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★
年高考考前适应性测试（冲刺卷）
2025
物理参考答案详解及评分说明
一、单项选择题：本题共 小题，每小题 分，共 分。
7 4 28
1.C
【解析】宁忠岩通过 米路程用时最少，但比赛中，并不是他的瞬时速度总大于其他选手；李心鹏在上升阶段
1000
和下降阶段，加速度方向均向下，均处于失重状态；用球杆击打冰球时，球杆形变对与它接触的冰球产生弹力；两
冰壶碰撞过程中均受到摩擦力作用，不满足动量守恒条件。
2.A
GMm GMm R
【解析】设地面的重力加速度为g， mg，设站在机械臂上的加速度为a， ma，得a g；
2
R 2 = R h 2 = =( R h )
( + ) +
GMm GMm
航天员在机械臂上受到地球的引力F ，在地球上受到的的重力mg ，其中R ，h
= R h 2 = R 2 = 6400km = 400
( + )
GMm
；航天员与机械臂间的作用力为零；航天员在机械臂上受到的合力F ，静止在地面上时受到的合力
km = R h 2
( + )
几乎为零。
3.B
【解析】F 与F 的合力等于重力G的平衡力F，根据三角形定则，由于F 方向不变，F 与竖直方向的夹角增大，F
N T T N N
和F 都变大。
T
4.D
【解析】增大电压U I增大为饱和电流后便保持不变；实验表明，在光的频率不变的情况下，入射光越强，饱和电
,
流越大；由E hν W ，E eU ，黄光换成蓝光，极限频率变大；若光强相同，将黄光换成蓝光，单位时间内照
k = - 0 k = C
射到金属表面的光子数较少，产生的光电子较少，光电流变小。
5.C
【解析】根据气体状态方程计算，壶内气体体积变大，反映了壶内气体发生了泄露现象，气体质量减小；壶内气体
体积膨胀，对外做功；气体压强减小，单位时间内气体对壶内壁单位面积碰撞的次数减少。
6.D
【解析】由题意可知小球带正电，小球从a经过b运动到c点的过程中，速度一直增大，静电力一直做正功，电势能
一直减小；小球在a点的加速度小于在b点的加速度，由qE ma可知a点的电场强度小于b点的电场强度；根据
=
qU ab= 1mv 2b ，qU bc= 1mv 2c - 1 mv 2b ，得U ab< U bc 。
2 2 2
7.A
【解析】铅球做斜上抛运动，由铅球的轨迹方程可知，投出点坐标（ ， ），最高点坐标（ ， ），铅球上升的
0 1.4m 4.8m 3.2m
最大高度h 。设初速度为v，H ，则 v θ gh，得v ；空中上升时间
2
=3.2m-1.4m=1.8m 0 =3.2m -( 0sin ) = -2 0 = 10m/s
h H
t 2 ，空中下落时间t 2 ，空中运动时间t t t ，水平位移x v θt ；落
1 = g =0.6s 2 = g =0.8s = 1 + 2 =1.4s = 0cos =11.2m
地竖直速度v gH，落地速度v v θ v ，得v 。
2y
= 2 = ( 0cos )
2
+
2y
= 8 2m/s
物理试题答案 第 页（共 页）
1 4二、多项选择题：本题共 小题，每小题 分，共 分。
3 6 18
8.AD
【解析】永磁铁与转子间的距离就是改变了转子处的磁场大小，从而改变了电流受到的安培力；电机不转时电流
大幅增加，消耗的电功率更多。
9.AC
【解析】对于x 处的质点，t= 时，若甲波单独存在时处于平衡位置，若乙波单独存在时也处于平衡位置；
=2m 0.5s
对于x 处的质点，t 时，甲波是在平衡位置且沿y轴正方向运动，乙波也是在平衡位置且沿y轴正方向运动。
=2m =1.0s
10.AD
E B 2 L 2 v
【解析】对金属杆，mg BIL ma，I ，E BLv，得a g ，随着金属杆速度v的增大，加速度a
- = = R r = = - m R r
+ ( + )
逐渐减少，直到变为 做匀速直线运动；随着速度v的增大，x t图像的斜率应该增大；电压传感器的示数
0 -
BLRv
U IR，得U ，变化规律与速度类同。
= = R r
+
三、非选择题：本题共 小题，共 分。
5 54
（ 分）
11. 6
（）
1 A
（） （ ） （ ～ ）
2 0.495 0.496 1.50 1.49 1.51
评分标准：每空各 分。
2
【解析】（）先打开打点计时器后释放小车；补偿阻力时保留打点计时器和纸带，以判断小车是否匀速运动；补偿
1
阻力后，细绳与长木板平行时，细绳拉力等于小车所受合力；利用传感器测出细绳拉力，不需要使槽码质量远小
于小车质量。
x x x x
（）打下点 时小车的速度为a 34 + 45 ，小车的加速度为a 46 - 24 2 。
2 4 = T = 0.495m/s = T = 1.50m/s
2
2 4
（ 分）
12. 10
U U U
（）如图所示 （）a端 （）U 1 R （） 1 2
1 2 3 1 I - 0 4 I U U
2 2( 1 - 2)
评分标准：每空（图）各 分。
2
【解析】（）闭合开关 前，滑动变阻器的滑动触头位于a端时，滑动变
2 S R 0 1 23
阻器阻值最大，电路中电流最小。
A
0 1 23
（） 接 时，当电流表示数为 时，电流表和R 不分压，电压表的示数
V
3 S2 1 0 0
S2
U E；另一方面由于 接 ，当电压表示数为 时，电压表没有分流，即
R
1= S2 2 0
-
+
0
E U
此时的电流表示数I ，联立可得E U，r 1 R。 S1
2= r R = 1 = I - 0
+ 0 2
I
（ ） 接 时，所测内阻为电源、R 及电压表的整体的等效内阻，即 2 1 1 ，联立可得电压表内阻
4 S2 2 0 U = r R + R
2 + 0 V
U U
R 1 2 。
V= I U U
2( 1 - 2)
物理试题答案 第 页（共 页）
2 4（ 分）
13. 10
（）设黄光从冰块射出时入射角为r，折射角为i，由几何关系有
1
R
O h
r= h 3 ………………………………………………（ 分）
sin R = 1 r
2 2
+( ) 5 R
2
R R
i
i ′- 4 …………………………………………（ 分）
sin = R R 2 h 2 = 1
( ′- ) + ′ 5
设该冰块对黄光的折射率为n，由折射定律有
h′
i
n= sin …………………………………………………………… （ 分）
r 2
sin
R′-R
解得n 4 …………………………………………………………（ 分）
= 1
3
（）设黄光由冰块射向空气的临界角为C
2
C 1 3 ……………………………………………………………………………………………………（ 分）
sin = n = 2
4
由于C ，黄光在圆柱体侧面恰好全反射时，在上下两底面一定不会全反射。设冰块的最大高度为H，由几
>45°
何关系有
H
C= 2 ……………………………………………………………………………………………（ 分）
sin H 2
R
2 2
+ ( )
2
解得H= 36 7 …………………………………………………………………………………（ 分）
cm=13.6cm 1
7
（ 分）
14. 12
（）设电场强度的大小为E，磁感应强度的大小为B
1
qE qvB…………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 0 2
仅撤去磁场后，粒子从P点进入后做匀变速曲线运动。设粒子在电场中运动时间为t，粒子加速度的大小为a，
qE
a …………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= m 1
R vt ……………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 0 1
R 1at
2
…………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 1
2
mv
解得B 2 0……………………………………………………………………………………………………（ 分）
= qR 1
（）仅撤去电场后，设粒子做圆周运动的半径为r，由几何关系和牛顿运动定律有
2
v 2 Q
qvB=m 0………………………………………………………………………（ 分）
0 r 2
解得r 1 R R
=
2 v
设粒子速度偏转角为θ，由几何关系有 P 0
O
R
θ
sin = R R 2 = 2 5 ……………………………………………………（ 1 分） O 1 v 0
2
2 + 5
4 v v
设带电粒子通过该区域前后速度变化量的大小 v 0 Δ
Δ
θ
v v ……………………………………………………………………………………………………（ 分）
Δ =2 0sin 2
2
解得 v 4 5 v ………………………………………………………………………………………………（ 分）
Δ = 0 1
5
物理试题答案 第 页（共 页）
3 4（ 分）
15. 16
（）Q以初速度v 沿P表面向上滑动过程中，设Q的加速度为a
1 0=5m/s 1
-mg θ-μmg θ ma ……………………………………………………………………………………（ 分）
2 sin 2 cos = 2 1 1
解得：a
2
1=-12m/s
该过程中，对P受力分析可知
mg θ ，μmg θ ，μ m m g θ
1 sin =18N 2 cos =6N ( 1+ 2) cos =24N
因为mg θ μmg θ<μ m m g θ，所以P保持静止 …………………………………………………（ 分）
1 sin - 2 cos ( 1+ 2) cos 1
设Q运动到P的上端时速度为v
1
L
v v a ……………………………………………………………………………………………………（ 分）
2 2
1 - 0 =2 1 1
2
解得：v
1=4m/s
设Q与P的上端碰撞后的瞬间Q与P速度分别为v 和v
2 3
mv mv +mv ………………………………………………………………………………………………（ 分）
2 1= 2 2 1 3 1
1mv
2
1mv
2
+1mv
2
………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………（ 分）
2 1 = 2 2 1 3 1
2 2 2
解得v ，v ………………………………………………………………………………………（ 分）
2=-2m/s 3=2m/s 2
Q与P的上端碰撞后Q与P的速度的大小均为
2m/s
（）设Q与P的上端碰撞后Q与P加速度分别为a 和a，设经过时间t 时P速度减为 ，Q与P位移分别为x 和x，
2 2 3 1 0 1 2
此时Q距P下端距离为x
3
-mg θ+μmg θ ma （ 分）
2 sin 2 cos = 2 2 …………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
-mg θ-μmg θ-μ m m g θ=ma （ 分）
1 sin 2 cos ( 1+ 2) cos 1 3 ………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
解得a ，a
2
2=0 3=-16m/s
v at （ 分）
0- 3= 31 ……………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
解得t 1
1= s
8
x vt （ 分）
1= 21 ……………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
v
x 3 t （ 分）
2= 1 …………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
2
L x x x （ 分）
- 3= 2- 1 ……………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
解得x 3
3= m
8
P速度为 后到Q与P下端碰撞前，设P加速度的大小为a
0 4
mg θ+μmg θ-μ m m g θ=ma
1 sin 2 cos ( 1+ 2) cos 1 4
解得a ，P将保持静止 ………………………………………………………………………………………（ 分）
4=0 1
设再经过时间t，Q与P下端碰撞
2
-x vt （ 分）
3= 22 …………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………………… 1
解得t 3
2= s
16
Q与P两次碰撞的时间间隔为 t
Δ
t t t 5 …………………………………………………………………………………………………（ 分）
Δ = 1+ 2= s 1
16
物理试题答案 第 页（共 页）
4 4
