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期末测试卷 02
考试时间：100分钟；总分：90分
一、单选题(每个2分，共50分)
1．某种小鼠的毛色受AY（黄色）、A（鼠色）、a（黑色）3个基因控制，三者互为等位基因，
AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死（不计入个体数）。下
列叙述错误的是（ ）
A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F 有3种基因型
1
B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F 有3种表现型
1
C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F 可同时出现鼠色个体与黑色个体
1
D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F 可同时出现黄色个体与鼠色个体
1
【答案】C
【详解】
A、若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基
因型，A正确；
B、若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表现型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、
Aa（鼠色）、aa（黑色），即有3种表现型，B正确；
C、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只黑色雌鼠（aa）杂交，产生的F1的基因型为AYa
（黄色）、Aa（鼠色），或AYa（黄色）、aa（黑色），不会同时出现鼠色个体与黑色个体，
C错误；
D、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只纯合鼠色雌鼠（AA）杂交，产生的F1的基因型为
AYA（黄色）、AA（鼠色），或AYA（黄色）、Aa（鼠色），则F1可同时出现黄色个体与鼠色
个体，D正确。
2．某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A
的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型
为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是（ ）
A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍
B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12
C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍
D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等
【答案】B
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【详解】
A、分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所
以Bb自交，子一代中红花植株B_：白花植株bb=3：1，A对；
B、基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1，由于含a的花粉
50%可育，故雄配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1，所以子一代中基因型为aabb的个体
所占比例为1/4×1/6=1/24，B错误；
C、由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A+1/2a，不育雄配子
为1/2a，由于Aa个体产生的A：a=1:1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C
正确；
D、两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相
等，D正确。
3．甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，
F1自交产生F2，结果如表。
组
杂交组合 F1 F2
别
1 甲×乙 红色籽粒 901红色籽粒，699白色籽粒
2 甲×丙 红色籽粒 630红色籽粒，490白色籽粒
根据结果，下列叙述错误的是（ ）
A．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色：7白色
B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制
C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色：1白色
D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色
【答案】C
【详解】
A、若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒（AaBBCc），两对等位基因遵循自由组合定律，则F2
玉米籽粒性状比为9红色：7白色，A正确；
B、据分析可知若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正
确；
C、据分析可知，组1中的F1（AaBbCC）与甲（AAbbCC）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂色：1白色，C错误；
D、组2中的F1（AABbCc）与丙（AABBcc）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色，
D正确。
4．蜜蜂的雌蜂（蜂王和工蜂）为二倍体，由受精卵发育而来；雄蜂是单倍体，由未受精卵发
育而来。由此不能得出（ ）
A．雄蜂体细胞中无同源染色体
B．雄蜂精子中染色体数目是其体细胞的一半
C．蜂王减数分裂时非同源染色体自由组合
D．蜜蜂的性别决定方式与果蝇不同
【答案】B
【详解】
A、雄蜂是由未受精的卵细胞直接发育成的，是单倍体，因此雄蜂体细胞中无同源染色体，A
正确；
B、雄蜂精子中染色体数目与其体细胞的中染色体数目相同，B错误；
C、蜂王是由受精卵经过分裂、分化产生的，其体细胞中存在同源染色体，在减数分裂过程中
会发生非同源染色体自由组合，C正确；
D、蜜蜂的性别决定方式与果蝇不同，蜜蜂的性别与染色体数目有关，而果蝇的性别决定与性
染色体有关，D正确。
5．植物的有性生殖过程中，一个卵细胞与一个精子成功融合后通常不再与其他精子融合。我
国科学家最新研究发现，当卵细胞与精子融合后，植物卵细胞特异表达和分泌天冬氨酸蛋白
酶ECS1和ECS2。这两种酶能降解一种吸引花粉管的信号分子，避免受精卵再度与精子融合。
下列叙述错误的是（ ）
A．多精入卵会产生更多的种子
B．防止多精入卵能保持后代染色体数目稳定
C．未受精的情况下，卵细胞不分泌ECS1和ECS2
D．ECS1和ECS2通过影响花粉管导致卵细胞和精子不能融合
【答案】A
【详解】
AB、多精入卵会导致子代有来自卵细胞和多个精细胞的染色体，破坏亲子代之间遗传信息的
稳定性，因此一个卵细胞与一个精子成功融合后通常不再与其他精子融合。防止多精入卵可
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂以保证子代遗传信息来自一个精子和一个卵细胞，能保持后代染色体数目稳定，A错误，B正
确；
C、结合题意“当卵细胞与精子融合后，植物卵细胞特异表达和分泌天冬氨酸蛋白酶ECS1和
ECS2”可知，未受精的情况下，卵细胞不分泌ECS1和ECS2，C正确；
D、据题意可知，ECS1和ECS2能降解一种吸引花粉管的信号分子，避免受精卵再度与精子融
合，推测该过程是由于ECS1和ECS2通过影响花粉管导致卵细胞和精子不能融合，D正确。
6．摩尔根和他的学生用果蝇实验证明了基因在染色体上。下列相关叙述与事实不符的是（
）
A．白眼雄蝇与红眼雌蝇杂交，F1全部为红眼，推测白眼对红眼为隐性
B．F1互交后代中雌蝇均为红眼，雄蝇红、白眼各半，推测红、白眼基因在X染色体上
C．F1雌蝇与白眼雄蝇回交，后代雌雄个体中红白眼都各半，结果符合预期
D．白眼雌蝇与红眼雄蝇的杂交后代有白眼雌蝇、红眼雄蝇例外个体，显微观察证明为基因突
变所致
【答案】D
【详解】
A、白眼雄蝇（XaY）与红眼雌蝇（XAXA）杂交，F1全部为红眼果蝇（XAXa、XAY），雌、雄
比例为1：1，推测白眼对红眼为隐性，A正确；
B、F1中红眼果蝇相互交配，F2代出现性状分离，雌蝇均为红眼，雄蝇红、白眼各半，雌雄
表型不同，推测红、白眼基因在X染色体上，B正确；
C、F1中雌蝇（XAXa）与白眼雄蝇（XaY）杂交，后代出现四种基因型（XAXa：XaXa：XAY：
XaY=1：1：1：1），白眼果蝇中雌、雄比例1：1，后代雌雄个体中红白眼都各半，结果符合
预期，C正确；
D、白眼雌蝇（XaXa）与红眼雄蝇（XAY）杂交，后代雄蝇（XaY）全部为白眼，雌蝇全为红眼
（XAXa），若后代有白眼雌蝇、红眼雄蝇例外个体，可能是基因突变所致，但不能用显微观
察证明，D错误。
7．研究者在培养野生型红眼果蝇时，发现一只眼色突变为奶油色的雄蝇。为研究该眼色遗传
规律，将红眼雌蝇和奶油眼雄蝇杂交，结果如下图。下列叙述错误的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．奶油眼色至少受两对独立遗传的基因控制
B．F2红眼雌蝇的基因型共有6种
C．F1红眼雌蝇和F2伊红眼雄蝇杂交，得到伊红眼雌蝇的概率为5/24
D．F2雌蝇分别与F2的三种眼色雄蝇杂交，均能得到奶油眼雌蝇
【答案】D
【详解】
A、分析题意，子一代红眼果蝇相互交配，子二代的比例为8:4:3:1，是9:3:3:1的变形，说
明奶油眼色至少受两对独立遗传的基因控制，A正确；
B、根据F1互交所得F2中红眼雌：红眼雄：伊红眼雄：奶油眼雄=8:4:3∶1可知，眼色的遗
传与性别相关联，若果蝇眼色受两对基因控制，则一对基因位于常染色体上，另一对基因位
于X染色体上。设相关基因为A/ a 、 B/b，根据F2的性状分离比可知， F1红眼雌、雄果
蝇的基因型分别为AaXBXb、AaXBY，而F2中红眼雌蝇占8/16 ，红眼雄蝇占4/16，伊红眼雄
蝇占3/16 ，奶油眼雄蝇占1/16，可知F2中红眼雌蝇的基因型为A_XBX﹣、aaXBX-，红眼雄
蝇的基因型为A_XBY 、aaXBY，伊红眼雄蝇的基因型为A_XbY ，奶油眼雄蝇的基因型为
aaXbY，则F1红眼雌蝇的基因型共有2×2＋2=6种，B正确；
C、F1红眼雌蝇( AaXB Xb)与F2伊红眼雄蝇(1/3AAXbY 、2/3AaXbY)杂交，得到伊红眼雌蝇
(A_XbXb)的概率为1/3 × 1/4 +2/3 × 3/4 ×1/4 = 5/24，C正确；
D、若F2雌蝇的基因型为AAXBXB，则其与F2的三种眼色雄蝇杂交都不能得到奶油眼雌蝇，D
错误。
8．T2噬菌体侵染大肠杆菌的过程中，下列哪一项不会发生（ ）
A．新的噬菌体DNA合成
B．新的噬菌体蛋白质外壳合成
C．噬菌体在自身RNA聚合酶作用下转录出RNA
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂D．合成的噬菌体RNA与大肠杆菌的核糖体结合
【答案】C
【详解】
A、T2噬菌体侵染大肠杆菌后，其DNA会在大肠杆菌体内复制，合成新的噬菌体DNA，A正确；
B、T2噬菌体侵染大肠杆菌的过程中，只有DNA进入大肠杆菌，T2噬菌体会用自身的DNA和
大肠杆菌的氨基酸等来合成新的噬菌体蛋白质外壳，B正确；
C、噬菌体在大肠杆菌RNA聚合酶作用下转录出RNA，C错误；
D、T2噬菌体的DNA进入细菌，以噬菌体的DNA为模板，利用大肠杆菌提供的原料合成噬菌体
的DNA，然后通过转录，合成mRNA与核糖体结合，通过翻译合成噬菌体的蛋白质外壳，因此
侵染过程中会发生合成的噬菌体RNA与大肠杆菌的核糖体结合，D正确。
9．酵母菌的DNA中碱基A约占32%，关于酵母菌核酸的叙述错误的是（ ）
A．DNA复制后A约占32% B．DNA中C约占18%
C．DNA中（A+G）/（T+C）=1 D．RNA中U约占32%
【答案】D
【详解】
A、DNA分子为半保留复制，复制时遵循A-T、G-C的配对原则，则DNA复制后的A约占32%，A
正确；
B、酵母菌的DNA中碱基A约占32%，则A=T=32%，G=C=（1-2×32%）/2=18%，B正确；
C、DNA遵循碱基互补配对原则，A=T、G=C，则（A+G）/（T+C）=1，C正确；
D、由于RNA为单链结构，且RNA是以DNA的一条单链为模板进行转录而来，故RNA中U不一
定占32%，D错误。
10．利用农杆菌转化法，将含有基因修饰系统的 T-DNA 插入到水稻细胞 M 的某条染色体上，
在该修饰系统的作用下，一个 DNA 分子单链上的一个 C 脱去氨基变为 U，脱氨基过程在细
胞 M 中只发生一次。将细胞 M 培育成植株 N。下列说法错误的是（ ）
A．N 的每一个细胞中都含有 T-DNA
B．N 自交，子一代中含 T-DNA 的植株占 3/4
C．M 经 n（n≥1）次有丝分裂后，脱氨基位点为 A-U 的细胞占 1/2n
D．M 经 3 次有丝分裂后，含T-DNA 且脱氨基位点为 A-T 的细胞占 1/2
【答案】D
【详解】
A、N是由M细胞形成的，在形成过程中没有DNA的丢失，由于T-DNA 插入到水稻细胞 M 的
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂某条染色体上，所以M细胞含有T-DNA，因此N的每一个细胞中都含有 T-DNA，A正确；
B、N植株的一条染色体中含有T-DNA，可以记为+，因此N植株关于是否含有T-DNA的基因型
记为+-，如果自交，则子代中相关的基因型为++∶+-∶--=1∶2∶1，有 3/4的植株含 T-DNA
，B正确；
C、M中只有1个DNA分子上的单链上的一个 C 脱去氨基变为 U，所以复制n次后，产生的子
细胞有2n个，但脱氨基位点为 A-U 的细胞的只有1个，所以这种细胞的比例为1/2n，C正
确；
D、如果M 经 3 次有丝分裂后，形成子细胞有8个，由于M细胞 DNA 分子单链上的一个 C
脱去氨基变为 U，所以是G和U配对，所以复制三次后，有4个细胞脱氨基位点为C-G，3个
细胞脱氨基位点为A-T，1个细胞脱氨基位点为U-A，因此含T-DNA 且脱氨基位点为 A-T 的
细胞占 3/8，D错误。
11．如图是人类某染色体DNA的片段，含有基因A、基因b和无遗传效应的片段M。下列叙述
正确的是（ ）
A．基因b表达时，决定mRNA上的起始密码的碱基对位于M处
B．基因A和基因b转录的模板链所在的DNA链可能不同
C．如果在M段插入具有遗传效应的片段，则引起基因突变
D．人类基因组计划就是测定基因组DNA上基因的碱基序列
【答案】B
【详解】
A、起始密码位于mRNA上，而不在图示DNA片段的M上，A错误；
B、转录时，以基因的一条链为模板，基因A和基因b的模板链所在的DNA链可能不同，B正
确；
C、M是无遗传效应的片段，不属于基因，如果在M段插入具有遗传效应的片段，不会引起基
因突变，C错误；
D、人类基因组计划是测定22条常染色体、1条X染色体和1条Y染色体上的DNA碱基序列，
即24条染色体上的DNA碱基序列，D错误。
12．关于中心法则相关酶的叙述，错误的是（ ）
A．RNA聚合酶和逆转录酶催化反应时均遵循碱基互补配对原则且形成氢键
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂B．DNA聚合酶、RNA聚合酶和逆转录酶均由核酸编码并在核糖体上合成
C．在解旋酶协助下，RNA聚合酶以单链DNA为模板转录合成多种RNA
D．DNA聚合酶和RNA聚合酶均可在体外发挥催化作用
【答案】C
【详解】
A、RNA聚合酶催化DNA→RNA的转录过程，逆转录酶催化RNA→DNA的逆转录过程，两个过程
中均遵循碱基互补配对原则，且存在DNA-RNA之间的氢键形成，A正确；
B、DNA聚合酶、RNA聚合酶和逆转录酶的本质都是蛋白质，蛋白质是由核酸控制合成的，其
合成场所是核糖体，B正确；
C、以单链DNA为模板转录合成多种RNA是转录过程，该过程不需要解旋酶，C错误；
D、酶的作用机理是降低化学反应的活化能，从而起催化作用，在适宜条件下，酶在体内外均
可发挥作用，如体外扩增DNA分子的PCR技术中可用到耐高温的DNA聚合酶，D正确。
13．大肠杆菌核糖体蛋白与rRNA分子亲和力较强，二者组装成核糖体。当细胞中缺乏足够的
rRNA分子时，核糖体蛋白可通过结合到自身mRNA分子上的核糖体结合位点而产生翻译抑制。
下列叙述错误的是（ ）
A．一个核糖体蛋白的mRNA分子上可相继结合多个核糖体，同时合成多条肽链
B．细胞中有足够的rRNA分子时，核糖体蛋白通常不会结合自身mRNA分子
C．核糖体蛋白对自身mRNA翻译的抑制维持了RNA和核糖体蛋白数量上的平衡
D．编码该核糖体蛋白的基因转录完成后，mRNA才能与核糖体结合进行翻译
【答案】D
【详解】
A、一个核糖体蛋白的mRNA分子上可相继结合多个核糖体，同时合成多条肽链，以提高翻译
效率，A正确；
B、细胞中有足够的rRNA分子时，核糖体蛋白通常不会结合自身mRNA分子，与rRNA分子结
合，二者组装成核糖体，B正确；
C、当细胞中缺乏足够的rRNA分子时，核糖体蛋白只能结合到自身mRNA分子上，导致蛋白质
合成停止，核糖体蛋白对自身mRNA翻译的抑制维持了rRNA和核糖体蛋白数量上的平衡，C正
确；
D、大肠杆菌为原核生物，没有核膜，转录形成的mRNA在转录未结束时即和核糖体结合，开
始翻译过程，D错误。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂14．研究发现在野生型果蝇幼虫中降低lint基因表达，能影响另一基因inr的表达（如图），
导致果蝇体型变小等异常。下列叙述错误的是（ ）
WT：野生型果蝇幼虫
lintRi：降低lint基因表达后的幼虫
A．lint基因的表达对inr基因的表达有促进作用
B．提高幼虫lint基因表达可能使其体型变大
C．降低幼虫inr基因表达可能使其体型变大
D．果蝇体型大小是多个基因共同作用的结果
【答案】A
【详解】
A、对比野生型果蝇幼虫的inr的表达量可知，降低lint基因表达后，幼虫体内的inr基因
的表达量显著上升，说明lint基因的表达对inr基因的表达有抑制作用，A错误；
BC、根据题干信息可知，inr的表达量增加后“导致果蝇体型变小”，可推测提高幼虫lint
基因表达，inr的表达量下降，进而可能使果蝇体型变大，B正确，C正确；
D、由以上分析可知，果蝇体型大小与lint基因和inr基因都有关，说明果蝇体型大小是多
个基因共同作用的结果，D正确。
15．关于癌症，下列叙述错误的是（ ）
A．成纤维细胞癌变后变成球形，其结构和功能会发生相应改变
B．癌症发生的频率不是很高，大多数癌症的发生是多个基因突变的累积效应
C．正常细胞生长和分裂失控变成癌细胞，原因是抑癌基因突变成原癌基因
D．乐观向上的心态、良好的生活习惯，可降低癌症发生的可能性
【答案】C
【详解】
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A、细胞癌变结构和功能会发生相应改变，如成纤维细胞癌变后变成球形，A正确；
B、癌变发生的原因是基因突变，基因突变在自然条件下具有低频性，故癌症发生的频率不是
很高，且癌症的发生并不是单一基因突变的结果，而是多个相关基因突变的累积效应，B正
确；
C、人和动物细胞中的DNA上本来就存在与癌变相关的基因，其中原癌基因表达的蛋白质是细
胞正常的生长和增殖所必需的，抑癌基因表达的蛋白质能抑制细胞的生长和增殖，或者促进
细胞凋亡，细胞癌变的原因是原癌基因和抑癌基因发生突变所致，C错误；
D、开朗乐观的心理状态会影响神经系统和内分泌系统的调节功能，良好的生活习惯如远离辐
射等，能降低癌症发生的可能性，D正确。
16．某种染色体结构变异如图所示。下列叙述正确的是( )
A．染色体断片发生了颠倒
B．染色体发生了断裂和重新组合
C．该变异是由染色单体分离异常所致
D．细胞中的遗传物质出现了重复和缺失
【答案】B
【详解】
由题图可知，图中的两条非同源染色体发生了断裂，断片交换位置后重接，属于易位，B
正确；两条非同源染色体的断片发生了互换，没有发生颠倒，A错误；染色单体分离异常会
导致染色体数目变异，不是结构变异，C错误；改变异仅有位置的改变，没有染色体片段的
增减，细胞中的遗传物质没有出现重复和缺失，D错误。故选B。
17．图为某显性遗传病和ABO血型的家系图。据图分析，以下推断可能性最小的是（
）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．该遗传病为常染色体显性遗传病
B．该遗传病为X染色体显性遗传病
C．该致病基因不在ⅠB基因所在的染色体上
D．Ⅱ-5不患病的原因是发生了同源染色体交叉互换或突变
【答案】B
【详解】
A、由分析可知，该遗传病为常染色体显性遗传病，而不是X染色体显性遗传病，A正确；
B、该遗传病为常染色体显性遗传病，而不是X染色体显性遗传病，B错误；
C、结合图示可知，四个患者从他们的父亲继承了致病基因，但没有继承IB基因，说明该致
病基因不在IB基因所在的染色体上，C正确；
D、根据后代表现型可知，该致病基因很可能与IA基因位于同一条染色体上，Ⅱ-5不患病但
是血型为A型血，可能的原因是同源染色体交叉互换或突变，使得IA所在染色体上没有致病
基因，D正确。
18．下图为甲、乙两种遗传病（其中一种为伴性遗传）的某遗传家系图，家系中无基因突变
发生，且Ⅰ4无乙病基因。人群中这两种病的发病率均为1/625。下列叙述正确的是（ ）
A．若Ⅳ2的性染色体组成为XXY，推测Ⅲ4发生染色体畸变的可能性大于Ⅲ5
B．若Ⅲ4与Ⅲ5再生1个孩子，患甲病概率是1/26，只患乙病概率是25/52
C．Ⅱ1与Ⅳ3基因型相同的概率是2/3，与Ⅲ5基因型相同的概率是24/39
D．若Ⅱ1与人群中某正常男性结婚，所生子女患病的概率是1/39
【答案】B
【详解】
A、若Ⅳ2的性染色体组成为XXY，则可能是①Ⅲ4生殖细胞在减数第一次分裂后期同源染色
体分离时发生异常；②Ⅲ5的生殖细胞在减数第二次分裂后期着丝粒断裂后形成的染色体未
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂分到两个细胞中。两者染色体畸变的可能性相近，A选项错误；
B、设甲病的基因为A、a，乙病的基因为B、b，可得Ⅲ4的基因型为aaXYb，因为人群中这两
种病的发病率均为1/625，所以Ⅲ5基因型为Aa的概率为 ，故Ⅲ4与Ⅲ
5再生1个孩子，患甲病的概率为 ，只患乙病的概率是 ，B选项正确；
C、因为甲病为常染色体隐性遗传病，故Ⅰ1和Ⅰ2的基因型均为Aa，则Ⅱ1的基因型为AA
的概率为 ，为Aa的概率为 ，结合B选项的分析可知，Ⅳ3的基因型为AA的概率为 ，基
因型Aa的概率为 ，Ⅱ1与Ⅳ3基因型相同的概率是2/3，Ⅲ5基因型为12/13AA、1/13Aa，
与Ⅲ5基因型相同的概率为1/3×12/13+2/3×1/13=14/39，C选项错误；
D、Ⅱ1的基因型为AA的概率为 ，为Aa的概率为 ，与正常男性结合，子女只有可能患甲
病，该正常男性基因型为Aa的概率为 ，故子女患病的可能为
，D选项错误。
19．关于语言基因 FOXP2 的基因在所有灵长类动物中都存在，但人类的该基因序列中存在部
分碱基替换。这一发现为人类获得语言能力提供了（ ）
A．比较解剖学证据B．胚胎学证据 C．古生物化石证据D．生物化学证据
【答案】D
【详解】
根据以上分析和题意可知，语言基因 FOXP2 的基因在所有灵长类动物中都存在，但人类
的该基因序列中存在部分碱基替换，由于基因是化学物质，所以这种差异为生物进化提供的
是生物化学证据。综上所述，D符合题意，A、B、C不符合题意。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂20．孔雀鱼雄鱼的鱼身具有艳丽的斑点，斑点数量多的雄鱼有更多机会繁殖后代，但也容易
受到天敌的捕食。关于种群中雄鱼的平均斑点数量，下列推测错误的是（ ）
A．缺少天敌，斑点数量可能会增多
B．引入天敌，斑点数量可能会减少
C．天敌存在与否决定斑点数量相关基因的变异方向
D．自然环境中，斑点数量增减对雄鱼既有利也有弊
【答案】C
【详解】
A、缺少天敌的环境中，孔雀鱼的斑点数量逐渐增多，原因是由于孔雀鱼群体中斑点数多的雄
性个体体色艳丽易吸引雌性个体，从而获得更多的交配机会，导致群体中该类型个体的数量
增多，A正确；
B、引入天敌的环境中，斑点数量多的雄鱼容易受到天敌的捕食，数量减少，反而斑点数量少
的雄鱼获得更多交配机会，导致群体中斑点数量可能会减少，B正确；
C、生物的变异是不定向的，故天敌存在与否不能决定斑点数量相关基因的变异方向，C错误；
D、由题干信息可知，“斑点数量多的雄鱼有更多机会繁殖后代，但也容易受到天敌的捕食”，
则斑点少的雄鱼繁殖后代的机会少，但不易被天敌捕食，可知自然环境中，斑点数量增减对
雄鱼既有利也有弊，D正确。
21．选择是生物进化的重要动力。下列叙述正确的是（ ）
A．同一物种的个体差异不利于自然选择和人工选择
B．人工选择可以培育新品种，自然选择不能形成新物种
C．自然选择保存适应环境的变异，人工选择保留人类所需的变异
D．经自然选择，同一物种的不同种群的基因库发生相同的变化
【答案】C
【详解】
A、同一物种的个体差异，利于自然选择和人工选择，A错误；
B、人工选择能培育出新品种，自然选择也能形成新的类型、新的物种，B错；
C、自然选择是自然界对生物的选择作用，使适者生存，不适者被淘汰；人工选择是人们根据
自己的需要，对合乎要求的变异个体进行选择，最后选育出新品种，C正确；
D、由于同一物种不同种群所处的自然环境可能不同，故在自然选择的作用下，同一物种的不
同种群的基因库可能发生不同的变化，D错误。
22．稻蝗属的三个近缘物种①日本稻蝗、②中华稻蝗台湾亚种和③小翅稻蝗中，①与②、①
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂与③的分布区域有重叠，②与③的分布区域不重叠。为探究它们之间的生殖隔离机制，进行
了种间交配实验，结果如表所示。下列叙述错误的是（ ）
交配
①× ②× ①× ③× ②× ③×
（♀×♂
② ① ③ ① ③ ②
）
交配率
0 8 16 2 46 18
（%）
精子传送
0 0 0 0 100 100
率（%）
注:精子传送率是指受精囊中有精子的雌虫占确认交配雌虫的百分比A．实验结果表明近缘物
种之间也可进行交配
B．生殖隔离与物种的分布区域是否重叠无关
C．隔离是物种形成的必要条件 D．②和③之间可进行基因交流
【答案】D
【详解】
A、由表格中的交配率的结果可知，表明近缘物种之间也可进行交配，A正确；
B、已知①与②、①与③的分布区域有重叠，②与③的分布区域不重叠，但从交配率和精子传
送率来看，说明生殖隔离与物种的分布区域是否重叠无关，B正确；
C、隔离包括地理隔离和生殖隔离，隔离是物种形成的必要条件，C正确；
D、②和③之间②与③的分布区域不重叠，故存在地理隔离；两者属于两个近缘物种，表中
②×③交配精子传送率100%，即使交配成功，由于存在生殖隔离，也不能进行基因交流，D
错误。
23．研究小组对某公园的金鱼草种群进行调查及基因鉴定，得知红花（CC）金鱼草35株、粉
红花（Cc）40株、白花（cc）25株。下列叙述正确的是( )
A．金鱼草种群中全部C和c的总和构成其基因库
B．不同花色数量的差异是由适应环境的变异造成的
C．基因重组产生的粉红花为自然选择提供选择材料
D．种群中C的基因频率为55%，Cc的基因型频率为40%
【答案】D
【详解】
金鱼草种群中全部个体所含的C和c基因构成基因库，A错误；不同花色数量的差异是自
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂然选择的结果，B错误；产生粉红花不属于基因重组，C错误；种群中C的基因频率为：
（35×2＋40）／（35＋25＋40）×2＝55%，Cc的基因型频率为：40／（35＋25＋40）＝
40%，D正确。故选D。
24．某地区少数人的一种免疫细胞的表面受体CCR5的编码基因发生突变，导致受体CCR5结
构改变，使得HIV-1病毒入侵该免疫细胞的几率下降。随时间推移，该突变基因频率逐渐增
加。下列有关叙述错误的是（ ）
A．该突变基因丰富了人类种群的基因库
B．该突变基因的出现是自然选择的结果
C．通过药物干扰HIV-1与受体CCR5的结合可抑制病毒繁殖
D．该突变基因频率的增加可使人群感染HIV-1的几率下降
【答案】B
【详解】
A、基因突变产生了新基因，能丰富种群基因库，A正确；
B、基因突变在自然界中普遍存在，任何一种生物都有可能发生，B错误；
C、受体CCR5能够与HIV-1特异性结合，通过药物干扰HIV-1与受体CCR5的结合可抑制病毒
繁殖，C正确；
D、编码受体CCR5的突变基因频率的增加可使HIV-1与受体CCR5结合的几率下降，D正确。
25．下列关于生物进化和生物多样性的叙述，错误的是（ ）
A．通过杂交育种技术培育出许多水稻新品种，增加了水稻的遗传多样性
B．人类与黑猩猩基因组序列高度相似，说明人类从黑猩猩进化而来
C．新物种的形成意味着生物类型和适应方式的增多
D．生物之间既相互依存又相互制约，生物多样性是协同进化的结果
【答案】B
【详解】
A、通过杂交育种技术培育出许多水稻新品种，增加了水稻的基因型，即增加了水稻的遗传多
样性，A正确；
B、黑猩猩与人类在基因上的相似程度达到96%以上，只能表明人类和黑猩猩的较近的亲缘关
系，由于客观环境因素的改变，黑猩猩不能进化成人类，B错误；
C、新物种形成意味着生物能够以新的方式适应环境，为其发展奠定了基础，所以生物类型和
适应方式的增多，C正确；
D、生物与生物之间有密切联系，自然界中的动物和其他动物长期生存与发展的过程中，形成
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂了相互依赖，相互制约的关系，生物多样性是协同进化的结果，D正确。
二、综合题(除标注外，每空2分，共40分)
26．科研人员用一种甜瓜（2n）的纯合亲本进行杂交得到F1，F1经自交得到F2，结果如下表。
性状 控制基因及其所在染色体 母本 父本 F1 F2
黄绿
果皮底色 A/a，4号染色体 黄色 黄绿色 黄绿色：黄色≈3:1
色
果肉颜色 B/b，9号染色体 白色 橘红色 橘红色 橘红色：白色≈3:1
E/e，4号染色体
无覆
果皮覆纹 无覆纹 有覆纹 有覆纹：无覆纹≈9:7
纹
F/f，2号染色体
已知A、E基因同在一条染色体上，a、e基因同在另一条染色体上，当E和F同时存在时果皮
才表现出有覆纹性状。不考虑交叉互换、染色体变异、基因突变等情况，回答下列问题。
(1)果肉颜色的显性性状是____________。
(2)F1的基因型为____________（1分），F1产生的配子类型有_________种。
(3)F2的表现型有____________（1分）种，F2中黄绿色有覆纹果皮、黄绿色无覆纹果皮、黄
色无覆纹果皮的植株数量比是____________，F2中黄色无覆纹果皮橘红色果肉的植株中杂合
子所占比例是____________。
【答案】
(1)橘红色 (2)AaBbEeFf 8 (3) 6 9:3:4 5/6
【详解】
（1）结合表格分析可知，亲本分别是白色和橘红色杂交，F1均为橘红色，F1杂交，子代出
现橘红色：白色=3:1的性状分离比，说明橘红色是显性性状。
（2）由于F2中黄绿色：黄色≈3:1，可推知F1应为Aa，橘红色：白色≈3:1，F1应为Bb，
有覆纹：无覆纹≈9:7，则F1应为EeFf，故F1基因型应为AaBbEeFf；由于A和E连锁，a和
e连锁，而F、f和B、b独立遗传，故F1产生的配子类型有2（AE、ae）×2（F、f）×2
（B、b）=8种。
（3）结合表格可知，F2中关于果肉颜色的表现型有2种，由于A、E基因同在一条染色体上，
a、e基因同在另一条染色体上，单独观察果皮底色及果皮覆纹的表现型，有无覆纹黄绿色、
无覆纹黄色、有覆纹黄绿色三种表现型，故F2的表现型有2×3=6种；由于A和E连锁，a和
e连锁。F2中基因型为A-E-的为3/4，aaee的为1/4，F2中黄绿色有覆纹果皮（A-E-F-）、
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂黄绿色无覆纹果皮（A-E-ff）、黄色无覆纹果皮（aaeeF-、aaeeff）的植株数量比是
（3/4×3/4）：（3/4×1/4）：（1/4×3/4+1/4×1/4）=9:3:4；F2中黄色无覆纹果皮中的
纯合子占1/2，橘红色果肉植株中纯合子为1/3，纯合子所占比例为1/6，故杂合子所占比例
是1-1/6=5/6。
27．镰刀型细胞贫血症（SCD）是一种单基因遗传疾病，下图为20世纪中叶非洲地区HbS基
因与疟疾的分布图，基因型为HbSHbS的患者几乎都死于儿童期。请回答下列问题：
（1）SCD患者血红蛋白的2条β肽链上第6位氨基酸由谷氨酸变为缬氨酸，而2条α肽链
正常。HbS基因携带者（HbAHbS）一对等位基因都能表达，那么其体内一个血红蛋白分子中
最多有____（1分）条异常肽链，最少有____条异常肽链。
（2）由图可知，非洲中部HbS基因和疟疾的分布基本吻合。与基因型为HbAHbA的个体相比，
HbAHbS个体对疟疾病原体抵抗力较强，因此疟疾疫区比非疫区的______基因频率高。在疫区
使用青蒿素治疗疟疾患者后，人群中基因型为_______（1分）的个体比例上升。
（3）为了调查SCD发病率及其遗传方式，调查方法可分别选择为_____(填序号)。
①在人群中随机抽样调查 ②在患者家系中调查③在疟疾疫区人群中随机抽样调查 ④对同卵
和异卵双胞胎进行分析对比
（4）若一对夫妇中男性来自Hbs基因频率为1%~5%的地区，其父母都是携带者；女性来自
HbS基因频率为10%~20%的地区，她的妹妹是患者。请预测这对夫妇生下患病男孩的概率为
______。
【答案】
（1） 2 0 （2）HbS HbAHbA （3） ①② （4）1/18
【详解】
（1）依题意可知： 一个血红蛋白分子含有2条α肽链和2条β肽链。SCD患者血红蛋白的
2条β肽链上第6位氨基酸由谷氨酸变为缬氨酸，而2条α肽链正常。HbS基因携带者
（HbAHbS ）一对等位基因都能表达，那么其体内一个血红蛋白分子中最多有2条异常肽链，
最少有0条异常肽链。
（2）与基因型为HbAHbA的个体相比，HbAHbS个体对疟疾病原体抵抗力较强，因此疟疾疫区
比非疫区的HbS基因频率高。在疫区使用青蒿素治疗疟疾患者后，人群中基因型为HbAHbA的
个体比例上升。
（3）调查SCD发病率，应在人群中随机抽样调查，调查SCD遗传方式，应在患者家系中调查，
即可分别选择①和②。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（4）一对夫妇中，男性的父母都是携带者，则该男性的基因型为1/3HbAHbA、2/3 HbAHbS；
女性的妹妹是患者，则其父母也都是携带者，该女性的基因型为1/3HbAHbA、2/3 HbAHbS；
这对夫妇生下患病男孩的概率为2/3 ×2/3×1/4HbSHbS×1/2XY＝1/18。
28．人类有一种隐性遗传病（M），其致病基因a是由基因A编码序列部分缺失产生的。从人
组织中提取DNA，经酶切、电泳和DNA探针杂交得到条带图，再根据条带判断个体的基因型。
如果只呈现一条带，说明只含有基因A或a；如果呈现两条带，说明同时含有基因A和a。对
图所示某家族成员1~6号分别进行基因检测，得到的条带图如图所示。
回答下列问题。
（1）基因A的编码序列部分缺失产生基因a，这种变异属于______________。
（2）基因A、a位于_________（填“常”或“X”或“Y”）染色体上，判断依据是
___________。
（3）成员8号的基因型是__________。
（4）已知控制白化病和M病的基因分别位于两对同源染色体上，若7号是白化病基因携带者，
与一个仅患白化病的男性结婚，他们生出一个同时患白化病和M病孩子的概率是
_______________。
【答案】
（1）基因突变 （2） X 条带图中成员1只含基因A成员2只含基因a，成员4只含基因
A （3）XAY或XaY （4）
【详解】
（1）DNA分子中发生碱基对的替换、增添和缺失，而引起的基因结构的改变叫做基因突变，
基因A的编码序列部分缺失产生基因a，这种变异属于基因突变。
（2）由条带图中成员1只含基因A成员2只含基因a而成员4只含基因A可推知，若为伴Y
遗传1号为女性不应携带相应等位基因；若为常染色体遗传，则AA×aa不可能出现子代基因
型为AA的个体；故致病基因位于X染色体上，即亲代为XAXA×XaY，得到子代4号为XAY。
（3）由分析可知：成员5、6的基因型为XAXa和XAY，则成员8的基因型为XAY或XaY。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（4）已知控制白化病和M病的基因分别位于两对同源染色体上，则两对基因符合自由组合定
律；若7号是白化病基因携带者，与一个仅患白化病的男性结婚，设白化病基因由等位基因
B/b控制，则7号基因型为 BbXAXA或 BbXAXa，其丈夫基因型为bbXAY，后代患白化病的概
率为bb= ，患M病的概率为XaY= ，则他们生出一个同时患白化病和M病孩子，即
bbXaY的概率是 。
29．科学家以大肠杆菌为实验对象，运用同位素示踪技术及密度梯度离心方法进行了DNA复
制方式的探索实验，实验内容及结果见下表。
组别 1组 2组 3组 4组
培养液
中唯一 14NH4Cl 15NH4Cl 14NH4Cl 14NH4Cl
氮源
繁殖代
多代 多代 一代 两代
数
培养产
A B B的子Ⅰ代 B的子Ⅱ代
物
操作 提取DNA并离心
1/2轻带
仅为中带 （14N/14N）
离心结 仅为轻带 仅为重带
果 （14N/14N） （15N/15N）
（15N/14N） 1/2中带
（15N/14N）
请分析并回答：（每空1分）
（1）要得到DNA中的N全部被放射性标记的大肠杆菌B，必须经过______代培养，且培养液
中的______是唯一氮源。
（2）综合分析本实验的DNA离心结果，第3组结果对得到结论起到了关键作用，但需把它与
第______组和第________组的结果进行比较，才能说明DNA分子的复制方式是______。
（3）分析讨论：
①若子Ⅰ代DNA的离心结果为“轻”和“重”两条密度带，则“重带”DNA来自于___代，据
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂此可判断DNA分子的复制方式不是半保留复制。
②若将子Ⅰ代DNA双链分开后再离心，其结果_______（选填“能”或“不能”）判断DNA的
复制方式。
③若在同等条件下将子Ⅱ代继续培养，子n代DNA离心的结果是：密度带的数量和位置
_______，宽度发生变化的是______带。
④若某次实验的结果中，子Ⅰ代DNA的“中带”比以往实验结果的“中带”略宽，可能的原
因是新合成DNA单链中的N尚有少部分为________。
【答案】
（1）多 15NH Cl （2） 1 2 半保留复制 （3）①B ②不能
4
③ 没有变化 轻 ④15N
【详解】
（1）培养液中以15NH4Cl为唯一氮源，需经过多代培养，才能要得到DNA中的N全部被放射
性标记的大肠杆菌B。
（2）若证明DNA的复制为半保留复制，则需证明后代DNA的两条链，一条链是母链，另一条
链是新合成的子链，第3组结果与第1组、第2组的结果对比可以证实。
（3）①若子I代DNA的离心结果为“轻”和“重”两条密度带，则“重带”DNA来自于B，
据此可判断DNA分子的复制方式不是半保留复制。
②将子Ⅰ代DNA双链分开后再离心，无法判断后代DNA的两条链的来源，不能判断DNA的复
制方式；
③将子Ⅱ代继续培养，子n代DNA的情况是有两个为14N/15N-DNA，其余全部为14N/14N-
DNA，所以子n代DNA离心的结果是：密度带的数量和位置没有变化，宽度发生变化的是轻带；
④“中带”为14N/15N-DNA，“中带”略宽，说明新合成的DNA单链中N尚含有部分15N。
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