三、实验题(本题共2 小题，共20 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。）
14．（10 分） 在测量电源电动势和内电阻的实验中，有电压表V（量程为
，内阻约
）；电流表A
（量程为
，内阻约为
）；滑动变阻器
（
）。为了更准确地测出电源电动势和内
阻设计了如图1 所示的电路图。
10
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（1）如图1 所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P 应放在 （选填“a”
或者“b”）处；
（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图2 所示的
图线，由图可得该电源电动势
，内阻
。
（3）某同学在设计电压表改装时，将一个内阻为
，满偏电流为
的电流表表头改成量程为
的电压表，需要 选填“串”或“并” 联一个阻值
的电阻。
【答案】 （1） a （2） 0.50 1.0 （3）串 5940
【解析】（1）如图所示，在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P 应放在
处；
（2）由
由
图像可得该电源电动势
内阻为图像的斜率的绝对值，即内阻
（3）根据题意，将电流表表头改装为电压表需要串联一个电阻，根据
代入数据可得
即串联的电阻阻值
。
15．（10 分） （1）某同学利用如图所示的实验装置完成了验证碰撞过程中的动量守恒的实验，将带有斜
槽的轨道固定在桌面上并调整至斜槽的末端水平。选取两个大小完全相同的小球
、
，测量出其质
量分别为
、
，且
。实验时，首先将
球由一定高度静止释放，经过一段时间小球打在右
侧竖直固定的挡板上的某点；然后在斜槽的末端放上
球，将
球由同一高度静止释放，两球碰后均
打在右侧竖直固定的挡板上，已知
点与斜槽的末端在同一水平线上。已知
、
、
三点到
点的
距离分别为
、
、
。
11
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①两球碰后，竖直挡板上的 点为
球的落点，竖直挡板上的 点为
球的落点。
②如果两球碰撞的过程动量守恒，则关系式 成立。
③如果两球碰撞的过程没有能量损失，则关系式 成立。
（2）某小组设计如图所示的装置来验证机械能守恒定律。实验器材有：铁架台、量角器、轻质细绳、
力传感器（记录细绳上的拉力）、小球和刻度尺。
实验主要步骤如下：
①将实验装置按如图所示的方式连接；
②小球静止在位置I 时，力传感器的示数为
，测得细绳悬点
到小球球心的长度为
；
③将小球缓慢拉至位置II，此时细绳与竖直方向的夹角为
，松开手，当小球运动到最低点时，力传
感器的示数为
。
则小球通过最低点的动能为 ，要验证机械能守恒定律，需要验证的关系式
。
【答案】 （1）①
②
③
（2）
①
②
【解析】（1）①根据题意可知，小球均做平抛运动，由图可知，水平位移相等，则速度越大，运动
时间越短，下落距离越小，由于碰撞后小球
的速度大于碰撞前小球
的速度，碰撞前小球
的速度
大于碰撞后小球
的速度，则两球碰后，竖直挡板上的
点为
球的落点，竖直挡板上的
点为
球
的落点。
②小球均做平抛运动，水平方向上有
竖直方向上有
12
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解得
如果两球碰撞的过程动量守恒，则有
整理可得
③如果两球碰撞的过程没有能量损失，则有
整理可得
（2）③根据题意，由牛顿第二定律有
则小球通过最低点的动能为
根据题意可知，小球重力势能的减少量为
若机械能守恒，则有
又有
整理可得
四、计算题（本题共 3 小题，共 36 分。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。）
16．（10 分） 如图所示，在内壁光滑的细玻璃管中用水银密封一段空气柱（可视为理想气体），当玻璃
管竖直放置时，水银柱高
，空气柱高
。现将玻璃管放在倾角为
的粗糙斜面上，
管口向上，玻璃管与斜面间的动摩擦因数为
。已知外界温度不变，大气压强
，水
银的密度
，重力加速度g 取
，假设斜面足够长，让玻璃管由静止下滑，当玻
13
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璃管与水银柱相对静止时，求玻璃管中空气柱的长度（结果保留三位有效数字）。
【答案】
【解析】设玻璃管的横截面积为S，当玻璃管竖直放置时，空气柱的体积
压强
当玻璃管与水银柱相对静止一起沿斜面下滑时，设玻璃管和水银柱的总质量为m，加速度大小为a，
对整体根据牛顿第二定律有
设此时空气柱的压强为
，体积为
，长度为
，同理，对水银柱有
整个过程中空气柱发生等温变化，根据玻意耳定律有
其中
联立以上各式并代入数据解得
17．（12 分） 竖直平面内水平虚线上方有方向水平向左的匀强电场。虚线下方高度为H 的区域内有方向
垂直于纸面向里的匀强磁场和方向竖直向上的匀强电场，虚线上、下方的电场强度大小相等。将质量
为m、电荷量为
的小球从a 以初速度
竖直向上抛出，小球的运动轨迹如图所示，a、c 两点在虚
线上，b 点为轨迹的最高点。小球从c 点进入虚线下方区域做匀速圆周运动且恰好不出下边界。不计
空气阻力，重力加速度为g。求：
(1)小球运动到c 点时的速度大小；
14
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(2)匀强磁场的磁感应强度B 的大小。
【答案】 (1)
(2)
【解析】（1）由于小球在虚线下方磁场和电场中做匀速圆周运动，则
从a 到c，在竖直方向上，则
在水平方向上
，
由运动的合成：
联立解得
（2）由题意可知小球运动轨迹如图所示。
设c 点小球速度与水平方向成
，由
解得
由几何关系可得，
，解得
由牛顿第二定律，得
由以上各式，联立得
18．（14 分） 如图所示，一电动倾斜传送带上端与一光滑水平面平滑相连，水平面上方有一轻杆，可绕
其上端O 点自由旋转，下端悬挂物块B（可看成质点），B 与水平面接触无挤压。将物块A 轻放在传
送带底端，一段时间后与B 发生碰撞，碰后B 恰好能运动至最高点。已知传送带顺时针方向运行，与
水平面夹角为
，传送带长
，速度
，A 与传送带间的动摩擦因数
，A、B 质
量分别为
，
，轻杆长
，重力加速度
。求：
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(1)A 在传送带上运行的时间；
(2)碰撞后A 的速度；
(3)把A 从底端运送到顶端的过程中，为保持传送带始终匀速电动机多消耗的电能。
【答案】 (1)2.2s
(2)
(3)160
【解析】（1）
刚放在传送带上时先加速上滑，根据牛顿第二定律
，
解得
加速到与传送带速度相等所用时间
加速过程的位移
之后物块
以速度匀速运动，匀速运动的时间
所以物块
在传送带上运行的总时间
（2）物块
与
碰撞过程系统动量守恒，设碰撞后
的速度为
，
的速度为
。撞后
恰好能
运动至最高点，由于是轻杆，故B 在最高点速度为0。根据机械能守恒定律
解得
由动量守恒定律可得
解得
（3）电动机多消耗的电能等于物块
增加的机械能与因摩擦产生的热量之和。物块
增加的机械能
在传送带上加速阶段，传送带位移
二者的相对位移
故因摩擦产生的热量
所以电动机多消耗的电能
16
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