浙江省名校协作体2023-2024学年高三上学期开学适应性考试物理答案_2023年8月_01每日更新_15号_2024届浙江省名校协作体高三上学期开学适应性考试

2023 学年第一学期浙江省名校协作体适应性试题 高三年级物理学科参考答案 一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一 个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 A A A A D A A C C D C C A 二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一 个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 题号 14 15 答案 BCD BCD 三、非选择题（本题共6小题，共55分） 16．实验题（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三题共14分） Ⅰ．（1）①乙（1分） ②0.33（0.32～0.33均可）（1分） 0.50（0.49～0.50均可）（1分） （2）B（2分） Ⅱ．（1）①A（1分） ②C（1分） ET2 （2）③9.2×10-3（1分） ④不变（2分） ⑤ （2分） 4π2S Ⅲ．AC（2分） 17．（1）设吸管内气体压强为 p ，则有 1 p  p gLh 1 0 解得 p 1.02105Pa 1 （2）吸管中的气体初始状态为 p 1.0105Pa，V LS ，T 300K 0 0 0 假设温度升高时，吸管中的气体没有溢出，而是膨胀成一个整体，该整体的状态为 1 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}p 1.02105Pa，V V V ，T 367.2K 1 2 0 1 1 则有 pV pV 0 0  1 2 T T 0 1 逸出气体的体积为 V V V 1 2 0 则从吸管内溢出气体的质量与吸管内初始气体质量的比值 m V  1 M V 2 联立解得 m 1  M 6 18．（1）滑船从A点滑到C点时，由机械能守恒定律可知 1 mgH  mv2 2 C 在C点时由牛顿第二定律可得 v2 F mg m C NC R 解得 F =1.5mg NC （2）划船到达D点时速度 1 mg(H h) mv2 2 D 解得 gR v  D 10 滑船在斜面上只受重力和斜面的支持力，则运动的加速度大小 mgsin 3 a  g m 2 运动最高点J到水平底边ad的距离 (v sin)2 3R s D  2a 40 2 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}（3）当水平风力大小为F 时，从最高点到ad，则沿斜面方向 0 v sin at D 沿平行斜面方向 F 0 t 2v cos m D 解得 F mg 0 此时回到ad面时沿着垂直ad方向的速度大小为 v v sin y D 沿着ad方向的速度大小仍为 v v cos x D 即进入接收平台的速度仍为v 最大，则进入平台后的位移最大，因进入defp内做匀减速运 D 动，加速度 a' g 则最终滑行的最大路程为 v2 R s  D  max 2a' 20 现改变风力为F ，因F≤F ，则滑船回到ad边时沿垂直ad方向的速度不变，若沿ad方向 0 的速度为零，此时进入平台的速度最小，此时 F t v cos m D 可解得 F=0.5mg 则进入平台的最小位移为 (v sin)2 3R s  D  min 2a' 80 3R R 即滑船在接收平台defp内滑行总路程S的可能范围  。 80 20 3 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}19．（1）根据题意则有 E NBS m 1 v  r 0 代入数据可得 E 6V m 由于产生的是正弦式交变电流，则 E U  m 3 2V 2 回路总电阻 R R R  3Ω 总 0 2 小灯泡L 的电流有效值 1 1 U 2 I    A 1 2 R 2 总 （2）根据题意则有 B (r r)(r r) E   2 2 1 2 1 1.2V m 2 产生方波式的交变电流，设有效值为U，则由 E2 T U2 m   T R 2 R 可得  E 3 U m  2V 2 5 回路总电阻 R  2R4Ω 总 小灯泡L 的电流有效值 1 U 3 I    2A 1 R  20 总 （3）由 S vt 4 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}U2 Q  t 总 R 总 v相同，Q 相同所以有 总 S t R U2 1  1  总  S t R  U2 2 2 总 可得 S 3 1  S 100 2 20．（1）设质子进入第n个圆筒的速度为v ，则有 n 1 nqU  mv 2 2 n 解得 2nqU v   n n m 由于在筒中的运动时间相同，金属圆筒2与金属圆筒4的长度之比为 l v t 2 2  2  l v t 2 4 4 （2）要让氘核也能“踏准节奏”在间隙处被加速，则需要氘核在每个筒中的速度与质子相同， 2nqU 由v  ，氘核电荷量与质子相同，质量为质子两倍，所以U 要调至2U ；根据洛伦 n m 0 0 兹力提供向心力可得 mv2 qvB 4 r 解得 mv r  4 qB 代入B与v ，可得质子的轨道半径为 4 r a 1 氘核质量为质子两倍，v 与质子相同，可得氘核的轨道半径为 4 r 2a 2 5 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}（3）如图所示，氘核离开磁场I的速度方向与边界成60角 ①两轨迹相交于D点（如图1），根据图中几何关系有 L|HF||HC|tan |HC||DC||DG||GH|2 3aa 3a 3aa 联立解得 L(3 3)a ②两轨迹外切（如图2），根据图中几何关系有 L|HF||HC|tan |DG| |OD|2 |OG|2  (3a)2 a2 2 2a |HC||DC||DH|(|DG||GC|)|DH|(2 2a 3a) 3a 联立解得 L2 6a 综上所述 0L(3 3)a或者L2 6a 命题：金华一中 6 {#{QQABJQCAggiAABAAARgCEQXyCAAQkBCACIgORAAAIAAASQFABAA=}#}