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保密★启用前
甘肃 2024 年高考综合改革适应性测试(提升卷)
物 理
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题II的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选抒题时，将答案写在答题卡
上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项符合题目要求。
1.如图所示为氢原子能级图，以及从n＝3、4、5、6能级跃迁到n＝2能级时辐射的四条光
谱线．则下列叙述正确的有( )
A．H 、H 、H、H 的频率依次增大
α β γ δ
B．可求出这四条谱线的波长之比，H 、H 、H、H 的波长依次增大
α β γ δ
C．处于基态的氢原子要吸收3.4 eV的能量才能被电离
D．如果H 可以使某种金属发生光电效应，H 一定可以使该金属发生光电效应
δ β
答案 A
解析 根据hν＝E －E(m>n，m、n都只能取正整数)，可以判定H 、H 、H、H 的频率依
m n α β γ δ
次增大，波长依次减小，且能定量地计算出频率或波长的大小之比，故 A正确，B错误；
处于基态的氢原子至少要吸收13.6 eV的能量才能被电离，故C错误；H 的频率大于H 的
δ β
频率，根据光电效应产生的条件可以判定，H 可以使某种金属发生光电效应，H 不一定可
δ β
以使该金属发生光电效应，故D错误．
2.“羲和号”是我国首颗太阳探测科学技术试验卫星．如图所示，该卫星围绕地球的运动
视为匀速圆周运动，轨道平面与赤道平面接近垂直．卫星每天在相同时刻，沿相同方向经
过地球表面A点正上方，恰好绕地球运行n圈．已知地球半径为R，自转周期为T，地球表
面重力加速度为g，则“羲和号”卫星轨道距地面高度为( )更多全科试卷，请关注公众号：高中试卷君
A． B． C． D．
答案 C
解析 地球表面的重力加速度为g，根据牛顿第二定律有＝mg，可得GM＝gR2，
根据题意可知，卫星的运行周期为T′＝，根据牛顿第二定律，万有引力提供卫星做匀速
圆周运动所需的向心力，则有＝m′(R＋h)，联立以上式子解得h＝－R，故选C.
3.如图所示，真空中有一电荷均匀分布的带正电圆环，半径为r，带电荷量为q，圆心O在
x轴的坐标原点处，圆环的边缘A点与x轴上P点的连线与x轴的夹角为37°，静电力常量
为k，取sin 37°＝，cos 37°＝，则整个圆环产生的电场在P点的电场强度大小为( )
A. B. C. D.
答案 B
解析 把圆环分为n等份(n足够大)，每一份的电荷量为Δq，则有n＝，每小份可以看成点
电荷，由点电荷的电场强度公式可知每小份产生的电场在 P点的电场强度大小均为E ＝，
0
由几何关系sin 37°＝，可得E ＝.在P点，E 在垂直x轴方向的分量大小为E，根据对称性，
0 0 y
n个E 的矢量和为0，E 在x轴方向的分量大小为E＝Ecos 37°，n个E 的矢量和就是圆环
y 0 x 0 x
产生的电场在P点的电场强度，即E＝nE，解得E＝，A、C、D错误，B正确．
x
4.在图示的双缝干涉实验中，光源S到缝S、S 距离相等，P 为S、S 连线的中垂线与光屏
1 2 0 1 2
的交点．用波长为400 nm的光实验时，光屏中央P 处呈现中央亮条纹(记为第0条亮条纹)，
0
P处呈现第3条亮条纹．当改用波长为600 nm的光实验时，P处将呈现( )
A．第2条亮条纹 B．第3条亮条纹
C．第2条暗条纹 D．第3条暗条纹
答案 A
解析 由公式Δx＝λ可知＝λ ，当改用波长为600 nm 的光实验时，则有＝λ ，即＝＝，解
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得n＝2，即P处将呈现第2条亮条纹，A正确．
5.如图所示，单摆在竖直平面内的A、C之间做简谐运动，O点为单摆的固定悬点，B点为
运动中的最低位置，则下列说法正确的是( )
A．摆球在A点和C点时，速度为零，故细线拉力为零，但回复力不为零
B．摆球由A点向B点摆动过程中，细线拉力减小，但回复力减小
C．摆球在B点时，重力势能最小，机械能最小
D．摆球在B点时，动能最大，细线拉力也最大
答案 D
解析 假设摆动过程中，细线与竖直方向夹角为θ，重力沿细线方向分力为mgcos θ，垂直
于细线方向分力为mgsin θ.摆球在A点和C点时，速度为零，沿细线方向的合力为零，有
F＝mgcos θ，F ＝mgsin θ，即细线的拉力与重力沿细线方向分力等大且不为零，回复力
回
与重力沿切向方向的分力等大，也不为零，故A错误；摆球由A点向B点摆动过程中，速
度变大，根据F－mgcos θ＝m，F ＝mgsin θ，可得细线拉力增大，回复力减小，故B错
回
误；摆球在摆动过程机械能守恒，从最高点摆到B点过程中，重力做正功，其重力势能一
直在减小，动能一直在增加，所以摆球在B点时，重力势能最小，动能最大，故C错误；
摆球在B点时对其受力分析，可得F－mg＝m，可知此时细线拉力最大，合力不为零，故
D正确．
6.在油电混合小轿车上有一种装置，刹车时能将车的动能转化为电能，启动时再将电能转
化为动能，从而实现节能减排．图中，甲、乙磁场方向与轮子的转轴平行，丙、丁磁场方
向与轮子的转轴垂直，轮子是绝缘体，则采取下列哪个措施，能有效地借助磁场的作用，
让转动的轮子停下( )
A．如图甲，在轮上固定如图绕制的线圈
B．如图乙，在轮上固定如图绕制的闭合线圈
C．如图丙，在轮上固定一些细金属棒，金属棒与轮子转轴平行
D．如图丁，在轮上固定一些闭合金属线框，线框长边与轮子转轴平行
答案 D
解析 题图甲和题图乙中当轮子转动时，穿过线圈的磁通量都是不变的，不会产生感生电更多全科试卷，请关注公众号：高中试卷君
流，则不会有安培力阻碍轮子的运动，选项A、B错误；题图丙中在轮上固定一些细金属
棒，当轮子转动时会产生感应电动势，但是不会形成感应电流，则也不会产生安培力阻碍
轮子转动，选项C错误；题图丁中在轮上固定一些闭合金属线框，线框长边与轮子转轴平
行，当轮子转动时会产生感应电动势，形成感应电流，则会产生安培力阻碍轮子转动，使
轮子很快停下来，选项D正确．
7.冰壶运动深受观众喜爱，在某次投掷中，冰壶甲运动一段时间后与静止的冰壶乙发生正
碰，如图所示．若两冰壶质量相等，则碰后两冰壶最终停止的位置，可能是选项图中的哪
幅图( )
答案 B
解析 两冰壶碰撞过程中动量守恒，两冰壶发生正碰，由动量守恒定律可知，碰撞前后系
统动量不变，两冰壶的动量方向即速度方向，不会偏离甲原来的方向，可知，A图情况是
不可能的，故A错误；如果两冰壶发生弹性碰撞，碰撞过程动量守恒、机械能守恒，两冰
壶质量相等，碰撞后两冰壶交换速度，甲静止，乙的速度等于甲的速度，碰后乙做减速运
动，最后停止，最终两冰壶的位置可能如选项B所示，故B正确；两冰壶碰撞后，乙在前，
甲在后，选项C所示是不可能的，故C错误；碰撞过程机械能不可能增大，两冰壶质量相
等，碰撞后甲的速度不可能大于乙的速度，碰撞后甲的位移不可能大于乙的位移，故D错
误．
二、多项选择题:本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多
项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.从高为20 m的位置以20 m/s的初速度竖直上抛一物体，g取10 m/s2，当物体到抛出点距
离为15 m时，所经历的时间可能是( )
A．1 s B．2 s
C．3 s D．(2＋) s
答案 ACD
解析 取竖直向上方向为正方向，当物体运动到抛出点上方离抛出点15 m时，位移为x＝15
m，由竖直上抛运动的位移时间公式得x＝vt－gt2，解得t ＝1 s，t ＝3 s；当物体运动到抛
0 1 2
出点下方离抛出点15 m时，位移为x′＝－15 m，由x′＝vt－gt2，解得t ＝(2＋) s或t ＝
0 3 4
(2－) s(负值舍去)，选项A、C、D正确，B错误．更多全科试卷，请关注公众号：高中试卷君
9.如图甲所示，a、b是点电荷的电场中同一条电场线上的两点，一个带电粒子在 a点由静
止释放，仅在静电力作用下从a点向b点运动，粒子的动能与位移之间的关系如图乙所示，
则下列说法中正确的是( )
A．带电粒子与场源电荷带异种电荷
B．a点电势比b点电势高
C．a点电场强度比b点电场强度大
D．带电粒子在a点的电势能比在b点的电势能大
答案 CD
解析 粒子从a点向b点运动，E －x图像的切线斜率减小，根据动能定理，则有qEx＝
k
E ，电场强度减小，因此a点更靠近场源电荷，则a点电场强度比b点电场强度大，若场
k
源电荷是正电荷，则粒子带正电，若场源电荷是负电荷，则粒子带负电，它们带同种电
荷，故A错误，C正确；由于不能确定场源电荷的性质，所以也不能确定电场线的方向，
不能确定a点电势与b点电势的高低，故B错误；带电粒子仅在静电力作用下从a点运动
到b点，静电力做正功，电势能减小，所以带电粒子在 a点的电势能大于在b点的电势
能，故D正确．
10.如图所示，一束复色光沿PO方向射向一上、下表面平行的无限大的厚玻璃平面镜的上
表面，一共得到三束光Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ.则( )
A．该复色光由三种颜色的光混合而成
B．光束Ⅱ在玻璃平面镜中的传播速度比光束Ⅲ小
C．光束Ⅱ、Ⅲ在玻璃平面镜内部传播的时间不可能相同
D．改变α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ一定始终与光束Ⅰ平行
答案 BD
解析 根据题意将光路图补充完整，如图所示，其中β为光束Ⅱ的折射角，γ为光束Ⅲ的折
射角更多全科试卷，请关注公众号：高中试卷君
光束Ⅰ为反射光线，仍是复色光，光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率不同导致偏折分离，为单色光，
即该复色光由两种颜色的光混合而成，A错误；根据折射率的定义，光束Ⅱ、Ⅲ的折射率
表示为n ＝＝，n ＝＝，因为β<γ<90°，则有n>n ，v，则B、D两
2
点的电势的关系满足φ ________(选填“>”“<”或“＝”)φ .
B D
方案二：在方案一的基础上，用一段粗细均匀的电阻丝替代R 、R ，将电阻箱R 换成定值
1 3 2
电阻R，如图(b)所示．
(3)闭合开关S，调整触头D的位置，使按下触头D时，电流表G的示数为零．已知定值电
阻R的阻值，用刻度尺测量出l、l，则电阻R＝________.(用已知量和测得量表示)
1 2 x
(4)为消除因电阻丝的粗细不均匀而带来的误差，将图(b)中的定值电阻R换成电阻箱，并且
按照(3)中操作时，电阻箱的读数记为R；然后将电阻箱与R 交换位置，保持触头D的位置
4 x
不变，调节电阻箱，重新使电流表G的示数为零，此时电阻箱的读数记为R ，则电阻R＝
5 x
________.(用电阻箱的读数表示)
答案 (1)BC (2)< (3)R (4)
解析 (1)电流表G零刻度线在中央时，可以判断电流的流向，判断 B和D两点电势的高低，
所以要求电流表G的零刻度在表盘中央，所以B正确，A错误；根据电流表中表针摆动的
方向便可判断B和D两点电势的高低，进而进行调节，无需准确读出电流的大小，所以C
正确，D错误．
(2)当没有接电流表G时，R 与R 串联，R 与R 串联，然后R、R 和R、R 再并联，则IR
2 x 1 3 2 x 1 3 1 2
＋IR＝U ＋U ＝U ，IR＋IR＝U ＋U ＝U ，整理可得＝＝－1，＝＝－1.所以，当
1 x AB BC AC 2 1 2 3 AD DC AC
>时，U mgsin θ，此后两者一起做匀减速直线运动，直到停止．
2
以物块和木板为整体，a ＝μgcos θ－gsin θ＝ m/s2，s ＝＝1.5 m
共 1 共
Q ＝μmgcos θ·Δs＝30 J
物－板 2
Q ＝μ(M＋m)gcos θ·(s ＋s )＝57 J
板－斜 1 板 共
整个过程中，系统由于摩擦产生的热量Q＝Q ＋Q ＝87 J.
物－板 板－斜
