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高二物理上学期期中考试
模拟卷（六）
班级 姓名 学号 分数
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、
学号填写在试卷上。
2．回答第I卷时，选出每小题答案后，将答案填在选择题上方的答题表中。
3．回答第II卷时，将答案直接写在试卷上。
第Ⅰ卷（选择题 共 48 分）
一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目
要求，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1．下列说法中正确的是（ ）
A．只要带电体比较小就可以看成点电荷
B．根据电场强度的定义式 可知，E与F成正比，与q成反比
C．由 知，E与Q成正比，而与 成反比
D．如果真空中只有一个静止的点电荷，以点电荷为球心的球面上各点电场强度处处相同
【答案】C
【解析】A．带电体的形状、大小及电荷分布状况对带电体之间的相互作用力影响可以忽略不计，这样的
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂带电体就可以看成点电荷，A项错误；
B．电场强度是用比值法定义的，只是数值上等于试探电荷受的电场力与试探电荷电量的比值，与力F和q
无关，B项错误；
C． 是真空中静止的点电荷周围的场强计算公式，电场强度E与Q成正比，与 成反比，C项正确；
D．如果真空中只有一个静止的点电荷，以点电荷为球心的球面上各点电场强度大小处处相等，但是方向
不同，D项错误。故选C。
2．关于静电场下列说法正确的是（ ）
A．将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加
B．在同一个等势面上的各点，场强的大小必然是相等的
C．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能
越大
D．电势下降的方向就是电场强度的方向
【答案】C
【解析】A．负电荷在低电势点的电势能较大，将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定
减小，选项A错误；
B．在同一个等势面上的各点，场强的大小不一定是相等的，例如等量异种电荷连线的中垂线上各点，选
项B错误；
C．电场力做功等于电势能的减小，则无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处，静电力做
的正功越多，电荷在该点的电势能越大，选项C正确；
D．电势下降最快的方向就是电场强度的方向，选项D错误。故选C。
3．如图所示为 加油，向未来 某期科普节目中神奇的“闪电”实验现场，一辆汽车停在舞台中央，汽车
左右两边有两个穿着金属防护服的实验员，高压电源接通后，实验员之间产生了高压静电场，但是汽车里
的人毫发无损，下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．车内任意两点的电势相同
B．车上的感应电荷均匀分布在车体的外表面
C．车上的感应电荷在车内产生的电场强度为零
D．上述情景下，将某一带电物体放在车外的电势能大于放在车内的电势能
【答案】A
【解析】A．实验员之间产生了高压静电场，在高压静电场中汽车处于静电平衡状态，内部场强处处为零，
车内任意两点间的电势差为零，故A正确；
B．汽车处于静电平衡状态，车上的感应电荷分布在车体外表面，电荷的分布是不均匀的，车表面平整的
地方电荷少，尖锐突出的地方电荷量多，故B错误；
C．汽车达到静电平衡状态，内部电场强度处处为零，即感应电荷的产生的电场与引起电磁感应的高压静
电场的合场强为零，车上的感应电荷在车内产生的电场强度不为零，故C错误；
D．由于不知带电物体的电性，无法判断带电物体放在车外的电势能与放在车内的电势能大小关系，故D
错误。故选A。
4．如图所示是通信用磷酸铁锂电池组的铭牌，关于该电池组下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．如果放电电流是0.1A，该电池组充满电最长可以工作10小时
B．如果充电电流是2A，把该电池组充满大约需要10小时
C．该电池组可释放的最大电量是36C
D．该电池组充满电可储存的能量大约是
【答案】D
【解析】A．如果放电电流是0.1A，该充满电的电池放电时间 最长可以工作100小时，
A项错误；
B．如果充电电流是2A，把该电池充满需要时间 ，B项错误；
C．该电池可释放的最大电量 ，C项错误；
D．根据 由功能关系可知该电池充满电可储存的能量是1728000J，大约是
，D项正确。故选D。
5．在如图所示的电路中，P、Q为平行板电容器两个极板，G为静电计，开始时开关K闭合，静电计G的
指针张开一定的角度。下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．保持开关K闭合，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大
B．保持开关K闭合，将P向下移动少许，G的指针张开的角度变小
C．断开开关K，将P向左移动少许，G的指针张开的角度变大
D．断开开关K，在P、Q之间插入陶瓷板，G的指针张开的角度变大
【答案】C
【解析】AB．保持开关K闭合，电容器两端的电势差不变，与极板间距、正对面积均无关，则G的指针张
开的角度不变，故AB错误；
C．断开开关K，电容器带电量不变，将P向左移动少许，即极板间距d增大，根据 知，电容减小，
根据 知，电势差增大，即G的指针张开的角度变大，故C正确；
D．断开开关K，电容器带电量不变，在P、Q之间插入陶瓷板，根据 知，电容增大，根据
知，电势差减小，即G的指针张开的角度变小，故D错误。故选C。
6．硒鼓是激光打印机的核心部件，主要由感光鼓、充电辊、显影装置、粉仓和清洁装置构成，工作中充
电辊表面的导电橡胶给感光鼓表面均匀的布上一层负电荷。我们可以用下面的模型模拟上述过程：电荷量
均为 的点电荷，对称均匀地分布在半径为R的圆周上，若某时刻圆周上P点的一个点电荷的电量突变成
，则圆心O点处的电场强度为（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A． ，方向沿半径指向P点 B． ，方向沿半径背离P点
C． ，方向沿半径指向P点 D． ，方向沿半径背离P点
【答案】B
【解析】当P点的电荷量为 时，根据电场的对称性，可得在O点的电场强度为0，当P点的电荷为
时，可由 和 两个电荷等效替代，故O点电场可以看做均匀带电圆环和 产生的两个电场的叠加，
故O点的电场强度为 电场方向为 在O点的电场方向，即方向沿半径背离P点，故B正确，
ACD错误。故选B。
7．研究发现电解液导电时也满足欧姆定律。图甲为一测量电解液的电阻率的长方体玻璃容器，X、Y为电
极，边长 ，当里面注满待测电解液，在X、Y间加上不同电压后，其伏安特性曲
线如图乙所示。忽略电解液的热膨胀，则下列说法正确的是（ ）
A．电压 时，电解液的电阻是
B．电压 时，电解液的热功率是
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂C．电压 时，电解液的电阻率是
D．电压U增大时，电解液的电阻率将增大
【答案】C
【解析】A．电压 时，电流为 由图乙可求得电解液的电阻为 ，A错误；
C．由图甲可知电解液长为
截面积为 根据 解得 ，C正确；
B．电解液的热功率 ，B错误；
D．电压U增大时，导线的电阻值随电流的增大而减小，所以电解液的电阻率随其通过的电流的增大而减
小，D错误。故选C。
8．据报道“2016年1月1日郑州发生万伏电缆落地，持续大火将路面烧焦成大坑”的事件，高压电线落
地可能导致行人跨步触电，如图所示，设人的两脚MN间最大跨步距离为d，触地点O流入大地的电流为
I，大地的电阻率为ρ，ON间的距离为R。电流在以O点为圆心半径为r的半球面上均匀分布，其电流密度
为 ，电流密度乘以电阻率等于电场强度，该场强可以等效于把点电荷Q放在真空中O点处产生的场
强。下列说法正确的是（ ）
A．等效点电荷Q电量为 （k为静电力常量）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂B．图中MN两脚间跨步电压可能等于
C．当两脚间的距离处于最大跨步时跨步电压不可能为零
D．两脚并拢跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法
【答案】D
【解析】A．根据题意可得 解得 ，故A错误；
B．N点处的电流密度为 ，若MN间的电场是匀强电场，则由 可知，MN两脚间跨步电压等于
。但由于MN间的电场是非匀强电场，则 此时不适用，因此MN两脚间跨步电压不可能等于
，故B错误；
C．当两脚位于同一等势线上时，即两脚到O点的距离相等时，跨步电压为零，故C错误；
D．两脚并拢时跨步电压较小，跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法，故D正确。故选D。
9．空间有一电场，各点电势φ随位置的变化情况如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．O点的电场强度一定为零
B．-x 与x 点的电场强度相同
1 1
C．将负电荷从-x 移到x 电荷的电势能增大
1 1
D．-x 和x 两点在同一等势面上
1 1
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【答案】BC
【解析】A．φ−x图像的斜率大小等于电场强度，由几何知识可知图像的切线斜率不等于零，故О点的电场
强度不为零，故A错误﹔
B．沿着电场线方向，电势是降低的，则有-x 与-x 点的斜率相同，即电场强度相同，故B正确；
1 2
C．电势的定义式为 故电势能 将负电荷从-x 移到x 电荷的电势能由负值变为正值，电荷的电
1 1
势能增大，故C正确；
D．-x 和x 两点电势不相等，故一定不在同一等势面上，故D错误。故选BC。
1 1
10．如图所示，一圆环水平放置，圆心为 O，其上放置四个电荷量相等的点电荷，这四个点电荷处于互相
垂直的两直径的两端，一直径两端的电荷均为正电荷，另一直径两端的电荷均为负电荷。直线 O O 为圆
1 2
环的中轴线，且 O 、O 两点关于 O 点对称。下列说法中正确的是 （ ）
1 2
A．O 点处的电场强度为零
B．O O 上各点的电势均相等
1 2
C．电子从 O 点沿直线移至 O 点过程中电势能减小
1
D．质子从 O 点沿直线移至 O 点过程中所受电场力一直减小
1
【答案】AB
【解析】A．由对称性可知，4个点电荷在O处的合场强为0，故A正确；
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂B．以 为例，正电荷附近的电势为正，负电荷附近的电势为负，由于电势是标量， 到各点电荷的距离
相等，所以4个点电荷在 处的合电势为0，同理可推导出 之间的电势相等，，故B正确；
C．由于 之间的电势相等，电子从 点沿直线移至O点过程中电势能不变，故C错；
D．由对称性可知，两个正电荷在 处合场强向上，负电荷在 处合场强向下，大小相等则
故从 到 点E不变，所以F也不变，故D错误。故选AB。
11．如图所示，长为L的细线拴一个带电为+q质量为m小球，球处在竖直向下的匀强电场中，电场强度为
E，小球恰好能够在竖直平面内做圆周运动，则（ ）
A．小球在最高点的速度大小为
B．当小球运动到最高点时电势能最小
C．小球运动到最低点时，机械能最大
D．小球运动到最低点时，动能为
【答案】CD
【解析】A．小球恰好能够在竖直平面内做圆周运动，则在最高点由重力和电场力的合力提供向心力，则
有
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂解得 故A错误；
B．向上移动小球，电场力做负功，电势能增加，当小球运动到最高点时电势能最大，故B错误；
C．小球向下运动时，电场力做正功，机械能增大，运动到最低点时，小球的机械能最大，故 C正确；
D．从最高点到最低点的过程中，根据动能定理得 解得 故D正
确。故选CD。
12．如图所示，A板发出的电子经U 加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压
1
为U ，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，下列说法中正确的是（ ）
2
A．电压U 增大时，电子打在荧光屏上的位置上升
1
B．电压U 减小时，电子打在荧光屏上的位置上升
1
C．电压U 增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变
2
D．电压U 增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变
2
【答案】BD
【解析】由题意知，加速电压为U ，电子在加速电场中加速运动，根据动能定理得 电子获得的
1
速度为 电子进入偏转电场后做类平抛运动，也就是平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，
加速度为 电子在电场方向偏转的位移为 垂直电场方向做匀速直线运动，粒子在偏转电场中
运动时间为 又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场中向上偏转，联立解得粒子偏转位移为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．电压U 增大时，故电子偏转位移y变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A错误；
1
B．电压U 减小时，故电子偏转位移y变大，因为电子向上偏转，故在屏上的位置上升，故B正确；
1
CD．电压U 增大时，电子在偏转电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子在加
2
速电场中获得的速度v不变，所以电子在电场中运动的时间不变，a增大，电子打在屏上的速度大小为
故电子打在屏上的速度增大，故C错误，D正确。故选BD。
第 II 卷（非选择题 共 52 分）
二、实验题（满分14分）
13．实验室现有下列器材：
电流表G（满偏电流为300μA，内阻为100Ω）；
电压表V （量程为2V，内阻约为2000Ω）；
1
电阻箱R （阻值范围0～9999Ω）；
1
电阻箱R （阻值范围0～999.9Ω）；
2
滑动变阻器R （最大阻值为100Ω）；
3
滑动变阻器R （最大阻值为100kΩ）；
4
电源E（电动势6V，内阻约0.5Ω）；
单刀单掷开关S，导线若干．
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂(1)现需要将电流表G改装成3V的电压表，需要将电阻箱______（填R 或R ）的阻值调节为______Ω，与电
1 2
流表G______（填“串”或“并”）联；
(2)为了测量电压表V 的内阻，设计如图所示的实验电路（改装后的电压表用V表示）．图中滑动变阻器R
1
应选______（填R 或R ），若电压表V的示数为U，V 的示数为U ，变阻箱的示数为R ，则电压表V 的内
3 4 1 1 2 1
阻R 的计算式为R =______。
V V
【答案】R 9900 串 R
1 3
【解析】(1)[1][2][3]改装成3V的电压表，应串联的电阻阻值为
故应选择的电阻箱为R ，应调节为9900 ，并与电流表串联。
1
(2)[4]实验采用了分压式接法，选择R 阻值较小，方便调节。
3
[5]据串并联知识可得 整理可得 。
14．某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻，他根据下面提供的器材，设计了如图所示的原理图。
①电压表V（量程3V，内阻R 约为10k ）
v
②电流表G（量程3mA，内阻R=100 ）
g
③电流表A（量程3A，内阻约为0.5 ）
④滑动变阻器R （0~20 ，额定电流2A）
1
⑤滑动变阻器R （0~500 ，额定电流1A）
2
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂⑥定值电阻R =0.4
3
⑦开关S和导线若干
（1）该同学发现电流表A的量程太大，于是他将电流表G与定值电阻R 并联，实际上是进行了电表的改
3
装，则他改装后的电流表对应的量程是_______A。（结果保留两位有效数字）
（2）为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_______。（填“R ”或
1
“R ”）
2
（3）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了
如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V，电源的内阻r=_______Ω。（结果均保留两位
有效数字）
（4）若实验中电压表内阻的影响不能忽略，如由上述图线求得的电动势将比真实值_______（填“偏大”、
“不变”或“偏小”）求得的内阻将比真实值_______（填“偏大”、“不变”或“偏小”）
【答案】0.75 R 1.5 0.80 偏小 偏小
1
【解析】（1）[1]改装后的电流表对应的量程是
（2）[2]根据 为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻
器是R 。
1
（3）[3][4]改装后的电流表对应的量程是电流表G的量程的250倍，根据闭合电路欧姆定律可得
变形有 根据图像可知，电源的电动势为
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（4）[5][6]测量电路采用的是伏安法外接法，引起误差的原因是电压表分流，所以上述图线求得的电动势
将比真实值偏小，求得的内阻将比真实值偏小。
三、计算题（满分38分，其中15题8分，16题8分，17题10分，18题12分，每小题需写出必要的解题
步骤，只有答案不得分）
15．如图所示，光滑绝缘的四分之三圆环竖直放置，甲、乙、丙为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电
小球，已知小球丙位于圆环最高点，甲、丙连线与竖直方向成 角，乙、丙连线与竖直方向成 角，三
个小球均处于静止状态且甲、乙与圆环间无作用力。试求：
（1）甲、乙两小球质量的比值 ；
（2）甲、乙小球的电荷量的比值 。
【解析】（1）设甲、丙两球间的距离为l，乙、丙两球间的距离为x，由几何关系可得l=R；
将甲、和乙小球视为绕丙球转动的“杠杆模型”，根据杠杆平衡条件，可得
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（2）设圆环的半径为R，三个小球的带电量分别为q 、q 和q ， 甲和乙对丙的作用力都是吸引力，或都
1 2 3
是排斥力，它们对丙的作用力在水平方向的分力大小相等，则有
联立方程，解得
16．如图甲所示，将一倾角 的粗糙绝缘斜面固定在地面上，空间存在一方向沿斜面向上的匀强电场。
一质量 ，带电荷量 的小物块从斜面底端静止释放，运动 后撤去电场，小物块运
动的 图象如图乙所示（取沿斜面向上为正方向）， 。（ ， ），求：
（1）小物块运动过程中受到的摩擦力的大小；
（2）电场强度 的大小。
【解析】（1）减速时
由牛顿第二定律得mgsinθ+f=ma
2
解得f=0.8N
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（2）加速时
由牛顿第二定律得Eq-mgsinθ-f=ma
1
解得E=3×103N/C
17．如图所示，电源电动势为E=16V，内阻为r=2Ω，定值电阻R =1Ω，定值电阻R =2Ω，R为滑动变阻器，
1 2
电动机的额定电压（正常工作电压）U =6V，额定功率P =3W，线圈的电阻R =2Ω，求：
M M M
（1）开关S 闭合，开关S 断开，当滑动变阻器的接入阻值为多少，滑动变阻器的功率最大，这个最大值
1 2
为多少？
（2）开关S 、S 均闭合，当滑动变阻器的接入阻值为多少时，电动机能正常工作；并求电动机正常工作时
1 2
的热功率与滑动变阻器的热功率之比为多少。
【解析】(1)开关S 闭合，开关S 断开，由闭合电路欧姆定律和电功率的公式
1 2
滑动变阻器的功率
当R-r-R =0，P 最大，解得
1 R
P 最大值
R
(2)当开关S 闭合，开关S 闭合，电动机正常工作时，由
1 2
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂设干路的电流为I，由欧姆定律
解得
综合解得流过电动机的电流I =0.5A，干路的电流I=3A，滑动变阻器的接入阻值R=2.8Ω，电动机的热功率
M
滑动变阻器的热功率
综合比较可得
18．如图甲所示，真空中的电极连续不断均匀地发出电子（设电子的初速度为零），经加速电场加速，由
小孔穿出，沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A、B间的中线射入偏转电场，A、B两板距离为d、A、B
板长为L，AB两板间加周期性变化的电场， 如图乙所示，周期为T，加速电压为 ，其中m为
电子质量、e为电子电量，L为A、B板长，T为偏转电场的周期，不计电子的重力，不计电子间的相互作
用力，且所有电子都能离开偏转电场，求：
（1）电子从加速电场 飞出后的水平速度 大小？
（2） 时刻射入偏转电场的电子离开偏转电场时距A、B间中线的距离y；
（3）若从 时刻开始计时，射入偏转电场的电子离开时是在中线上方还是下方，与中线的距离 是多
大？
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【解析】（1）加速电场加速，由动能定理得
解得
（2）电子在偏转电场里水平方向匀速运动，水平方向有
所以运动时间
则 时刻射入偏转电场的电子，在竖直方向匀加速运动，竖直方向有
（3）由上问可知电子在电场中的运动时间均为 ，设电子在 时加速度大小为 ， 时加速度大小
为 ，由牛顿第二定律得： ；
若从 时刻开始计时，则在 时间内竖直方向的位移
在 时间内的竖直位移
可知电子恰好从中线位置离开电场。
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