文档内容
2019年湖北省黄石市中考数学试卷
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的）
1．（3分）下列四个数：﹣3，﹣0.5， ， 中，绝对值最大的数是（ ）
A．﹣3 B．﹣0.5 C． D．
2．（3分）国际行星命名委员会将紫金山天文台于2007年9月11日发现的编号为171448的
小行星命名为“谷超豪星”，则171448用科学记数法可表示为（ ）
A．0.171448×106 B．1.71448×105
C．0.171448×105 D．1.71448×106
3．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）
A． B． C． D．
4．（3分）如图，该正方体的俯视图是（ ）
A． B．
C． D．
5．（3分）化简 （9x﹣3）﹣2（x+1）的结果是（ ）
A．2x﹣2 B．x+1 C．5x+3 D．x﹣3
6．（3分）若式子 在实数范围内有意义，则x的取值范围是（ ）
A．x≥1且x≠2 B．x≤1 C．x＞1且x≠2 D．x＜1
7．（3分）如图，在平面直角坐标系中，边长为2的正方形ABCD的边AB在x轴上，AB边的中
第1页（共19页）点是坐标原点O，将正方形绕点C按逆时针方向旋转90°后，点B的对应点B'的坐标是（
）
A．（﹣1，2） B．（1，4） C．（3，2） D．（﹣1，0）
8．（3分）如图，在△ABC中，∠B＝50°，CD⊥AB于点D，∠BCD和∠BDC的角平分线相交于
点E，F为边AC的中点，CD＝CF，则∠ACD+∠CED＝（ ）
A．125° B．145° C．175° D．190°
9．（3分）如图，在平面直角坐标系中，点B在第一象限，BA⊥x轴于点A，反比例函数y＝
（x＞0）的图象与线段AB相交于点C，且C是线段AB的中点，点C关于直线y＝x的对称
点C'的坐标为（1，n）（n≠1），若△OAB的面积为3，则k的值为（ ）
A． B．1 C．2 D．3
10．（3分）如图，矩形ABCD中，AC与BD相交于点E，AD：AB＝ ：1，将△ABD沿BD折叠，
点A的对应点为F，连接AF交BC于点G，且BG＝2，在AD边上有一点H，使得BH+EH
的值最小，此时 ＝（ ）
第2页（共19页）A． B． C． D．
二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）
11．（3分）分解因式：x2y2﹣4x2＝ ．
12．（3分）分式方程： ﹣ ＝1的解为 ．
13．（3分）如图，一轮船在M处观测灯塔P位于南偏西30°方向，该轮船沿正南方向以15海
里/小时的速度匀速航行2小时后到达N处，再观测灯塔P位于南偏西60°方向，若该轮船
继续向南航行至灯塔P最近的位置T处，此时轮船与灯塔之间的距离PT为 海里
（结果保留根号）．
14．（3分）根据下列统计图，回答问题：
该超市10月份的水果类销售额 11月份的水果类销售额（请从“＞”“＝”
“＜”中选一个填空）．
15．（3分）如图，Rt△ABC中，∠A＝90°，CD平分∠ACB交AB于点D，O是BC上一点，经过
C、D两点的 O分别交AC、BC于点E、F，AD＝ ，∠ADC＝60°，则劣弧 的长为
． ⊙
第3页（共19页）16．（3分）将被3整除余数为1的正整数，按照下列规律排成一个三角形数阵，则第20行第
19个数是 ．
三、解答题（本大题共9小题，共72分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）
17．（7分）计算：（2019﹣ ）0+| ﹣1|﹣2sin45°+（ ）﹣1．
π
18．（7分）先化简，再求值：（ +x﹣2）÷ ，其中|x|＝2．
19．（7分）若点P的坐标为（ ，2x﹣9），其中x满足不等式组 ，求点P
所在的象限．
20．（7分）已知关于x的一元二次方程x2﹣6x+（4m+1）＝0有实数根．
（1）求m的取值范围；
（2）若该方程的两个实数根为x 、x ，且|x ﹣x |＝4，求m的值．
1 2 1 2
21．（8分）如图，在△ABC中，∠BAC＝90°，E为边BC上的点，且AB＝AE，D为线段BE的中
点，过点E作EF⊥AE，过点A作AF∥BC，且AF、EF相交于点F．
（1）求证：∠C＝∠BAD；
（2）求证：AC＝EF．
22．（8分）将正面分别写着数字1，2，3的三张卡片（注：这三张卡片的形状、大小、质地、颜色
第4页（共19页）等其它方面完全相同，若背面朝上放在桌面上，这三张卡片看上去无任何差别）洗匀后，
背面朝上放在桌面上，甲从中随机抽取一张卡片，记该卡片上的数字为m，然后放回洗匀，
背面朝上放在桌面上，再由乙从中随机抽取一张卡片，记该卡片上的数字为n，组成一数
对（m，n）．
（1）请写出（m，n）所有可能出现的结果；
（2）甲、乙两人玩游戏，规则如下：按上述要求，两人各抽一次卡片，卡片上数字之和为奇
数则甲赢，数字之和为偶数则乙赢．你认为这个游戏公平吗？请说明理由．
23．（8分）“今有善行者行一百步，不善行者行六十步．”（出自《九章算术》）意思是：同样时
间段内，走路快的人能走100步，走路慢的人只能走60步．假定两者步长相等，据此回答
以下问题：
（1）今不善行者先行一百步，善行者追之，不善行者再行六百步，问孰至于前，两者几何步
隔之？即：走路慢的人先走100步，走路快的人开始追赶，当走路慢的人再走600步时，请
问谁在前面，两人相隔多少步？
（2）今不善行者先行两百步，善行者追之，问几何步及之？即：走路慢的人先走200步，请
问走路快的人走多少步才能追上走路慢的人？
24．（10分）如图，AB是 O的直径，点D在AB的延长线上，C、E是 O上的两点，CE＝CB，
∠BCD＝∠CAE，延⊙长AE交BC的延长线于点F． ⊙
（1）求证：CD是 O的切线；
（2）求证：CE＝C⊙F；
（3）若BD＝1，CD＝ ，求弦AC的长．
25．（10分）如图，已知抛物线y＝ x2+bx+c经过点A（﹣1，0）、B（5，0）．
（1）求抛物线的解析式，并写出顶点M的坐标；
（2）若点C在抛物线上，且点C的横坐标为8，求四边形AMBC的面积；
第5页（共19页）（3）定点D（0，m）在y轴上，若将抛物线的图象向左平移2个单位，再向上平移3个单位
得到一条新的抛物线，点P在新的抛物线上运动，求定点D与动点P之间距离的最小值d
（用含m的代数式表示）
第6页（共19页）2019年湖北省黄石市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的）
1．【分析】根据绝对值的性质以及正实数都大于0，负实数都小于0，正实数大于一切负实数，
两个负实数绝对值大的反而小判断即可．
【解答】解：∵|﹣3|＝3，|﹣0.5|＝0.5，| |＝ ，| |＝ 且0.5＜ ＜ ＜3，
∴所给的几个数中，绝对值最大的数是﹣3．
故选：A．
【点评】此题主要考查了实数大小比较的方法以及绝对值的性质，要熟练掌握，解答此题
的关键是要明确：正实数＞0＞负实数，两个负实数绝对值大的反而小．
2．【分析】根据有效数字表示方法，以及科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|
＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与
小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负
数．
【解答】解：将7760000用科学记数法表示为：1.71448×105．
故选：B．
【点评】此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中
1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．
【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；
B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项错误；
C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；
D、既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项正确．
故选：D．
【点评】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，
图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与自身重合．
4．【分析】俯视图是从物体上面看所得到的图形，据此判断正方体的俯视图．
第7页（共19页）【解答】解：正方体的主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，只有俯视
图形是正方形，
故选：A．
【点评】本题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现
在三视图中．
5．【分析】原式去括号合并即可得到结果．
【解答】解：原式＝3x﹣1﹣2x﹣2＝x﹣3，
故选：D．
【点评】此题考查了整式的加减，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
6．【分析】分式有意义，分母不等于零；二次根式的被开方数是非负数．
【解答】解：依题意，得
x﹣1≥0且x﹣2≠0，
解得x≥1且x≠2．
故选：A．
【点评】本题考查了二次根式有意义的条件，能根据二次根式中的被开方数是非负数来确
定二次根式被开方数中字母的取值范围，并能利用二次根式的非负性解决相关问题．
7．【分析】根据旋转可得：CB'＝CB＝2，∠BCB'＝90°，可得B'的坐标．
【解答】解：如图所示，
由旋转得：CB'＝CB＝2，∠BCB'＝90°，
∵四边形ABCD是正方形，且O是AB的中点，
∴OB＝1，
∴B'（2+1，2），即B'（3，2），
故选：C．
【点评】本题考查了正方形的性质，坐标与图形的性质，旋转的性质，正确的识别图形是解
题的关键．
8．【分析】根据直角三角形的斜边上的中线的性质，即可得到△CDF是等边三角形，进而得
到∠ACD＝60°，根据∠BCD和∠BDC的角平分线相交于点E，即可得出∠CED＝115°，即
第8页（共19页）可得到∠ACD+∠CED＝60°+115°＝175°．
【解答】解：∵CD⊥AB，F为边AC的中点，
∴DF＝ AC＝CF，
又∵CD＝CF，
∴CD＝DF＝CF，
∴△CDF是等边三角形，
∴∠ACD＝60°，
∵∠B＝50°，
∴∠BCD+∠BDC＝130°，
∵∠BCD和∠BDC的角平分线相交于点E，
∴∠DCE+∠CDE＝65°，
∴∠CED＝115°，
∴∠ACD+∠CED＝60°+115°＝175°，
故选：C．
【点评】本题主要考查了直角三角形的斜边上的中线的性质，在直角三角形中，斜边上的
中线等于斜边的一半．
9．【分析】根据对称性求出C点坐标，进而得OA与AB的长度，再根据已知三角形的面积列
出n的方程求得n，进而用待定系数法求得k．
【解答】解：∵点C关于直线y＝x的对称点C'的坐标为（1，n）（n≠1），
∴C（n，1），
∴OA＝n，AC＝1，
∴AB＝2AC＝2，
∵△OAB的面积为3，
∴ ，
解得，n＝3，
∴C（3，1），
第9页（共19页）∴k＝3×1＝3．
故选：D．
【点评】本题是反比例函数图象与一次函数图象的交点问题，主要考查了一次函数与反比
例函数的性质，对称性质，关键是根据对称求得C点坐标及由三角形的面积列出方程．
10．【分析】设BD与AF交于点M．设AB＝a，AD＝ a，根据矩形的性质可得△ABE、△CDE
都是等边三角形，利用折叠的性质得到BM垂直平分AF，BF＝AB＝a，DF＝DA＝ a．解
直角△BGM，求出BM，再表示DM，由△ADM∽△GBM，求出a＝2 ，再证明CF＝CD
＝2 ．作B点关于AD的对称点B′，连接B′E，设B′E与AD交于点H，则此时
BH+EH＝B′E，值最小．建立平面直角坐标系，得出B（3，2 ），B′（3，﹣2 ），E（0，
），利用待定系数法求出直线B′E的解析式，得到H（1，0），然后利用两点间的距离公
式求出BH＝4，进而求出 ＝ ＝ ．
【解答】解：如图，设BD与AF交于点M．设AB＝a，AD＝ a，
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠DAB＝90°，tan∠ABD＝ ＝ ，
∴BD＝AC＝ ＝2a，∠ABD＝60°，
∴△ABE、△CDE都是等边三角形，
∴BE＝DE＝AE＝CE＝AB＝CD＝a．
∵将△ABD沿BD折叠，点A的对应点为F，
∴BM垂直平分AF，BF＝AB＝a，DF＝DA＝ a．
在△BGM中，∵∠BMG＝90°，∠GBM＝30°，BG＝2，
∴GM＝ BG＝1，BM＝ GM＝ ，
∴DM＝BD﹣BM＝2a﹣ ．
∵矩形ABCD中，BC∥AD，
∴△ADM∽△GBM，
∴ ＝ ，即 ＝ ，
∴a＝2 ，
∴BE＝DE＝AE＝CE＝AB＝CD＝2 ，AD＝BC＝6，BD＝AC＝4 ．
第10页（共19页）易证∠BAF＝∠FAC＝∠CAD＝∠ADB＝∠BDF＝∠CDF＝30°，
∴△ADF是等边三角形，
∵AC平分∠DAF，
∴AC垂直平分DF，
∴CF＝CD＝2 ．
作B点关于AD的对称点B′，连接B′E，设B′E与AD交于点H，则此时BH+EH＝
B′E，值最小．
如图，建立平面直角坐标系，则A（3，0），B（3，2 ），B′（3，﹣2 ），E（0， ），
易求直线B′E的解析式为y＝﹣ x+ ，
∴H（1，0），
∴BH＝ ＝4，
∴ ＝ ＝ ．
故选：B．
【点评】本题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形
状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了矩形的性质，解直角三角形，等
第11页（共19页）边三角形、垂直平分线、相似三角形的判定与性质，待定系数法求直线的解析式，轴对称
﹣最短路线问题，两点间的距离公式等知识．综合性较强，有一定难度．分别求出BH、CF
的长是解题的关键．
二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）
11．【分析】原式提取公因式，再利用平方差公式分解即可．
【解答】解：原式＝x2（y2﹣4）＝x2（y+2）（y﹣2），
故答案为：x2（y+2）（y﹣2）
【点评】此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题
的关键．
12．【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得
到分式方程的解．
【解答】解：∵x2﹣4x＝x（x﹣4），
∴最简公分母为：x（x﹣4），
去分母得：4﹣x＝x2﹣4x，即x2﹣3x﹣4＝0，
解得：x＝4或x＝﹣1，
经检验x＝4是增根，分式方程的解为x＝﹣1，
故答案为：x＝﹣1
【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．
13．【分析】根据“若该轮船继续向南航行至灯塔P最近的位置T处，此时轮船与灯塔之间的
距离为PT”，得PT⊥MN，利用锐角三角函数关系进行求解即可
【解答】解：由题意得，MN＝15×2＝30海里，
∵∠PMN＝30°，∠PNT＝60°，
∴∠MPN＝∠PMN＝30°，
∴PN＝MN＝30海里，
∴PT＝PN•sin∠PNT＝15 海里．
故答案为：15 ．
【点评】本题考查解直角三角形的应用﹣方向角问题，锐角三角函数等知识，解题的关键
是求得PN的长度，属于中考常考题．
14．【分析】10月份的水果类销售额60×20%＝12（万元），11月份的水果类销售额70×15%＝
10.5（万元），所以10月份的水果类销售额＞11月份的水果类销售额．
【解答】解：10月份的水果类销售额60×20%＝12（万元），
第12页（共19页）11月份的水果类销售额70×15%＝10.5（万元），
所以10月份的水果类销售额＞11月份的水果类销售额，
故答案为＞．
【点评】本题考查的是条形统计图和折线统计图的综合运用．读懂统计图，从不同的统计
图中得到必要的信息是解决问题的关键．
15．【分析】连接DF，OD，根据圆周角定理得到∠CDF＝90°，根据三角形的内角和得到
∠COD＝120°，根据三角函数的定义得到CF＝ ＝4，根据弧长公式即可得到结
论．
【解答】解：如图，连接DF，OD，
∵CF是 O的直径，
∴∠CDF⊙＝90°，
∵∠ADC＝60°，∠A＝90°，
∴∠ACD＝30°，
∵CD平分∠ACB交AB于点D，
∴∠DCF＝30°，
∵OC＝OD，
∴∠OCD＝∠ODC＝30°，
∴∠COD＝120°，
在Rt△CAD中，CD＝2AD＝2 ，
在Rt△FCD中，CF＝ ＝ ＝4，
∴ O的半径＝2，
⊙
∴劣弧 的长＝ ＝ ，
π
故答案为 ．
π
第13页（共19页）【点评】本题考查了圆周角定理，解直角三角形，弧长的计算，作出辅助线构建直角三角形
是本题的关键．
16．【分析】根据题目中的数据和各行的数字个数的特点，可以求得第20行第19个数是多少，
本题得以解决．
【解答】解：由图可得，
第一行1个数，第二行2个数，第三行3个数，…，则前20行的数字有：1+2+3+…+19+20
＝210个数，
∴第20行第20个数是：1+3（210﹣1）＝628，
∴第20行第19个数是：628﹣3＝625，
故答案为：625．
【点评】本题考查数字的变化类，解答本题的关键是明确题意，发现题目中的数字的变化
特点，知道第n个数可以表示为1+3（n﹣1）．
三、解答题（本大题共9小题，共72分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）
17．【分析】原式利用零指数幂、负整数指数幂法则，绝对值的代数意义，以及特殊角的三角函
数值计算即可求出值．
【解答】解：原式＝1+ ﹣1﹣2× +3＝3．
【点评】此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
18．【分析】根据分式的运算法则即可求出答案．
【解答】解：原式＝ ÷
＝ •
＝ ，
∵|x|＝2时，
∴x＝±2，
由分式有意义的条件可知：x＝2，
∴原式＝3．
【点评】本题考查分式的运算法则，解题的关键是熟练运用分式的运算法则，本题属于基
础题型．
19．【分析】先求出不等式组的解集，进而求得P点的坐标，即可求得点P所在的象限．
第14页（共19页）【解答】解： ，
解 得：x≥4，
解①得：x≤4，
则②不等式组的解是：x＝4，
∵ ＝1，2x﹣9＝﹣1，
∴点P的坐标为（1，﹣1），
∴点P在的第四象限．
【点评】本题主要考查了一元一次不等式解集的求法，其简便求法就是用口诀求解，求不
等式组解集的口诀：同大取大，同小取小，大小小大中间找，大大小小找不到（无解）．
20．【分析】（1）根据方程的系数结合根的判别式△≥0，即可得出关于m的一元一次不等式，
解之即可得出m的取值范围；
（2）由根与系数的关系可得出x +x ＝6，x x ＝4m+1，结合|x ﹣x |＝4可得出关于m的一元
1 2 1 2 1 2
一次方程，解之即可得出m的值．
【解答】解：（1）∵关于x的一元二次方程x2﹣6x+（4m+1）＝0有实数根，
∴△＝（﹣6）2﹣4×1×（4m+1）≥0，
解得：m≤2．
（2）∵方程x2﹣6x+（4m+1）＝0的两个实数根为x 、x ，
1 2
∴x +x ＝6，x x ＝4m+1，
1 2 1 2
∴（x ﹣x ）2＝（x +x ）2﹣4x x ＝42，即32﹣16m＝16，
1 2 1 2 1 2
解得：m＝1．
【点评】本题考查了根与系数的关系以及根的判别式，解题的关键是：（1）牢记“当△≥0
时，方程有实数根”；（2）利用根与系数的关系结合|x ﹣x |＝4，找出关于m的一元一次方
1 2
程．
21．【分析】（1）由等腰三角形的性质可得AD⊥BC，由余角的性质可得∠C＝∠BAD；
（2）由“ASA”可证△ABC≌△EAF，可得AC＝EF．
【解答】证明：（1）∵AB＝AE，D为线段BE的中点，
∴AD⊥BC
∴∠C+∠DAC＝90°，
∵∠BAC＝90°
第15页（共19页）∴∠BAD+∠DAC＝90°
∴∠C＝∠BAD
（2）∵AF∥BC
∴∠FAE＝∠AEB
∵AB＝AE
∴∠B＝∠AEB
∴∠B＝∠FAE，且∠AEF＝∠BAC＝90°，AB＝AE
∴△ABC≌△EAF（ASA）
∴AC＝EF
【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰三角形的性质，熟练运用全等三角形
的判定是本题的关键．
22．【分析】（1）利用枚举法解决问题即可．
（2）求出数字之和为奇数的概率，数字之和为偶数的概率即可判断．
【解答】解：（1）（m，n）所有可能出现的结果：（1，1），（1，2），（1，3），（2，2），（2，1），（2，
3），（3，1），（3，2），（3，3）．
（2）数字之和为奇数的概率＝ ，数字之和为偶数的概率＝ ，
≠ ，
∴这个游戏不公平．
【点评】本题考查游戏公平性，概率等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常
考题型．
23．【分析】（1）设当走路慢的人再走600步时，走路快的人的走x步，根据同样时间段内，走
路快的人能走100步，走路慢的人只能走60步．列方程求解即可；
（2）设走路快的人走y步才能追上走路慢的人，根据同样时间段内，走路快的人能走100
步，走路慢的人只能走60步，及追及问题可列方程求解．
【解答】解：（1）设当走路慢的人再走600步时，走路快的人的走x步，由题意得
x：600＝100：60
∴x＝1000
∴1000﹣600﹣100＝300
答：当走路慢的人再走600步时，走路快的人在前面，两人相隔300步．
（2）设走路快的人走y步才能追上走路慢的人，由题意得
第16页（共19页）y＝200+ y
∴y＝500
答：走路快的人走500步才能追上走路慢的人．
【点评】本题考查了应用一元一次方程求解古代行程数学问题，本题中等难度．
24．【分析】（1）连接OC，可证得∠CAD＝∠BCD，由∠CAD+∠ABC＝90°，可得出∠OCD＝
90°，即结论得证；
（2）证明△ABC≌△AFC可得CB＝CF，又CB＝CE，则CE＝CF；
（3）证明△DCB∽△DAC，可求出DA的长，求出AB长，设BC＝a，AC＝ a，则由勾股定
理可得AC的长．
【解答】解：（1）连接OC，如右图所示，
∵AB是 O的直径，
∴∠ACB⊙＝90°，
∴∠CAD+∠ABC＝90°，
∵CE＝CB，
∴∠CAE＝∠CAB，
∵∠BCD＝∠CAE，
∴∠CAB＝∠BCD，
∵OB＝OC，
∴∠OBC＝∠OCB，
∴∠OCB+∠BCD＝90°，
∴∠OCD＝90°，
∴CD是 O的切线；
（2）∵∠⊙BAC＝∠CAE，∠ACB＝∠ACF＝90°，AC＝AC，
∴△ABC≌△AFC（ASA），
∴CB＝CF，
又∵CB＝CE，
∴CE＝CF；
（3）∵∠BCD＝∠CAD，∠ADC＝∠CDB，
∴△DCB∽△DAC，
∴ ，
第17页（共19页）∴ ，
∴DA＝2，
∴AB＝AD﹣BD＝2﹣1＝1，
设BC＝a，AC＝ a，由勾股定理可得： ，
解得：a＝ ，
∴ ．
【点评】本题考查切线的判定、等腰三角形的性质、相似三角形的判定和性质、全等三角形
的判定和性质、勾股定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线．
25．【分析】（1）函数的表达式为：y＝ （x+1）（x﹣5），即可求解；
（2）S四边形AMBC ＝ AB（y
C
﹣y
D
），即可求解；
（3）抛物线的表达式为：y＝ x2，即可求解．
【解答】解：（1）函数的表达式为：y＝ （x+1）（x﹣5）＝ （x2﹣4x﹣5）＝ x2﹣ x﹣ ，
点M坐标为（2，﹣3）；
（2）当x＝8时，y＝ （x+1）（x﹣5）＝9，即点C（8，9），
S四边形AMBC ＝ AB（y
C
﹣y
M
）＝ ×6×（9+3）＝36；
（3）y＝ （x+1）（x﹣5）＝ （x2﹣4x﹣5）＝ （x﹣2）2﹣3，
第18页（共19页）抛物线的图象向左平移2个单位，再向上平移3个单位得到一条新的抛物线，
则新抛物线表达式为：y＝ x2，
则定点D与动点P之间距离PD＝ ＝ ，
令t＝ ，则x2＝3t，
可得PD＝ ，
当t＝﹣ ＝﹣ 时，PD有最小值，
∵t≥0，
∴3﹣2m≤0，
即m≥ 时，PD的最小值d＝ ；
当m＜ 时，3﹣2m＞0，t≥0，
∴t2+（3﹣2m）t+m2≥0，
故当PD最小时，t＝0，即x＝0，
∴当点P与点O重合时，PD最小，
即PD的最小值d＝|m|
∴d＝ ．
【点评】本题考查的是二次函数综合运用，涉及到图形平移、面积的计算等知识点，难度不
大．
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