理科综合答案_2024年3月_013月合集_2024届陕西省安康市高三下学期第三次质量联考）_2024届陕西省安康市高三下学期第三次质量联考（三模）理综试题

2023—2024 学年安康市高三年级第三次质量联考 理科综合参考答案 1.【答案】 C 【解析】 病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，由蛋白质外壳和内部的遗传物质构成，不能独立 生存，只有寄生在活细胞内才能进行代谢和繁殖，A正确；病毒只含一种核酸，其遗传物质是DNA 或RNA，蓝细菌是原核生物，其遗传物质是DNA，B正确；细菌通过二分裂方式繁殖，作为原核 细胞具有核糖体但没有线粒体，C错误；蓝细菌细胞内含有叶绿素和藻蓝素，能够进行光合作用， 蓝细菌具有细胞壁且能够独立代谢，D正确。 2.【答案】 C 【解析】 在同一生物体内进行的有丝分裂和减数分裂过程中，都有可能发生基因突变和染色体变 异，A错误；在有丝分裂前期和减数第一次分裂前期，细胞中都有同源染色体，但只在减数第一 次分裂前期同源染色体会发生联会，B错误；减数第二次分裂中期的染色体数目比有丝分裂中期 减少一半，C正确；有丝分裂后期细胞中存在同源染色体，由于同源染色体已经在减数第一次分 裂时分离，因此在减数第二次分裂后期细胞中不存在同源染色体，D错误。 3.【答案】 A 【解析】 植物根细胞是真核细胞，有氧呼吸一定需要线粒体的参与，若细胞呼吸只发生在细胞质 基质中说明该呼吸方式是无氧呼吸，产物是乳酸或者酒精和CO ，没有水产生，A正确；肌肉细 2 胞的CO 释放量与O 消耗量的比例始终是1:1，不能据此判断肌肉细胞的无氧呼吸强度，B错误； 2 2 使用透气的纱布包扎伤口是为了抑制破伤风芽孢杆菌等厌氧细菌的无氧呼吸和繁殖，伤口处的肌 肉细胞可从内环境中获得0 进行有氧呼吸，C错误；乳酸菌无氧呼吸不会产生气体，细菌、酵母 2 菌和霉菌等微生物在分解食物中的有机物时会产生大量气体，如二氧化碳、硫化氢等，从而导致 包装袋膨胀，D错误。 4.【答案】 D 【解析】 由题干信息可知乙烯的受体在内质网上，因此乙烯分子可以穿过细胞膜，在细胞内发挥 高效的调节作用，A正确；乙烯可促进果实成熟，如果ACC运输障碍会造成乙烯合成障碍，ETR1 基因突变会使乙烯无法发挥作用，两种情况都可能会造成果实晚熟，B正确；干旱胁迫会使豌豆 苗乙烯合成量增加，由于乙烯能抑制植株伸长生长、促进横向生长，因此豌豆苗会矮化、加粗，C 正确；各种植物激素并不是孤立地起作用，而是多种激素相互作用共同调节，例如：黄化豌豆幼 苗切段的实验研究中，低浓度的生长素促进细胞的伸长，但生长素浓度增高到一定值时，就会促 进切段中乙烯的合成，而乙烯含量的增高，反过来又抑制了生长素促进切段细胞伸长的作用，D 错误。 5.【答案】 B 【解析】 由题干信息可知，该过程中“某种酶”的作用包括将S型细菌的DNA片段双链打开、水 解DNA单链，分别与解旋酶（作用于氢键）、DNA酶（作用于磷酸二酯键）的作用相同，A分 析合理；通过对转化过程的理解，R型细菌发生的变异为基因重组，不是基因突变，B分析不合理； R型细菌和S型细菌的差别是有无荚膜，因此在转化过程中R型细菌摄入的是S型细菌的荚膜基 因，荚膜基因能在R型细菌内正确表达，C分析合理；含杂合DNA区段的细菌增殖时，由于DNA 是半保留复制，因此形成的两个DNA一个包含R型细菌的基因，一个包含S型细菌的荚膜基因， 所以后代会出现R型和S型两种细菌，D分析合理。 6.【答案】 D 【解析】 根据题意可知，猕猴桃的毛被性状分别受位于常染色体上的基因（A/a）与X染色体上 理科综合参考答案 第1页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}的基因（B/b）控制，因此A/a、B/b的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；根据题意可知，亲 本雌雄猕猴桃的表现型均为有毛被，而后代中雄性有毛被：无毛被=1:1，说明亲本雌株的基因型为 XBXb，亲本雄株的基因型为XBY，且亲本雌株或雄株中至少有一方为AA，另一方可以是AA或 Aa，所以亲本雌株的基因型为AaXBXb或AAXBXb，B正确；根据B项分析可知，亲本基因型可 以为AAXBXb和AaXBY或AaXBXb和AAXBY或AAXBXb和AAXBY。在三种不同的杂交情况下， 子代雄株中有毛被个体的基因型为AAXBY或AaXBY，C正确；若亲本雄株为纯合子其基因型为 AAXBY，则雌性亲本基因型可能为AAXBXb或AaXBXb。当亲本为AAXBY和AAXBXb杂交时，子 代雌株中纯合子（AAXBXB）的比例为1/2。当亲本为AAXBY和AaXBXb杂交时，子代雌株中纯合 子（AAXBXB）的比例为1/4，D错误。 7.【答案】 D 【解析】“锡铜相和”则形成铜锡合金，一般合金的熔点低于成分金属，A正确；合金的硬度大于成 分金属的硬度，B正确；氯化铵溶液中铵根离子水解使溶液显酸性，可以溶解铜锈的主要成分碱 式碳酸铜，C正确；若在铜表面镀锡，镀层破损后，因活泼性Sn>Cu，因此仍对铜具有保护作用， D错误。 8.【答案】 D 【解析】 安息香的官能团名称为羟基和酮羰基，A错误；安息香中羟基连接的碳原子以四个单键 连接其他四个原子，此5个原子最多三个原子在同一平面，B错误；二苯乙二酮的一氯代物有3 种不同结构，C错误；安息香有羟基与金属钠可以反应产生气体，可以利用金属钠区分安息香及 二苯乙二酮，D正确。 9.【答案】 A 【解析】 图甲中可以根据碳酸钠中有气泡产生、硅酸钠溶液变浑浊，且饱和碳酸氢钠溶液除去二 氧化碳中的氯化氢气体，可以证明酸性HCl>H CO >H SiO ，A可以达到实验目的；除去硫酸铜 2 3 2 3 晶体含有的结晶水，应使用坩埚，B错误；装置丙应将产生的气体通入CCl 液体中除去HBr中的 4 Br ，C错误；FeCl 标准液滴定KI待测液时，二者发生的反应为可逆反应，且生成I 不用淀粉作 2 3 2 指示剂，D错误。 10.【答案】 B 高温 【解析】 利用铝热反应焊接钢轨的反应为2Al+Fe O =====2Fe+Al O ，A选项未配平，A错误； 2 3 2 3 硫化氢是弱酸不能拆，C错误；泡沫灭火器的反应原理是利用硫酸铝与碳酸氢钠溶液发生双水解 的反应， Al3++3HCO -===Al(OH) ↓+3CO ↑，D错误。 3 3 2 11.【答案】 C 【解析】 根据题意X、Y、Z、M、W分别为H、N、C、B、Na元素。考古时，利用14C测定文 物的年代，A正确；非金属性N>C，简单氢化物的还原性NH C>B， 3 4 因此最高价含氧酸酸性Y>Z>M，C错误；BF 中B的最外层电子数为6个，D正确。 3 12.【答案】 C 【解析】 由图可知，左侧电极CO HCOO-的过程C元素由+4价降为+2价，发生还原反应， 2⟶ 为阴极，与直流电源负极相连，故a为负极，b为正极；a的电极电势低于b，A错误；由图可知 mSnO /CC电极为阴极，表面发生的电极反应式为： ，B错误；电 2 解池中，H＋通过质子交换膜从右侧（阳极室）迁移到左侧（-阴极室-），C正-确；2若- 有1mole－通 CO2+2e+HCO3=HCOO+CO3 过导线时，若导线转移电子的物质的量为1mol，阳极上生成0.25molHCOOH，阴极上生成 0.5molHCOO-，所以该装置内生成HCOO-和HCOOH共计0.75mol，D错误。 理科综合参考答案 第2页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}13.【答案】 B 【解析】 根据起点PH为5，因此K =10-9，A错误；n点当NaOH溶液的体积加入 a −5 −5 10 ×10 ≈ 0.1 10mL时，溶液中HCN恰好被中和一半，由物料守恒，c(CN-)+c(HCN)=2c(Na+) 0.0667 2×0.1 mol·L−1，B正确；p点时，利用电荷守恒，c(Na+)-c(CN-)=c(OH-)-c(H+)=(10-3.2-1=0-10.83)m≈ol·L−1，C 错误；滴定过程中，m点pH最小，对水的电离抑制程度最大，p点酸碱溶液恰好完全中和生成盐， 且盐的水解促进水的电离，p点水的电离程度最大，所以滴定过程中，水的电离程度mQ ，C错误D正确。 1 2 21.【答案】 BC 【解析】 螺旋轨道可以等效为一个光滑的斜面，斜面的倾角即为轨道的切线的倾角，等螺距的螺 旋轨道各处切线平行，所以在下滑过程中小环的加速度大小不变，方向时刻改变，A错；小环沿 螺旋轨道运动一周，其轨迹在水平面上的投影为一个半径为r的圆，圆的周长为2 ,所以运动一 周的路程大于2 ,B正确；小环沿螺旋轨道运动一个周期，下落高度为 L d,其轨迹的水平投影为一个圆，该圆的周长为2 ，该投影的长度n2 nd 等效为的底边，斜面的高度为nd, 小环运动的总路程为斜面长度 n2 理科综合参考答案 第4页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}L （nd）2（n2r）2 ,小环在斜面上的加速度为 a=g =g , 根据匀变速运动公式，L= g t2,得 1 2 t= C正确，D错误。 2 2 2 2 (4 + ) 22.【答案】 （1）不需要（1分） （2）0.64（3分） （4）偏小（2分） 【解析】（1）只要小车做匀变速直线运动即可，不需要平衡摩擦力 （2）a= =0.64m/s2 4+ 5+ 6− 1− 2− 3 2 （3）频率越高9， 周期越小，计算时代入的周期数值较大，所以得到加速度比真实值偏小 23.【答案】 （1）A R （2分) （2）见下图（4分） （3）0.74 （3分） 2 1 W~0.78W 【解析】写出电源的路端电压表达式U=E-Ir=3-I，在小灯泡的伏安曲线的坐标系里画出电源路端 电压与电流的关系图线如图，得出二线的交点坐标，相乘即可。 24.(12分) 【解析】 （1）粒子从D形盒飞出时的速度是最大速度,根据R= ,得v= 2分 在电场中根据动量定理qEt=mv 得t= = 2分 同理根据R= ，得B= = , 2分 （2）从A点出发向右运动2r ,加速1次qEd= m 1分 1 1 2 2 1 得v = = , 1分 1 2 2 2r = =2 , 1分 1 1 1 2 2 同理，可得加速第2次粒子向左运动2r =2 , 1分 2 1 2 2 粒子加速第3次后向右运动2r =2 ， 1分 3 1 2 3 第4次加速结束瞬间距A点的距离为x=2r -2r +2r =2（ +1- ） 1分 1 2 3 25.（20分） 3 2 2 【解析】 （1）物块A所受电场力F=qE=2N 1 分 A的加速度a = =10m/s2 1分 1 物块A运动距离d时速度v = =2m/s 1分 1 2 1 A 与B发生弹性碰撞，m v =m v +m v m m + m 1分 1 1 1 2 2 3 1 1 2 1 2 1 2 1 2 理科综合参考答2案 1第=5页2 （ 共2 123页 ）3 {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}得v = v v =-1m/s 1分 2 1 2 1− 2 1+ 2 v = v =1m/s 1分 3 1 2 1 1+ 2 （2）第1次碰撞后到第二次碰撞前二者位移相等v t+ a =v t 得t =0.4s 1分 2 31 1 1 2 此过程B向右运动v t =0.4m 2 1 1分 31 到右边缘的距离L-v t =1.2m 2分 31 （3）A与B第二次碰撞前速度v =v +at =3m/s 1分 4 2 1 此时B的速度为v =1m/s 1分 3 碰撞满足动量守恒和系统动能守恒m v +m v =m v +m v m + m = m + m 1分 1 4 2 3 1 5 2 6 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 得v =0 v =2m/s 1分 2 4+ 2 3 2 5 2 6 5 6 假设能发生第三次碰撞 a =v t t =0.4s 1分 62 2 1 2 此过程B向右运动v t =0.82m 2 小于1.2m 此时距桌子边缘为0.4m 所以没离开桌面发生第三次 62 碰撞 1分 第三次碰撞前A的速度v =at =4m/s B的速度v =2m/s 1分 7 2 6 碰撞满足动量守恒和系统动能守恒 m v +m v =m v +m v m + m = m + m 1 7 2 6 1 8 2 9 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 解得v =1m/s v =3m/s 12分 7+ 2 6 2 8 2 9 8 9 假设能发生第4次碰撞v t + a =v t 得t =0.4s 1分 83 93 3 1 2 此过程B向右运动t v =1.2m2 3 大于0.4m 所以没有发生第4次碰撞，即B离开桌面的速度 3 9 为3m/s 1分 26.（14分，除标注分数外，其余每空2分） 【答案】（1）适当加热、搅拌、适当增大硝酸浓度(合理即可给分) 3Ag+4H++NO -===3Ag++NO↑+2H O 3 2 （2）SiO （1分） 2 （3）漏斗、烧杯、玻璃棒 取操作Ⅱ洗涤沉淀时的最后一次滤液，加入KSCN溶液，若溶 液不变红，则证明洗干净，否则未洗干净 （4）4Ag(NH ) Cl+N H ==4Ag↓+N ↑+4NH +4NH Cl 3 2 2 4 2 3 4 （5）正（1分） Ag++e－==Ag 【解析】（1）适当升温、搅拌、将含银废催化剂粉碎等，均可以加快酸浸速率并使反应更充分； “酸浸”发生的氧化还原为硝酸与Ag的反应。 （2）二氧化硅为酸性氧化物，不溶解于硝酸中。 （3）操作Ⅰ~Ⅲ共同操作为过滤，在实验室进行此操作需要的玻璃仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒；检 验操作Ⅱ的沉淀是否洗涤干净，需检验最后一次洗涤液中是否含有Fe3+。 （4）“还原”发生的化学反应方程式为：4Ag(NH ) Cl+N H ==4Ag↓+N ↑+4NH +4NH Cl。 3 2 2 4 2 3 4 （5）“电解法粗银精炼”,应将粗Ag置于阳极,与电源的正极连接,阴极的电极反应式为Ag++e－==Ag。 27.（15分，除标注分数外，其余每空2分） 【答案】 (1) 三颈烧瓶（1分） n（1分） (2)a→e、f→c、d→g、h←d、c←b（或b→c、d→g、h←d、c←f、e←a） 检查装置的气密性（1分） 理科综合参考答案 第6页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}(3)  （强）酸性、+吸水性−（写出2+酸性即可给分，错写不给分） MnO2+4H +2Cl Mn +Cl2 ↑+2H2O (4)吸收尾气SO 和Cl ，防止空气中的水进入装置A中 2 2 (5)提高SO Cl 的产率；防止温度过高SO Cl 气化和分解。 2 2 2 2 (6)75.0% 【解析】（1）根据装置图可知：仪器A的名称是三颈烧瓶；冷凝水要从下口进入，才能充满冷 凝管，使冷凝效果最好。 （2）甲装置用于制备氯气，然后通过饱和食盐水除去氯气中的氯化氢，再通过浓硫酸除去水蒸气， 乙装置用于制备二氧化硫，需通过浓硫酸除去水蒸气，故连接顺序为a→e、f→c、d→g、h←d、 c←b（或b→c、d→g、h←d、c←f、e←a）；连接装置后，应先检查装置的气密性。 （3）  ；制备二氧化硫浓硫酸表现的性质为强酸性及吸水性。 （4）仪器F中+装有碱−石灰，2+其作用为吸收逸出的有毒气体氯气和二氧化硫，防止空气中的水蒸 MnO2+4H +2Cl Mn +Cl2 ↑+2H2O 气进入E，防止环境污染及磺酰氯水解。 （5）因为制备SO Cl 的反应为放热反应，降低温度，平衡向正向移动，利于提高产率；SO Cl 2 2 2 2 沸点低易分解，三颈烧瓶置于冷水浴中，防止温度过高SO Cl 气化和分解。 2 2 3.48g （6）根据方程式：  ，n(Cl )=n(MnO )= 2 2 87gmol1 + − 2+ MnO2+4H +2Cl Mn +Cl2 ↑+2H2O =0.04mol，由于SO 足量，由反应SO (g)+Cl (g) SO Cl (l)，理论上产生SO Cl 的物质的量也是 2 2 2 2 2 2 2 0.04mol，其质量是m(SO Cl )=0.04mol×135g·mol－1=5.40g，实际质量是4.05g，则磺酰氯的产率 2 2 ⇌ 为 。 4.05g 28.（51.440分g×，1每00空%2=分75）.0% 【答案】（1）－1079.2kJ·mol－1 否，还需要1molH O(g)转化为1molH O(l)的热效应(合理 2 2 即可给分) （2）该反应ΔS＞0，又由于ΔH＜0，在任何温度下均可自发进行。 （ ） （ ） （3）适当增加CO 2 浓度或高温或减压（合理即可给分）； （4） H2 CO2 x 21.8 （ ）. （ ） CO H2O 【解析】（1）根据盖斯定律得其焓变 －1079.2kJ·mol－1 肼的燃烧热为1molN H (l)与氧气完全燃烧生成氮气及液态水时的热效应，而 HΔ 12 = 4 4HΔHf m H2O − 2HΔHf m N2H4 +HΔHf m N2O4 = 条件所给数据为气态水时的热效应，因此无法计算N H (l)的燃烧热，因此还需要1molH O(g)转 2 4 2 化为1molH O(l)的热效应。 2 （2）根据热化学方程式 可知该反应是气体总物质的量增 大的反应，所以其 ＞ ，又由于 ＜ ，由于 ＞ ，所以 ＜ 恒成立，在任何 2N2H4 l +N2O4 g =3N2 g +4H2O g 温度下均可自发进行。 SΔ 0 HΔ 0 T 0 GΔ =HΔ −TSΔ 0 （3）反应a的正向反应吸热，气体物质的量增大，因此可以通过高温或减压或适当增加CO 浓 2 度等提高CH 的平衡转化率。 4 （4）根据标准压强平衡常数的表达方法，反应b的标准压强平衡常数表达式为 （ ） （ ） = H2 CO2 ；由于a反应为吸热反应，则温度越高，其平衡常数越大，即 越小，其 θ （ ）. （ ） 1 θ p CO H2O T ln p 越大，则能表示反应a的曲线为x。 ②因为反应b的气体总物质的量不发生变化，所以体系压强的改变是反应a造成的，设通入等量 、 、 的物质的量为amol，设该温度下平衡时 转化率为25%，根据以上数据，可列 CH4 CO2 H2O 理科综合参考答案 第7页（共 C1H34页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}出反应a的三段式如下： 起始物质的量 CH4 g + CO2 g ⇌ 2CO g + 2H2 g 转化物质的量 (mol) a a 0 0 平衡物质的量 (mol) 0.25a 0.25a 0.5a 0.5a 则转化后(mo的l)物质0.7的5a量为0.750am.7o5la， 的物0质.5a的量为0.750a.5maol，生成的CO的物质的量为 ，生成的 的物质的量为0.5amol。 CH4 CO2 反应b的曲线为y，则在 温度下，反应b的 ，即 ，设反应b平衡时 转 0.5amol H2 化了nmol，根据以上数据，可列出反应b的三段式如θ下： θ T 1 ln p =0 K p =1 H2O 起始物质的量 CO g + H2O g ⇌ CO2 g + H2 g 转化物质的量 (mol) 0.5a a 0.75a 0.5a 平衡物质的量 (mol) n n n (mol) 0.5a−n a-n 0.75a+n 0.5a+n 则 ，解得 ，则达到平衡状态，体系中CO的物质的量为 ， 的 (0.75a+n)(0.5a+n) 1 5 (0.5a−n)(a−n) =1 n=22a 11amol H2O 物质的量为 ， 的物质的量为 ， 的物质的量为 ， 的物质的量为 ， 21 35 6 3 22amol CO2 44amol H2 11amol CH4 4amol 的平衡分压为 。 6 11 29.H（ 2 共10分，除标1 5 1记+ 2 2外 1 2+ 3 4， 5 4+每1 6 1+空 3 4 ×11分40）kPa≈ 21.8kPa 【答案】（1）降低 自由水 （2）干旱和高温胁迫均会抑制植物的光合作用， 且干旱对光合作用的抑制作用更强（2分） 干旱会造成叶片的气孔关闭，导致叶片吸收CO 2 量减少，光合作用速率下降；光反应阶段需要消耗水，干旱会导致光反应速率降低，光合作用速 率下降；（2分，答出一点，答案合理即可） （3）①经干旱胁迫处理后的长势相同的同种 植株 ②实验组植株的叶片喷施一定浓度的GABA，对照组植株的叶片喷施等量的清水（蒸馏 水）（2分） ④光合作用速率；植株含水量；光合作用色素含量（写出一点即可） 【解析】（1）在低温胁迫下，植物细胞膜的流动性会降低以增强细胞膜的稳定性。减少自由水含 量提高结合水的比例有助于减少水低温结冰后对细胞膜的损伤，从而抵御低温对植物细胞的不利 影响。（2）表中实验结果显示，干旱和高温胁迫均会抑制植物的光合作用，且干旱对光合作用的 抑制作用更强，因为B组幼苗的光合速率下降幅度更大。干旱会造成叶片的气孔关闭，导致叶片 吸收CO 量减少，光合作用速率下降；光反应阶段需要消耗水，干旱会导致光反应速率降低，光 2 合作用速率下降。（3）为进一步探究叶面喷施一定浓度的外源GABA是否能缓解植物的干旱胁 迫症状。可将已经处于干旱胁迫的若干植株平分为两组。实验组植株的叶片喷施一定浓度的GABA， 对照组植株的叶片喷施等量的清水（蒸馏水）。将各组置于干旱程度相同的环境中继续培养一段 时间。观察植物的生长情况，并定期测量植物体光合作用速率、植株含水量、光合作用色素含量 等生理指标的变化情况。比较实验组和对照组的实验数据差异，分析判断叶面喷施一定浓度的外 源GABA是否能缓解植物的干旱胁迫症状。 30.（共10分，除标记外，每空1分） 【答案】（1）下丘脑、垂体（2分） （特异性）受体 （2）生长激素是蛋白质，口服会被消化酶分解 全身各处 （3）（负）反馈调节 IGF-1具有类似胰岛素的作用可以降低血糖；IGF-1可以降低血清GH含 量，使胰岛素的作用效果增强。（2分） 理科综合参考答案 第8页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}（4）生长激素用量不当可能会造成高血糖甚至引发糖尿病；有些矮小症状并不是由于生长激素分 泌不足所致，补充激素并不能起到治疗效果（2分，答案合理即可） 【解析】（1）器官A分泌的GH释放激素可以作用于垂体，促进垂体分泌GH，因此器官A是 下丘脑，器官B是垂体；GH释放激素能作用于器官B的原因是其细胞膜上有特异性受体。（2） 生长激素的化学本质是蛋白质，口服会被分解，因此需要采用注射的方法进行补充；进入血浆的 人重组生长激素会随体液运输至全身各处。（3）血浆中IGF-1的含量受GH分泌的调节，反过来 又可以影响GH的分泌，因此属于负反馈调节；由题图信息可知，IGF-1具有降低血糖的作用， 且IGF-1可以通过负反馈调节降低血清中GH的含量，使胰岛素的作用恢复，发挥正常的降血糖 的作用，因此用注射IGF-1的方法可以辅助治疗糖尿病。（4）综上所述，生长激素用量不当可能 会造成高血糖甚至引发糖尿病，有些矮小症状并不是由于生长激素分泌不足所致，比如GH受体 缺乏，这种情况补充激素并不能起到治疗效果。 31.（共10分，除标记外，每空1分） 【答案】（1）消费者 能够加快生态系统的物质循环、对于植物的传粉和种子的传播等具 有重要作用 （2）标志重捕法 标记物不能太醒目、所做标记不能影响大天鹅正常的生活（答案合理即可） （3）生态系统和物种多样性（2分，缺一不可） 间接和直接（2分，缺一不可） （4）保障大天鹅栖息和觅食场所的面积 环境容纳量（或K值） 【解析】（1）大天鹅等鸟类属于生态系统组成成分中的消费者，消费者的存在能够加快生态系统 的物质循环、对于植物的传粉和种子的传播等具有重要作用。（2）大天鹅活动能力强、活动范围 广，调查其种群密度适合采用标志重捕法；使用标志重捕法时标记物不能太醒目、所做标记不能 影响大天鹅正常的生活，否则将影响调查结果。（3）保护区内存在不同类型的生态系统，这是对 生物多样性在生态系统层次上的保护；保护区内生存着众多种类的动植物，这是对生物多样性在 物种多样性层次上的保护；保护区改善局部气候环境体现了生物多样性的间接价值，吸引了全国 各地的人前往研学、旅游则体现了其直接价值。（4）保护区是大天鹅栖息和觅食的场所，禁止破 坏、侵占湿地资源是为了保障保护区的面积，从而有利于提高大天鹅等鸟类的环境容纳量，进而 提高保护区内该种群的种群密度。 32.（共9分，除标记外，每空1分） 【答案】（1）隐性 （2）AaBb 雌雄同体的个体进行自交或与品系③（aabb）杂交 （3）多代连续杂交（2分） 用（纯合的壳色深、肉质鲜美二倍体）Y进行杂交，并用一定 浓度的细胞松弛素B（CB）处理其受精卵，后代中可获得部分四倍体牡蛎（2分） 挑选（壳 色深、肉质鲜美的）四倍体牡蛎与二倍体牡蛎Y杂交（2分） 【解析】（1）由题意分析可知，实验2品系②肉质普通和品系③肉质鲜美杂交后代均为肉质普通， 说明肉质普通对肉质鲜美为显性。纯合牡蛎品系①为AABB，品系②为aaBB，品系③为aabb。 F1中出现的壳色深、肉质普通的牡蛎基因型为AaBB，均为杂合子。（2）品系①AABB与品系 ③aabb杂交，后代基因型都为AaBb。要获得壳色深、肉质鲜美的（A_bb）个体，可以用雌雄同 体的AaBb自交后代中可能出现A_bb个体，或者用AaBb个体与品系③aabb个体杂交，后代中 也可能出现A_bb个体。（3）①用X个体（AAbb或Aabb）进行杂交；②挑选后代中壳色深、 肉质鲜美个体继续进行多代连续杂交，直至后代不再出现性状分离为止，则可获得纯合的壳色深、 肉质鲜美二倍体（AAbb）；③用纯合壳色深、肉质鲜美二倍体（AAbb）进行杂交，并用一定浓 度的细胞松弛素B（CB）处理其受精卵，后代中可获得部分纯合四倍体牡蛎（AAAAbbbb）；④ 用纯合的壳色深、肉质鲜美二倍体（AAbb）和纯合四倍体牡蛎（AAAAbbbb）杂交即可获得纯合 的壳色深、肉质鲜美的三倍体牡蛎（AAAbbb） 理科综合参考答案 第9页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}33.（15分） 【答案】(1)ACE 根据理想气体状态方程PV=nRT 得 = 图中各点和原点O点连线的斜率代 表气体压强的倒数，所以b的压强小于c的压强，A正 确 ；由a变化到b过程中体积变大，气体 对外做功，温度升高，内能变大，所以气体从外界吸收的热量大于其内能的增加，B错误；由b 变化到c过程中气体的体积不变，所以从外界吸收热量等于其增加的内能，C正确；由c变化到 d过程中气体温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功，所以气体向外界放出热量，D 错误；由a变化到b过程为过原点的直线，其斜率不变，斜率代表压强的倒数，所以为等压变化,E 正确。 （2）T = T L 2 0 4 3( 0+ ) 2 ①缓慢加热 3 气 4 体 ( 压 0+ 强 不 ) 变 = 2分 1 2 1 2 初始体积为 LS 末状态体积为LS 1分 3 4 代入得 T = T 1分 2 0 4 3 ②缓慢加入沙子，则汽缸内气体做等温变化，初始的压强P =P + 1分 1 0 加入沙子后 末状态压强 P =P + 1分 2 0 2 P V =P V 1分 1 1 2 2 V = 1分 1 3 4 代入得L = L 2分 2 3( 0+ ) 2 34.（15分） 4 ( 0+ ) 【答案】(1)BDE，A的波长为4m,根据波速公式v= 可知A的周期为2s,A错误；B的周期为4s, 波速为2m/s ,可知B的波长为8m,B正确；因为波源 A和B的周期不一样，所以二者有叠加但不 能产生干涉现象，C错误。X=-1m距离两波源的距离均为5m,两列波传播到这点需要的时间 t= =2.5s,剩余的1s时间使A波传播了半个波长，使该点位移为0，B传播了 波长，使该点的位移 1 4 为5m,二者叠加之后为5m,D正确；A波传播到O点需要时间t = =3s,等于1.5T ,它产生的位移为 1 A 0，B波传播到O点需要时间t = =2s,等于0.5T ,B波还需振动1s,即再振动 周期，此时B波产生 2 B 1 4 a b 的位移为5cm，所以位移之和为5cm，E正确。 （2）n= 在ad面 入射角45 ，设折射角为 α θ 根据折射定2律n= ① 2分 ° α d γ c sin45 sin 光线在ab面的入射角 - 2分 =2 α 理科综合参考答案 第10页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}其中 为 的外角可得光线在bc面的入射角 = 2分 在bc 面恰 好发生全反射，则n= γ②α+θ=1分α+15° sin90° 联立①和② 得 1分sin( +15°) 代入n= = α=320°分 sin45 35.（共15s分in ，除标2注分数外，其余每空2分） 【答案】（1）LaMgNi 12（1分） ×100% （2）f（1分） 3d84s2（1分） 4 3 3 32 1+64 2 3 Mg>Al>Na 3 MgCl 形成的是离子晶体，而AlCl 为分子晶体 （3）1:1（1分） 4（1分） DE 2 3 【解析】（1）La-Mg-Ni相晶胞结构内四个La被Mg代替，因此化学式为：LaMgNi ；La-Mg-Ni 4 相中La与Mg的位置是相对的，与La等距且最近的La有12个，因此与Mg等距且最近的Mg 有12个；根据均摊法计算，La-Ni相晶胞中La的数目为8 +6 +4=8，Ni的数目为16， La-Ni 1 1 ×8 ×2 相中原子空间利用率为 ×100%。 3 3 32 1+64 2 3 3 （2）La在周期表中分属于f区；Ni的价电子排布式为3d84s2；同周期第一电离能从左到右有逐 渐增大的趋势，但是ⅡA与ⅢA元素反常，因此从大到小的顺序为：Mg>Al>Na； MgCl 形成的是离子晶体，而AlCl 为分子晶体，因此熔点MgCl 高于AlCl 。 2 3 2 3 （3）从所给结构判断进行sp2及sp3杂化的碳原子数目分别为4个；Ni的配位数为4；结构中存 在氢键、共价键、配位键，不存在离子键和金属键。 36.（15分，除标注分数外，其余每空2分） 【答案】（1）2—羟基苯甲酸（1分） （2） （1分） （3）将浓硫酸缓慢滴入到浓硝酸中，边滴边振荡(或搅拌) （1分） （4）酯基、醚键、肽键（或酰胺基） （5）c（1分） （6）12 （7） （3分) 理科综合参考答案 第11页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}【解析】（1）水杨酸的系统命名为：2—羟基苯甲酸。 （2）依据反应前后及所给D的分子式判断其结构中磺酸基被氢原子取代。 （3）避免混合放热使酸飞溅，因此将浓硫酸缓慢滴入浓硝酸中，边加边搅拌或振荡； 根据反应条件及前后结构式判断，此反应发生硝化反应。 （4）H中的含氧官能团的名称为酯基、肽键（或酰胺基）及醚键。 （5）F→G发生还原反应。 （6）由所给信息判断，结构中有酚羟基、碳氯键、及硝基三个官能团，除此之外还有两个碳原子 的烷基，因结构中苯环上有两个取代基，其中一个是羟基，另一个是连有氯原子及硝基的乙烷基， 氯原子与硝基可以在同一碳原子上，可以在不同碳原子上，共4种结构，且分别与羟基取代基有 邻间对3种位置关系，因此共12种； 根据其中一种只有四种等效氢，且峰面积之比为3:2:2:1，因此推断，苯环上有两个对位取代基， 且氯原子和硝基连在同一碳上。 （7）根据所给信息，其合成路线为： 。 37. （共15分，除标记外每空2分） 【答案】（1）固体、选择 水、无机盐、碳源（答案中不能有氮源） 灭菌前（1分） （2）稀释涂布平板（1分） 灼烧（1分） 当两个或两个以上固氮菌连在一起时，只能在平 板上形成一个菌落 （3）检验培养基灭菌是否合格 （4）不同种微生物表现出各自稳定 的菌落特征 耐盐碱固氮菌的固氮作用使培养基上产生了NH ，且由于固氮菌消耗某些物质 3 后使培养基的pH和盐含量降低，使一些不能耐盐碱、无固氮能力的微生物也能在环境条件改变 后的培养基上生长繁殖（答案合理即可） 【解析】（1）由题干信息可知，本实验的目的是分离耐盐碱固氮菌的单菌落，因此需要使用固体、 pH值高于9、盐含量大于0.6%的无氮源选择培养基；培养基中必须添加的营养成分有水、无机 盐、碳源；应在培养基灭菌前调节pH值。（2）根据实验目的：要对菌落进行分离并计数，所以 使用稀释涂布平板法进行接种；接种过程中使用的涂布器要在酒精灯火焰上进行灼烧灭菌；当两 个或两个以上固氮菌连在一起时只能在平板上形成一个菌落，所以使用活菌计数法得到的结果往 往小于实际细菌数。（3）在相同环境条件下培养空白平板的目的是检验培养基灭菌是否合格。（4） 在一定的培养条件下，不同种微生物表现出各自稳定的菌落特征，可以根据菌落的形状、大小、 颜色等特征初步区分菌种的类型。耐盐碱固氮菌的固氮作用使培养基上产生了NH ，这样培养基 3 中就有了氮源，且由于固氮菌的消耗某些物质后使培养基的pH和盐含量降低，一些不能耐盐碱、 无固氮能力的微生物也能在环境条件改变后的培养基上生长繁殖，但将这样的菌落，再次转移到 新制备的高盐、高pH、无氮培养基上时，它们因为无法适应这种环境而不能生长。 38.（共15分，除标记外每空2分） 【答案】（1）构建基因表达载体 限制酶、DNA连接酶（2分） （2）RNA聚合酶 终止转录 5′（2分） （3）葡萄糖、氨基酸、无机盐、维生素和动物血清（2分） 95%空气和5%的CO （2分） 2 （4）（进行）细胞间信息交流（2分） （5）CAR-T细胞免疫疗法能特异性识别并杀死肿瘤细胞，对正常细胞无伤害（或副作用小）； 避免长期用药后肿瘤细胞产生耐药性；能够持续监控并杀死肿瘤细胞，降低肿瘤复发的概率（2 理科综合参考答案 第12页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}分，其他合理答案也可给分）。 【解析】（1）基因工程的核心步骤是构建基因表达载体，即将目的基因与载体DNA分子连接起 来，形成重组DNA分子。这一步骤需要使用限制酶和DNA连接酶。在PCR扩增目的基因时， 需要在引物的5′端加上限制酶切割位点，以便后续对PCR产物进行酶切处理，且不破坏目的基因 的结构。（2）构建基因表达载体时，需要在目的基因的首端和尾端分别加上启动子和终止子。启 动子是RNA聚合酶识别和结合的部位，是转录的起点；终止子则起到终止转录的作用。在PCR 扩增目的基因时，为了保证目的基因被顺利切割，限制酶切割位点应加在PCR引物的5′端。（3） 体外扩增T细胞需要使用细胞培养技术，其中细胞培养液中通常含有葡萄糖、氨基酸、促生长因 子、无机盐、微量元素等物质，以提供细胞生长所需的营养支持。此外，气体环境也是细胞培养 的重要条件，主要需要95%空气和5%的CO 来维持细胞正常代谢和培养液的pH。（4）CAR-T 2 细胞能够识别并与肿瘤细胞密切接触，最终导致肿瘤细胞裂解死亡。这一事实说明细胞膜具有进 行细胞间信息交流的功能。（5）CAR-T细胞免疫疗法相比传统化疗在治疗癌症时具有以下优势： 能够特异性地杀死肿瘤细胞，避免对健康细胞的伤害；能够持续监控并杀死肿瘤细胞，降低肿瘤 复发的概率；相比化疗和放疗等传统治疗方法，CAR-T疗法的毒副作用较小。 理科综合参考答案 第13页（共13页） {#{QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=}#}