物理答案详解_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年12月试卷_1212湖北省腾云联盟2025届高三12月联考_物理

湖北省“腾•云”联盟 2024-2025 学年度上学期 12 月联考 高三物理答案详解 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C B D B C C D AD AC BD 1．【解析】由质量数守恒得：X 2384234故A错误； 4He的穿透能力比射线弱，故B错误； 2 238Pu衰变过程释放能量，比结合能增大，即 238Pu比 XU 的比结合能小，故C正确； 94 94 92 半衰期的大小反映衰变的快慢，与所处的物理环境无关，故D错误。 故选：C 2．【解析】设入射角为θ，由折射定律可知，对b光 解得θ=30°，对于a光， 45° 由折射定律可知 ,折射率越大， 频 = 率越 大 ，即a光的频率比b光的 大，故A、C错误； 60° = = 3> 设a光在半球中传播的速度为v ，由 则a光在半球中的传播时间 ，联立可 a R 得: ，故B正确； = t= va 3 1 根据t=sin C ，则C C ，则a光先发生全反射，故D错误; n a b 故选：B 3.【解析】由对称性可知，两个正电荷在O 处的合场强沿O O 向上，两个负电荷在O 1 1 2 1 处的合场强沿O O 向下，且两正电荷和两负电荷分别在O 处的场强大小相等，所以 1 2 1 E =0同理可得E =0，所以直线O O 上所有点的的场强相等且为0，故A错误； O1 O2 1 2 四个点电荷分成两组等量异种点电荷，直线O O 在任一组等量异种点电荷的中垂面上， 1 2 则直线O O 上所有点的电势相等且为0，故B错误； 1 2 两等量同种正电荷连线上以O为对称中心的任取两对称点，场强等大反向且指向O点， 同时这两点也是另外两等量同种负电荷中垂线上以O为对称中心的两对称点，则场强也 满足等大反向且指向O点，所以两对称点的合场强满足等大反向，故C错误； 电势是标量，大小由离场源电荷的距离决定，两负电荷所在直径上以O为对称中心的两 个点，离正场源电荷的距离相等，同时离两负场源电荷的距离具有对称性，所以对称点 电势相等，故D正确。 故选：D 4.【解析】对接后飞船相对空间站是静止的，但相对地面是运动的，A错误； 24 空间站中一天可以看见16次日出，空间站的周期T  h1.5h90min，而同步卫星 16 高三物理答案详解 第 1 页 （共8页）的周期为24h，故B正确； Mm v2 GM 由万有引力提供向心力，根据G m ，解得：v ,空间站作圆周运动的轨 r2 r r GM GM 道半径r  Rh ，所以空间站运行的速率 ，小于第一宇宙速度 ，故C错 Rh R 误； Mm 42 GMT2 根据G m(Rh) ，解得同步卫星离地面高度h 3 R6R，空间 (Rh)2 T2 42 站离地高度h400kmR，故D错误。 故选：A 5．【解析】由图乙可知，在t=0.25s时，质点P向上振动，根据波形平移法可知，波向 右传播。由图甲可知，该波的波长为λ=4m。由图乙可知，该波的周期为T=2s，则波速 为v=λ/T=2m/s，故A错误; 在t=0.25s时，根据波形平移法可知，L质点向y轴正方向运动，N质点向y轴负方向 运动，则L质点比N质点先到达波峰，故B错误; 2 简谐运动的振动方程通式为y  Asin( t)， 其中质点L振动的A20cm、 T 0 T 2s，再代入t 0.25s时y0，和t 0.75s时y20cm，可得质点L振动的位移y  与时间t的关系式为 y 20sin(t )（cm），故C正确； 4 在t 0.25s至t 0.75s的时间内，P质点通过的路程为（4020 2）cm，故D错误。 故选:C 6.【解析】小球在复合场中受重力、电场力和洛伦兹力三个力的作用，洛伦兹力与速度 方向垂直，所以洛伦兹力的大小和方向均会发生变化，小球的加速度会变化，A错误； 洛伦兹力不做功，电场力做功，所以机械能不守恒，B错误； 把重力和电场力合成为一个等效重力，其方向斜向左下方，等效最高点在 O到M的中 途某处，而洛伦兹力不做功，所有小球从O到M的过程中速度先减小后增大，C正确; 小球从M点到N点洛伦兹力不做功，但重力和电场力都做了正功，动能增加，D错误。 故选C 7.【解析】滑块恰好通过轨道BCD的最高点D，由重力提供向心力，由牛顿第二定律有 解得: ，滑块从 B 点到 D 点，根据动能定理有 2 VD 1 1 mmg=gm2RR mv2  m v=2，5得 v/ 5m/s，故A错误; 2 D 2 B B 在轨道AB上，滑块的拉力等于摩擦力时，速度最大，设为v'，则有P=Fv'=μmgv'，解 得:v'=10m/s，故B错误； 1 设在轨道AB上，滑块加速过程的时间为t，有PtW  mv2 ，其中W 0， 摩擦力 摩擦力 2 高三物理答案详解 第 2 页 （共8页）所以时间t 1s ，故C错误； 设在轨道AB上，滑块减速过程的距离为x，从撤去外力到D点的过程，根据动能定理 有: 解得x=7.5m 故D正确。故选：D 1 2 1 '2 −μmgx= 2mV −2mV 8．【解析】根据动能定理， ，A、B小球在O点的速度大小相 末 初 同，则运动到P点的速度大小 1 也相2 同 1 ，A 2正确； 2 −2 = ℎ 小球A在竖直方向上做自由落体运动，小求B在竖直方向上做竖直上抛运动，抛出点 和落点高度差相同，则 ，B错误； 小球B只取过最高点之后的平抛运动与A比较，则A、B小球平抛的竖直位移 ， tB >tA v v 得t t 和v v ，而水平位移 ，得v v ，则 yA  yB ，故A、 B<小 球 A B yA yB xA xB v v xA xB 在P点的速度方向不同，C错误； > 由水平分位移相同有v cost v t ，而竖直分运动知t t ，所以v cosv ， 2 B 1 A B A 2 1 v 1 得cos 1  ，则60 ，D正确。 v 2 2 故选A、D 9．【解析】人受到重力和轻绳的拉力，沿着钢索和垂直钢索建立直角坐标系，mgsin30°=ma， 解得a=0.5g，人和环整体作研究对象，如果受到摩擦力，加速度就会比0.5g小。故A 正确； 图乙中，人受到重力和轻绳的拉力，两力均沿竖直方向，若合力不为零，则合力必沿竖 直方向，与速度不共线，人不可能做直线运动，因此合力一定为零，人一定匀速下滑， 人和环整体作研究对象，必须受到摩擦力，才能匀速运动，故B错误； 图丙中，是介于甲和乙之间的情形，故C正确；而D错误。 故选：A、C 10. 【解析】根据右手定则，通过电阻R的电流方向从Q到N，A错误； 根据动量守恒定律，a、b 棒发生碰撞 ， ，由摩擦产生的热量为 1 1 v mv2 Q 2m( 0)2 2Q  0 2Q，B正 确 0；=2 1 1 =2 0 2 2 4 碰后瞬间a、b棒的加速度具有最大值，根据 ，其中 ， 安 安 22v0 2 得 ，C错误； + =2 = = 2 22 根据动量定 理 v0 = 2 + 8 安 2 2 2 2 而整个过0程−因2 摩 擦 1 =产−生( 的热 +量 Q   ) m = v 0 2 −( 2 Q   m + g x )=−( + ) 2 2 4 联立得 ，D正确。 22 2 0 ( 0−8 ) 故选B、D 2 2 2 = − 8 高三物理答案详解 第 3 页 （共8页）11.（8分）不需要 （2分） 0.204 （3分） 145 （3分） 【解析】（1）此实验以木块和6个钩码组成的系统为研究对象。故不需要。 （2）设木块的质量为 M，系统的加速度大小为 a，对系统由牛顿第二定律有 (1)mg nmg(M 6mnm)g (M 6m)a整理得a  ng结合图像解得μ M 6m ＝0.204，M=145g。 12．（9分）（1）ac （2分） （3）e （1分） 100 （2分） （4）偏小 （2分） （5）2900 （2分） 【解析】（1）电压表大量程对应大内阻，故接ac；（3）保护电流表，回路电阻要从最 4 3 1 大值开始；闭合S 之前，I  Ig ，闭合S 之后，I  IgI ，得I  I ，又 2 干 5 2 干 5 R0 R0 5 g 1 Ig R g  5  1 ，所以R 100； R 3 3 g 0 Ig 5 1 （4）闭合S 之后比之前干路电流略有增加，导致流过电阻箱R 的电流会略大于 I ， 2 0 5 g 1 Ig R g真  5  1 ，所以R 100，所以测得表头G的内阻比实际值R 略小。 R 3 3 g真 g真 0 Ig 5 U 3V （5）R  R  100 2900 2 I g 1mA g 13.(10分) 解：（1）气体作等容变化，开始时的压强 p 1.2p ，温度T 360K， 1 0 1 降温后的压强 p  p 温度T ? 2 0 2 p p 由查理定律得 1  2 2分 T T 1 2 1分 T  300K 2 气体温度降低t T T  60K  60C 2分 1 2 （2）设放出的气体先收集起来，并保持压强与保持罐内相同，以全部气体为研究对象， 放气过程为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为V 。由玻意耳定律 得： pV  pV 2分 1 0 0 解得 V 1.2V 1分 0 则剩余气体的质量与原来总质量的比值为： 高三物理答案详解 第 4 页 （共8页）m V 5 剩  0  2分 m V 6 原 14．(15分) 解： (1)由静止释放后，木块B沿传送带向下做匀加速运动，其加速度为a ，运动距离 1 L6.25m，第一次与P碰撞前的速度为v , 1 mgsinmgcos ma 2分 1 v2 2aL 2分 1 1 解得 v 5m/s 1分 1 （2）与挡板P第一次碰撞后，木块B以速度v 被反弹，先沿传送带向上以加速度a 做匀 1 2 减速运动直到与传送带共速v，此过程运动距离为x ； 1 mgsinmgcos ma 1分 2 v2 v2 2a x 1分 1 2 1 vv a t 1 21 该过程中传送带运动距离为 x  vt 1分 1 1 之后以加速度a 继续做减速运动直到速度为0，升至最高点，此过程运动距离为x ， 1 2 v2 2a x 1分 1 2 v at 1 2 该过程中传送带运动距离为 x vt 1分 2 2 摩擦产生的热量 Q mgcos[(x x)(x x )] 1分 1 1 2 2 解得Q  4.9J 1分 （3）经过分析可知，物块与传送带多次碰撞后，最后会以传送带的速率碰撞挡板，往 复做匀加速运动和匀减速运动， I P2mv3Ns 3分 15.（18分） 解：设沿CM方向运动的离子在磁场中做圆周运动的轨道半径为R，有 v2 qv Bm 0 ， 2分 0 R 由于C、D关于OH对称可知粒子轨迹关于OH对称，沿CM方向运动的离子垂直 左边界射入，根据对称性必然垂直右边界射出，则 Rd 1分 mv 得B 0 1分 qd 高三物理答案详解 第 5 页 （共8页）磁场方向垂直纸面向外。 1分 （2）设沿CN运动的离子速度大小为v，在磁场中的轨道半径为R，运动时间为t 由vcosv 2分 0 mv 且 R 1分 qB d 得 R 1分 cos 2m 离子在磁场中做匀速圆周运动的周期 T  1分 qB 如图所示，由几何关系可得，沿CN方向入射的离子在磁场中运动的圆弧所对应的 圆心角为（2 ） （2 ） t  T 2分 2 （2 ）d 联立得t  1分 v 0 （3）离子在磁场中的轨迹与磁场上边界相切于点H，轨迹圆心为O， 高三物理答案详解 第 6 页 （共8页）d 在NOO中运用正弦定理可得 OO cos 2分  m sin sin m 而 OH ROO 1分 根据以上两式，代入数据可得 10sin 6cos 50 1分 m m 3 11125 解得 sin  1分 m 68 高三物理答案详解 第 7 页 （共8页）