文档内容
2024年高考联合模拟考试
物理参考答案及评分标准
一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，
错选、多选或未选均不得分，第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的
得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
题号
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案
B D D A B C C AC BD BD
二、非选择题：本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题10分，第13题10分，第14
题12分，第15题16分。其中13~15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重
要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明
确写出数值和单位。
d
（共 分）（） （ 分）（） （ 分）（）（ 分）（）F 1（ 分）
11. 6 1 1.880 1 3 tL 1 4 A 2 5 - t 2
2
1
（共 分）（）（每空 分） （）闭合S 断开S（ 分）
12. 10 1 1 B C F 2 2 1 2
（）大于（ 分） 小于（ 分）
4 2 3
（ 分）【答案】（） （）
o
13. 10 1 14cm 2 3 C
解：（）（ 分）对左管封闭的气体，经分析可知此状态变化过程为等温变化。
1 5
初状态参数为：P ；V LS S
1=75cmHg 1= =22cm
右管水平放置后，设左管水银面高度降为x ；
cm
则此时左管封闭的气体状态参数为：
P －x ……………………………………………………（ 分）
2=(75 )cmHg① 1
V L H－x S －x S ………………………………………（ 分）
2=( + ) =(50 )cm ② 1
由玻意耳定律有：PV PV ………………………………………（ 分）
1 1= 2 2 ③ 1
代入已知数据解得：x 舍去，可不写出 x ………（ 分）
1=105cm( ), 2=20cm ④ 1
则水银柱右端离右管口的距离为 x L－ H－x …………（ 分）
∆ = ( 2)=14cm ⑤ 1
（）（ 分）对左管封闭的气体，经分析可知此状态变化过程为等容变化。
2 5
初状态参数为：P
1=75cmHg
T （ ） ………………………………………………（ 分）
1= 273+27 K=300K ⑥ 1
末状态参数为：P P P－P ……………………………（ 分）
P3= 1+ P h H=69cmHg⑦ 1
由查理定律有：1 3 …………………………………………（ 分）
T = T ⑧ 1
1 3
代入已知数据解得T ……………………………………（ 分）
3=276K ⑨ 1
则封闭环境温度为t （ ） ………………………（ 分）
U
3= 27
d
6
B
-273 ℃=3℃
L
⑩ 1
（ 分）【答案】（）k 8 1（）U 4 1U（）k k
14. 12 1 1 = B 2 L 2 2 1 = LB 1 3 2 = L d 1
2 2 +
解：（）（ 分）设正粒子P的电荷量为q，质量为m
1 6 1 1
经过加速器A有：q U 1 m v 2 …………………………………（ 分）
1 1 = 1 ① 2
2
v
2
匀速通过速度选择器B，以速度v进入分离器C有：q vB m …（ 分）
1 2= 1 r ② 2
1
L
r ………………………………………………………………（ 分）
1 = ③ 1
2 q U
则解得P粒子的比荷 k 1 8 1 ……………………………（ 分）
1 = m = B 2 L 2 ④ 1
1 2
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{#{QQABCYQQogigAhAAAQgCQwWoCgGQkACAAIoOhAAIsAABiQFABAA=}#}（）（ 分）在速度选择器中，匀速直线运动有：q vB q E …………………（ 分）
2 3 U 1 1 = 1 ⑤ 1
E 2 ………………………………………………………………（ 分）
= d ⑥ 1
dB
联立 式解得：U 4 1U …………………………（ 分）
①④⑤⑥ 2 = LB 1 ⑦ 1
2
（）（ 分）另一粒子Q能通过速度选择器B，则其速度也为v。
3 3
v
2
在分离器C中：q vB m ……………………………………（ 分）
2 2 = 2 r ⑧ 1
L x 2
由几何关系知：r + ………………………………………（ 分）
2 = ⑨ 1
2 q L
对比 式与 式联立 式、 式可得：k 2 k ……（ 分）
⑧ ② ③ ⑨ 2 = m = L x 1 ⑩ 1
2 +
（ 分）【答案】（） ；（） ；（）
15. 16 1 1.5m/s 1.5m/s 2 1.2m 3 0.6m
解：设沿斜面向下为正方向。
（）（ 分）对C碰前由机械能守恒定律有：mgL 1 mυ 2 ……………（ 分）
1 6 sin30° = 0① 2
解得v 2
对C碰0=
B
3
过
m/
程
s
由动量守恒和能量守恒有：
mv mv mv ………………………………………………………（ 分）
0= 1+3 2 ② 1
1 mv 2 1 mv 2 1 mv 2 ……………………………………………（ 分）
0 = 1 + 3 2 ③ 1
解2 得 v 2－ 2即C的速度大小为 …………………………（ 分）
v
1=
…
1.5
…
m
…
/s
………………………
1.
…
5m
…
/s
…………………………（
1
分）
（）（
分）设2=
碰
1.
后
5m
滑
/s
块B的加速度为a，长木板A的加速度为a
1
2 7 对滑块B由牛顿第二定律有1 m θ μ m θ 2 ma ……（ 分）
3 gsin - 3 1 gcos = 3 1 ④ 1
解得a －
2
对长木1=
板A
2
由
.5m
牛
/s
顿第二定律有 m θ μ m θ μ m θ ma
……………………………… 2 … g … sin …… + … 3 …1 … gc … os … - … 6 …2… g … co … s … = 2 （ 分 2 ）
⑤ 1
设经时间t，A与B达共同速度v，则有v at v at ……………（ 分）
t ；v1 = 21= 2+ 11 ⑥ 1
因1=0
μ
.4s
μ ，
=
共
0.
速
5m
后
/s
A与B一起匀减速下滑
共速1前 > ，A2与B的位移分别为x 和x
v v A B
x 2 + t ………………………………………………………（ 分）
A = 1⑦ 1
v2
x t …………………………………………………………（ 分）
B = 1 ⑧ 1
相对滑2动的距离 x x x 代入数据解得Δx …………（ 分）
Δ = A - B = 0.3m⑨ 1
所以木板A的长度至少为L L Δx …………………（ 分）
（）（ 分）运动过程的v t图像如下图所A = 示： + = 1.2m ⑩ 1
3 3 -
v
-1
/m·s
t ……………………………………（ 分）
/s ⑪ 2
（作出正确图像或者分别算出B、C的位移均可得这 分）
2
经过计算可知 时，A、B、C三者共速。
0.4s
由v t图面积可得B、C间相对位移为Δx´ 1 ( ) …（ 分）
- = × 1.5+1.5 ×0.4m=0.6m⑫ 1
即可得A、B共速时，B、C相距 。 2
0.6m
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{#{QQABCYQQogigAhAAAQgCQwWoCgGQkACAAIoOhAAIsAABiQFABAA=}#}
