贵州省贵阳市第一中学2025届高三上学期高考适应性月考（二）物理答案_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年10月试卷_1027贵州省贵阳市第一中学2025届高三上学期高考适应性月考（二）

2025 届高考适应性月考卷（二） 物理参考答案 选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的给5分，选对但不全的给3 分，有选错的给0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B C A C A D AC AC CD 【解析】 1．康普顿效应是研究x射线通过实物物质发生散射时，观察到光子散射后波长变大，进一步 证明了光具有动量，即光具有粒子性，故B错误。 2．设绳与高楼竖直面的夹角为，对缓慢下移的高空作业人员进行受力分析可得 Tcosmg ，随着作业人员下降，角度逐渐减小，则绳的拉力逐渐减小，故B正确。 3．由对称性可得，物块返回右端时速度大小仍为2m/s，设向右为正方向，由动量定理可得 I mv m(v )4Ns，故C正确 f 1 1 x 1 4．由动量守恒定律有 m vm v m v ，根据 v OB ， h gt2 消去公共项后得 A A 1 B 2 t 2 m m m A  A  B ，轨道末端（B球所在位置）到O点的水平距离被约掉，故A正确。 OP ON OM 5. 设双星的质量、轨道半径分别为 m 、 m 、 r 、 r ，间距为 Lr r 。由于 A B A B B A Gm m m r 1 A B m 2r m 2r ，由角速度相同可得 A  B  ，故C正确。 L2 A A B B m r 2 B A GMm  GMm 1 6. 由机械能定义E EE    mv2，带入数据可解得v2103m/s，故 k p 2a  Rr  2 1 A正确。 mv2 7．小球刚释放时速度为零，根据向心力公式F  ，沿绳方向向心加速度和向心力为零， 向 r 刚释放时切线方向加速度为 2g，由于与竖直方向夹角为45°，易得F与重力大小相等。 将重力与F的合力视为等效重力G，可得在右边等高处速度最大，竖直方向最低点合力方 向向右上，故D正确。 物理参考答案·第1页（共4页） {#{QQABbQAEgggAABBAAQhCAQWgCEIQkgECCQgGxEAEIAAAyANABAA=}#}8．由圆周运动规律可知：图中时刻B点的速度方向应沿摇绳方向的切线，向心加速度方向指 向地面，但是由于空阻，手对绳的拉力有指向圆心的分量，也有运动切向分量，绳上各点 不一定是匀速圆周运动。因空气阻力做负功，所以一个周期内揺绳的同学做与阻力功等大 的正功，故A、C正确。 9．根据牛顿第二定律有F mgkxma，即F makxmg ，物块做匀加速运动，则F 1 与x的关系是一次函数的关系，截距为正，故A正确。根据匀变速直线运动规律有x at2， 2 1 则F mamg kat2，故C正确。 2 10．由题中条件可知：小球A机械能不守恒，小球A、B系统动量不守恒。当轻杆对小球作用 力为0时，此时设轻杆所处位置与竖直方向所成的夹角为θ，则小球B对地面压力的大小 1 为mg，小球A从开始到此时做圆周运动，由机械能守恒定律有 mv2 mglmglcos， 2 v2 2 对A球，由牛顿第二定律得mgcosm ，解得cos ，此时A球对地速度大小 l 3 2 v gl ，轻杆上作用力为零后，A球的速度继续增加，所需要的向心力增大，而其重 3 力沿轻杆的分力在减小，因而轻杆会向两端提供拉力，B球开始离开挡板，所以轻杆作用 力为零到 A 球落到地面上前一瞬间，由 A、B 球组成的系统水平方向上动量守恒 mvcosθ=mv +mv ，A球落到地面上前一瞬间， A、B两球由速度关联mv =mv ， Ax Bx Ax Bx 1 2 mgl 联立可得A球落到地面上前一瞬间，B球速度v  gl ，则轻杆对球B做的功为 ， Bx 3 3 27 故C、D正确。 三、非选择题：共5小题，共57分。 11．（每空2分，共6分） （1）A sin （4） sin m(l cosl cos)2 （5） 1 2 或mg(l cosgT2) 8T2 2 【解析】（1）为了尽可能减小空气阻力的影响，应选择密度大，体积小的小球，故A正确。 （4）设曝光时间间隔为 T，若小球在水平方向做匀速直线运动，应满足l sinvT ， 1 0 l sin l sinvT ，则 1  。 2 0 l sin 2 物理参考答案·第2页（共4页） {#{QQABbQAEgggAABBAAQhCAQWgCEIQkgECCQgGxEAEIAAAyANABAA=}#}（5）若小球在竖直方向做匀加速直线运动，小球下落到 B 点竖直方向的速度为 l cosl cos v  1 2 ，小球在A处水平抛出时初速度为v ，所以小球由A处至B处动能 y 2T 0 m(l cosl cos)2 变化量E  1 2 。 k 8T2 12．（除特殊标注外，每空2分，共9分） （1）串（1分） 300.0 （2）43.5 （3）醉驾 （4）偏小 U 【解析】（1）要将表头G改装为3V电压表，需要串联一个电阻R  r 300。 1 I g g （2）由题意，表头G电流为2mA时，传感器电阻为80Ω，电阻箱R 电压为1V，传感器 2 U 1V 电压为U 2V，则电路中电流为I  1 25mA，电阻箱R  43.5。 1 R 2 (252)mA （3）此时表头G中的实际电流为4.0mA，则电阻箱R 电压为2.0V，传感器电压为1V， 2 此时传感器电阻为20Ω，故属于醉酒驾驶。 （4）使用较长时间后，干电池电动势不变，内阻增大，同一酒精浓度下，电路中的总电 流将偏小，传感器分压减小，故所测得的酒精浓度值偏小。 13．（10分） 解：（1）光路图如图所示 玻璃砖宽L6cm，入射角i，折射角r，侧移量d， L 由图OA cosr Lsin(60r) d OAsin(ir) cosr 解得r 30 ① sini 所以n  3 ② sinr c （2）v  3108m/s ③ n 评分标准：本题共10分。正确作图给3分，得出③式给3分，其余各式各给2分（只写 出折射率公式，每个公式1分）。 物理参考答案·第3页（共4页） {#{QQABbQAEgggAABBAAQhCAQWgCEIQkgECCQgGxEAEIAAAyANABAA=}#}14．（13分） 解：（1）设小球质量为m，空气阻力为 f ，上升总高度为h，第一次落地速度为v ，由动 1 能定理从最高点下落 1 (mg f)h mv2 ① 2 1 1 反弹过程(mg f)(0.95h) mv2 ② 2 1 f 1 解得k   ③ mg 39 1 （2）对全过程应用动能定理 f S = mv2 ④ 总 2 0 39v2 得总路程S  0 ⑤ 总 2g 评分标准：本题共13分。正确得出③、⑤式各给2分，其余各式各给3分。 15．（19分） 解：（1）设到达B点速度为v ，由机械能守恒定律 B 1 m gh m v2，得v 20m/s ① 0 2 0 B B v2 由牛顿第二定律N m g m B ，得游客在B点受到的支持力N 3000N ② B 0 0 R B （2）设游客刚刚到m 上的速度为v ，此时m 的速度为v ，由动量守恒定律有 2 1 1 2 m v m v (m m )v ③ 0 B 0 1 1 2 2 1 1 1 由功能关系有m gL m v2  m v2 (m m )v2 ④ 0 2 0 B 2 0 1 2 1 2 2 解得v 10m/s，v 5m/s ⑤ 1 2 设游客与m 共速时速度为v ，在m 上滑过的距离为s，由动量守恒定律 2 3 2 m v m v (m m )v ，得v 7.5m/s ⑥ 0 1 2 2 0 2 3 3 1 1 1 由功能关系有m gs m v2  m v2  (m m )v2 ，求得s