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2022 年普通高等学校招生全国统一考试(全国乙卷)
化学
1. 生活中处处有化学，下列叙述正确的是
A. HB铅笔芯的成分为二氧化铅 B. 碳酸氢钠可做食品膨松剂
C. 青铜和黄铜是不同结构的单质铜 D. 焰火中红色来源于钠盐灼烧
【答案】B
【解析】
【详解】A．铅笔芯的主要成分为石墨，不含二氧化铅，A错误；
B．碳酸氢钠不稳定，受热易分解产生二氧化碳，能使面团松软，可做食品膨松剂，B正确
；
C．青铜是在纯铜(紫铜)中加入锡或铅的合金，黄铜为是由铜和锌所组成的合金，两者均属
于混合物，不是铜单质，C错误；
D．钠元素灼烧显黄色，D错误；
故选B。
2. 一种实现二氧化碳固定及再利用的反应如下：
下列叙述正确的是
A. 化合物1分子中的所有原子共平面 B. 化合物1与乙醇互为同系物
C. 化合物2分子中含有羟基和酯基 D. 化合物2可以发生开环聚合反应
【答案】D
【解析】
【详解】A．化合物1分子中还有亚甲基结构，其中心碳原子采用sp3杂化方式，所以所有
原子不可能共平面，A错误；
B．结构相似，分子上相差n个CH 的有机物互为同系物，上述化合物1为环氧乙烷，属于
2
醚类，乙醇属于醇类，与乙醇结构不相似，不是同系物，B错误；
C．根据上述化合物2的分子结构可知，分子中含酯基，不含羟基，C错误；
D．化合物2分子可发生开环聚合形成高分子化合物 ，
D正确；
答案选D。3. 某白色粉末样品，可能含有 、 、 和 。取少量样品
进行如下实验：
①溶于水，得到无色透明溶液
②向①的溶液中滴加过量稀盐酸，溶液变浑浊，有刺激性气体逸出。离心分离。
③取②的上层清液，向其中滴加 溶液有沉淀生成。
该样品中确定存在的是
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题意可知，①取少量样品溶于水得到无色透明溶液，说明固体溶于水且相互之
间能共存，②向①的溶液中滴加过量稀盐酸，溶液变浑浊，有刺激性气体放出，说明固体
中存在NaSO,发生反应SO +2H+=S↓+H O+SO ↑，离心分离，③取②的上层清液，向其
2 2 3 2 2 2
中滴加BaCl 溶液，有沉淀生成，则沉淀为BaSO，说明固体中存在NaSO ，不能确定是
2 4 2 4
否有NaSO 和NaCO，NaSO 与过量盐酸反应生成二氧化硫，NaCO 与过量盐酸反应生
2 3 2 3 2 3 2 3
成二氧化碳，而这些现象可以被NaSO 与过量盐酸反应的现象覆盖掉，综上分析，该样
2 2 3
品中确定存在的是：NaSO 、NaSO,
2 4 2 2 3
答案选A。
4. 由实验操作和现象，可得出相应正确结论的是
实验操作 现象 结论
向NaBr溶液中滴加过量氯水，再加入淀 先变橙色，后变蓝 氧化性：
A
粉KI溶液 色
向蔗糖溶液中滴加稀硫酸，水浴加热，
B 无砖红色沉淀 蔗糖未发生水解
加入新制的 悬浊液
石蜡油加强热，将产生的气体通入
气体中含有不饱和
C 溶液红棕色变无色
烃
的 溶液
试管口润湿的蓝色 氯乙烯加聚 是可逆
D 加热试管中的聚氯乙烯薄膜碎片
石蕊试纸变红 反应
A. A B. B C. C D. D
【答案】C
【解析】【详解】A．向NaBr溶液中滴加过量氯水，溴离子被氧化为溴单质，但氯水过量，再加入
淀粉KI溶液，过量的氯水可以将碘离子氧化为碘单质，无法证明溴单质的氧化性强于碘单
质，A错误；
B．向蔗糖溶液中滴加稀硫酸，水浴加热后，应加入氢氧化钠溶液使体系呈碱性，若不加
氢氧化钠，未反应的稀硫酸会和新制氢氧化铜反应，则不会产生砖红色沉淀，不能说明蔗
糖没有发生水解，B错误；
C．石蜡油加强热，产生的气体能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明气体中含有不饱和烃，
与溴发生加成反应使溴的四氯化碳溶液褪色，C正确；
D．聚氯乙烯加强热产生能使湿润蓝色湿润试纸变红的气体，说明产生了氯化氢，不能说
明氯乙烯加聚是可逆反应，可逆反应是指在同一条件下，既能向正反应方向进行，同时又
能向逆反应的方向进行的反应，而氯乙烯加聚和聚氯乙烯加强热分解条件不同，D错误；
答案选C。
5. 化合物 可用于电讯器材、高级玻璃的制造。W、X、Y、Z为短周期
元素，原子序数依次增加，且加和为21。 分子的总电子数为奇数常温下为气体。该化
合物的热重曲线如图所示，在 以下热分解时无刺激性气体逸出。下列叙述正确的是
A. W、X、Y、Z的单质常温下均为气体
B. 最高价氧化物的水化物酸性：
C. 阶段热分解失去4个
D. 热分解后生成固体化合物
【答案】D
【解析】
【分析】化合物(YW XZ·4W Z)可用于电讯器材、高级玻璃的制造。W、X、Y、Z为短周
4 5 8 2
期元素，原子序数依次增加，且加和为21。该化合物的热重曲线如图所示，在200℃以下
热分解时无刺激性气体逸出，则说明失去的是水，即W为H，Z为O，YZ 分子的总电子
2
数为奇数，常温下为气体，则Y为N，原子序数依次增加，且加和为21，则X为B。【详解】A．X(B)的单质常温下为固体，故A错误；
B．根据非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强，则最高价氧化物的水化物酸
性：X(H BO)＜Y(HNO )，故B错误；
3 3 3
C．根据前面已知200℃以下热分解时无刺激性气体逸出，则说明失去 的是水，若100～
200℃阶段热分解失去4个HO，则质量分数
2
，则说明不是失去去4个HO，故C错误；
2
D．化合物(NH B O·4H O)在500℃热分解后若生成固体化合物XZ(B O)，根据硼元素守
4 5 8 2 2 3 2 3
恒，则得到关系式2NH B O·4H O～5B O，则固体化合物B O 质量分数为
4 5 8 2 2 3 2 3
，说明假设正确，故D正确。
综上所述，答案为D。
6. 电池比能量高，在汽车、航天等领域具有良好的应用前景。近年来科学家研究了
一种光照充电 电池(如图所示)。光照时，光催化电极产生电子 和空穴 ，驱
动阴极反应 和阳极反应(Li O+2h+=2Li++O )对电池进行充电。下列叙述错
2 2 2
误的是
A. 充电时，电池的总反应
B. 充电效率与光照产生的电子和空穴量有关
C. 放电时，Li+从正极穿过离子交换膜向负极迁移
D. 放电时，正极发生反应
【答案】C
【解析】
【分析】充电时光照光催化电极产生电子和空穴，驱动阴极反应（Li++e-=Li+）和阳极反应
（LiO+2h+=2Li++O ），则充电时总反应为LiO=2Li+O ，结合图示，充电时金属Li电极
2 2 2 2 2 2为阴极，光催化电极为阳极；则放电时金属Li电极为负极，光催化电极为正极；据此作答。
【详解】A．光照时，光催化电极产生电子和空穴，驱动阴极反应和阳极反应对电池进行
充电，结合阴极反应和阳极反应，充电时电池的总反应为LiO=2Li+O ，A正确；
2 2 2
B．充电时，光照光催化电极产生电子和空穴，阴极反应与电子有关，阳极反应与空穴有
关，故充电效率与光照产生的电子和空穴量有关，B正确；
C．放电时，金属Li电极为负极，光催化电极为正极，Li+从负极穿过离子交换膜向正极迁
移，C错误；
D．放电时总反应为2Li+O=Li O，正极反应为O+2Li++2e-=Li O，D正确；
2 2 2 2 2 2
答案选C。
7. 常温下，一元酸 的 。在某体系中， 与 离子不能穿过隔膜，
未电离的 可自由穿过该膜(如图所示)。
设溶液中 ，当达到平衡时，下列叙述正确的是
A. 溶液Ⅰ中
B. 溶液Ⅱ中的HA的电离度 为
C. 溶液Ⅰ和Ⅱ中的 不相等
D. 溶液Ⅰ和Ⅱ中的 之比为
【答案】B
【解析】
【详解】A．常温下溶液I的pH=7.0，则溶液I中c(H+)=c(OH-)=1×10-7mol/L，c(H+)＜c(OH-)
＋c(A-)，A错误；
B．常温下溶液II的pH=1.0，溶液中c(H+)=0.1mol/L，K= =1.0×10-3，c
a 总
(HA)=c(HA)+c(A-)，则 =1.0×10-3，解得 = ，B正确；
C．根据题意，未电离的HA可自由穿过隔膜，故溶液I和II中的c(HA)相等，C错误；D．常温下溶液I的pH=7.0，溶液I中c(H+)=1×10-7mol/L，K= =1.0×10-3，c
a 总
(HA)=c(HA)+c(A-)， =1.0×10-3，溶液I中c (HA)=(104+1)c(HA)，溶
总
液II的pH=1.0，溶液II中c(H+)=0.1mol/L，K= =1.0×10-3，c (HA)=c(HA)
a 总
+c(A-)， =1.0×10-3，溶液II中c (HA)=1.01c(HA)，未电离的HA可
总
自由穿过隔膜，故溶液I和II中的c(HA)相等，溶液I和II中c (HA)之比为
总
[(104+1)c(HA)]：[1.01c(HA)]=(104+1)：1.01≈104，D错误；
答案选B 。
8. 废旧铅蓄电池的铅膏中主要含有 、 、 和Pb。还有少量Ba、Fe、Al
的盐或氧化物等。为了保护环境、充分利用铅资源，通过下图流程实现铅的回收。
一些难溶电解质的溶度积常数如下表：
难溶电解质
一定条件下，一些金属氢氧化物沉淀时的 如下表：
金属氢氧化物
开始沉淀的pH 2.3 6.8 3.5 7.2
完全沉淀的pH 3.2 8.3 4.6 9.1
回答下列问题：
（1）在“脱硫”中 转化反应的离子方程式为________，用沉淀溶解平衡原理解释选
择 的原因________。
（2）在“脱硫”中，加入 不能使铅膏中 完全转化，原因是________。
（3）在“酸浸”中，除加入醋酸( )，还要加入 。(ⅰ)能被 氧化的离子是________；
(ⅱ) 促进了金属Pb在醋酸中转化为 ，其化学方程式为________；
(ⅲ) 也能使 转化为 ， 的作用是________。
（4）“酸浸”后溶液的pH约为4.9，滤渣的主要成分是________。
（5）“沉铅”的滤液中，金属离子有________。
【答案】（1） ①. PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq) ②. 反应PbSO (s)+CO
4 3 4
(aq)= PbCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= =3.4 105>105，PbSO 可以比较彻底的转
3 4
化为PbCO
3
（2）反应BaSO(s)+CO (aq)= BaCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= =0.04<<105，反
4 3
应正向进行的程度有限
（3） ①. Fe2+ ②. Pb+HO+2HAc=Pb(Ac) +2H O ③. 作还原剂
2 2 2 2
（4）Fe(OH) 、Al(OH)
3 3
（5）Ba2+、Na+
【解析】
【分析】铅膏中主要含有PbSO 、PbO 、PbO和Pb，还有少量Ba、Fe、Al的盐或氧化物
4 2
等，向铅膏中加入碳酸钠溶液进行脱硫，硫酸铅转化为碳酸铅，过滤，向所得固体中加入
醋酸、过氧化氢进行酸浸，过氧化氢可将溶液中的亚铁离子氧化为铁离子，酸浸后溶液的
pH约为4.9，依据金属氢氧化物沉淀时的pH可知，滤渣主要成分为氢氧化铝、氢氧化铁，
过滤后，向滤液中加入氢氧化钠溶液进行沉铅，得到氢氧化铅沉淀，滤液中的金属阳离子
主要为钠离子和钡离子，氢氧化铅再进行处理得到PbO。
【小问1详解】
“脱硫”中，碳酸钠溶液与硫酸铅反应生成碳酸铅和硫酸钠，反应的离子方程式为：
PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)，由一些难溶电解质的溶度积常数的数据可知，
4 3
K (PbCO )=7.4 10-14，K (PbSO )=2.5 10-8，反应PbSO (s)+CO (aq)= PbCO (s)+SO (aq)
sp 3 sp 4 4 3
的平衡常数K= = = = ≈3.4 105>105，说
明可以转化的比较彻底，且转化后生成的碳酸铅可由酸浸进入溶液中，减少铅的损失。
【小问2详解】
反应BaSO(s)+CO (aq)= BaCO (s)+SO (aq)的平衡常数K= = =
4 3= ≈0.04<<105，说明该反应正向进行的程度有限，因此加入碳酸钠
不能使铅膏中的BaSO 完全转化。
4
【小问3详解】
（i）过氧化氢有氧化性，亚铁离子有还原性，会被过氧化氢氧化为铁离子。
（ii）过氧化氢促进金属Pb在醋酸溶液中转化为Pb(Ac) ，过氧化氢与Pb、HAc发生氧还
2
原反应生成Pb(Ac) 和HO，依据得失电子守恒和原子守恒可知，反应的化学方程式为：
2 2
Pb+HO+2HAc=Pb(Ac) +2H O。
2 2 2 2
（iii）过氧化氢也能使PbO 转化为Pb(Ac) ，铅元素化合价由+4价降低到了+2价，PbO 是
2 2 2
氧化剂，则过氧化氢是还原剂。
【小问4详解】
酸浸后溶液的pH约为4.9，依据金属氢氧化物沉淀时的pH可知，滤渣主要成分为氢氧化
铝、氢氧化铁。
【小问5详解】
依据分析可知，加入碳酸钠不能使铅膏中的BaSO 完全转化，铁离子、铝离子转化为了氢
4
氧化铁、氢氧化铝沉淀，铅转化为了氢氧化铅、最终变为了氧化铅，因此沉铅的滤液中，
金属离子有Ba2+和加入碳酸钠、氢氧化钠时引入的Na+。
9. 二草酸合铜(Ⅱ)酸钾( )可用于无机合成、功能材料制备。实验室制备二
草酸合铜(Ⅱ)酸钾可采用如下步骤：
Ⅰ.取已知浓度的 溶液，搅拌下滴加足量 溶液，产生浅蓝色沉淀。加热，沉淀
转变成黑色，过滤。
Ⅱ.向草酸( )溶液中加入适量 固体，制得 和 混合溶液。
Ⅲ.将Ⅱ的混合溶液加热至80-85℃，加入Ⅰ中的黑色沉淀。全部溶解后，趁热过滤。
Ⅳ.将Ⅲ的滤液用蒸汽浴加热浓缩，经一系列操作后，干燥，得到二草酸合铜(Ⅱ)酸钾晶体，
进行表征和分析。
回答下列问题：
（1）由 配制Ⅰ中的 溶液，下列仪器中不需要的是________(填仪器名
称)。（2）长期存放的 中，会出现少量白色固体，原因是________。
（3）Ⅰ中的黑色沉淀是________(写化学式)。
（4）Ⅱ中原料配比为 ，写出反应的化学方程式________。
（5）Ⅱ中，为防止反应过于剧烈而引起喷溅，加入 应采取________的方法。
（6）Ⅲ中应采用________进行加热 。
（7）Ⅳ中“一系列操作”包括________。
【答案】（1）分液漏斗和球形冷凝管
（2） 风化失去结晶水生成无水硫酸铜
（3）CuO （4）3HC O+2K CO=2KHC O+K C O+2H O+2CO↑
2 2 4 2 3 2 4 2 2 4 2 2
（5）分批加入并搅拌 （6）水浴
（7）冷却结晶、过滤、洗涤
【解析】
【分析】取已知浓度的 溶液，搅拌下滴加足量 溶液，产生浅蓝色沉淀氢氧
化铜，加热，氢氧化铜分解生成黑色的氧化铜沉淀，过滤，向草酸( )溶液中加入适
量 固体，制得 和 混合溶液，将 和 混合溶液加
热至80-85℃，加入氧化铜固体，全部溶解后，趁热过滤，将滤液用蒸汽浴加热浓缩、冷却
结晶、过滤、洗涤、干燥，得到二草酸合铜(Ⅱ)酸钾晶体。
【小问1详解】
由 固体配制硫酸铜溶液，需用天平称量一定质量的 固体，
将称量好的固体放入烧杯中，用量筒量取一定体积的水溶解 ，因此用不到
的仪器有分液漏斗和球形冷凝管。
【小问2详解】
含结晶水，长期放置会风化失去结晶水，生成无水硫酸铜，无水硫酸铜为
白色固体。
【小问3详解】
硫酸铜溶液与氢氧化钠溶液反应生成蓝色的氢氧化铜沉淀，加热，氢氧化铜分解生成黑色
的氧化铜沉淀。
【小问4详解】
草酸和碳酸钾以物质的量之比为1.5:1发生非氧化还原反应生成 、 、CO
2
和水，依据原子守恒可知，反应的化学方程式为：
3HC O+2K CO=2KHC O+K C O+2H O+2CO↑。
2 2 4 2 3 2 4 2 2 4 2 2
【小问5详解】
为防止草酸和碳酸钾反应时反应剧烈，造成液体喷溅，可减缓反应速率，将碳酸钾进行分批加入并搅拌。
【小问6详解】
Ⅲ中将混合溶液加热至80-85℃，应采取水浴加热，使液体受热均匀。
【小问7详解】
从溶液获得晶体的一般方法为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，因此将Ⅲ的滤液
用蒸汽浴加热浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，得到二草酸合铜(Ⅱ)酸钾晶体。
10. 油气开采、石油化工、煤化工等行业废气普遍含有的硫化氢，需要回收处理并加以利
用。回答下列问题：
（1）已知下列反应的热化学方程式：
①
②
③
计算 热分解反应④ 的 ________ 。
（2）较普遍采用的 处理方法是克劳斯工艺。即利用反应①和②生成单质硫。另一种
方法是：利用反应④高温热分解 。相比克劳斯工艺，高温热分解方法的优点是
________，缺点是________。
（3）在 、 反应条件下，将 的混合气进行 热分解
反应。平衡时混合气中 与 的分压相等， 平衡转化率为________，平衡常数
________ 。
（4）在 、 反应条件下，对于 分别为 、 、 、
、 的 混合气，热分解反应过程中 转化率随时间的变化如下图所示。
① 越小， 平衡转化率________，理由是________。② 对应图中曲线________，计算其在 之间， 分压的平均变
化率为________ 。
【答案】（1）170 （2） ①. 副产物氢气可作燃料 ②. 耗能高
（3） ①. 50% ②. 4.76
（4） ①. 越高 ②. n(HS):n(Ar)越小，HS的分压越小，平衡向正反应方向进行，
2 2
HS平衡转化率越高 ③. d ④. 24.9
2
【解析】
【小问1详解】
已知：
①2HS(g)+3O(g)＝2SO (g)+2HO(g) ΔH＝－1036kJ/mol
2 2 2 2 1
②4HS(g)+2SO (g)＝3S(g)+4HO(g) ΔH＝94kJ/mol
2 2 2 2 2
③2H(g)+O(g)＝2HO(g) ΔH＝－484kJ/mol
2 2 2 3
根据盖斯定律(①+②)× －③即得到2HS(g)＝S(g)+2H(g)的ΔH＝（－1036+94）
2 2 2 4
kJ/mol× +484kJ/mol＝170 kJ/mol；
【小问2详解】
根据盖斯定律(①+②)× 可得2HS(g)+O(g)＝S(g)+2HO(g) ΔH＝(－
2 2 2 2
1036+94)kJ/mol× =－314kJ/mol，因此，克劳斯工艺的总反应是放热反应；根据硫化氢
分解的化学方程式可知，高温热分解方法在生成单质硫的同时还有氢气生成。因此，高温
热分解方法的优点是：可以获得氢气作燃料；但由于高温分解HS会消耗大量能量，所以
2
其缺点是耗能高；
【小问3详解】
假设在该条件下，硫化氢和氩的起始投料的物质的量分别为1mol和4mol，根据三段式可
知：
平衡时HS和H 的分压相等，则二者的物质的量相等，即1－x＝x，解得x＝0.5，所以
2 2
HS的平衡转化率为 ，所以平衡常数K＝ ＝
2 p≈4.76kPa；
【小问4详解】
①由于正反应是体积增大的可逆反应，n(HS):n(Ar)越小，HS的分压越小，相当于降低
2 2
压强，平衡向正反应方向移动，因此HS平衡转化率越高；
2
②n(HS):n(Ar)越小，HS平衡转化率越高，所以n(HS):n(Ar)＝1:9对应的曲线是d；
2 2 2
根据图像可知n(HS):n(Ar)＝1:9反应进行到0.1s时HS转化率为0.24。假设在该条件下，
2 2
硫化氢和氩的起始投料的物质的量分别为1mol和9mol，则根据三段式可知
此时HS的压强为 ≈7.51kPa，HS的起始压强为10kPa，
2 2
所以HS分压的平均变化率为 ＝24.9kPa·s－1。
2
【化学—选修3：物质结构与性质】
11. 卤素单质及其化合物在科研和工农业生产中有着广泛的应用。回答下列问题：
（1）氟原子激发态的电子排布式有_______，其中能量较高的是_______。(填标号)
a. b. c. d.
（2）①一氯乙烯 分子中，C的一个_______杂化轨道与Cl的 轨道形成
_______键，并且Cl的 轨道与C的 轨道形成3中心4电子的大 键 。
②一氯乙烷 、一氯乙烯 、一氯乙炔 分子中， 键长的顺
序是_______，理由：(ⅰ)C的杂化轨道中s成分越多，形成的 键越强：(ⅱ)_______。
（3）卤化物 受热发生非氧化还原反应，生成无色晶体X和红棕色液体Y。X为
_______。解释X的熔点比Y高的原因_______。
（4） 晶体中 离子作体心立方堆积(如图所示)， 主要分布在由 构成的四面体、
八面体等空隙中。在电场作用下， 不需要克服太大的阻力即可发生迁移。因此，
晶体在电池中可作为_______。已知阿伏加德罗常数为 ，则 晶体的摩尔体积 _______ (列出算式)。
【答案】（1） ①. ad ②. d
（2） ①. sp2 ②. σ ③. 一氯乙烷>一氯乙烯>一氯乙炔 ④. Cl参与形成的大
π键越多，形成的C-Cl键的键长越短
（3） ①. CsCl ②. CsCl为离子晶体，ICl为分子晶体
（4） ①. 电解质 ②.
【解析】
【小问1详解】
F的原子序数为9，其基态原子电子排布式为1s22s22p5，
a．1s22s22p43s1，基态氟原子2p能级上的1个电子跃迁到3s能级上，属于氟原子的激发态，
a正确；
b．1s22s22p43d2，核外共10个电子，不是氟原子，b错误；
c．1s22s12p5，核外共8个电子，不是氟原子，c错误；
d．1s22s22p33p2，基态氟原子2p能级上的2个电子跃迁到3p能级上，属于氟原子的激发态，
d正确；
答案选ad；
而同一原子3p能级的能量比3s能级的能量高，因此能量最高的是1s22s22p33p2，答案选d。
【小问2详解】
①一氯乙烯的结构式为 ，碳为双键碳，采取sp2杂化，因此C的一个sp2
杂化轨道与Cl的3p 轨道形成C-Clσ键。
x
②C的杂化轨道中s成分越多，形成的C-Cl键越强，C-Cl键的键长越短，一氯乙烷中碳采
取sp3杂化，一氯乙烯中碳采取sp2杂化，一氯乙炔中碳采取sp杂化，sp杂化时p成分少，
sp3杂化时p成分多，因此三种物质中C-Cl键键长顺序为：一氯乙烷>一氯乙烯>一氯乙炔，同时Cl参与形成的大π键越多，形成的C-Cl键的键长越短，一氯乙烯中Cl的3p 轨道与C
x
的2p 轨道形成3中心4电子的大π键( )，一氯乙炔中Cl的3p 轨道与C的2p 轨道形
x x x
成2套3中心4电子的大π键( )，因此三种物质中C-Cl键键长顺序为：一氯乙烷>一氯
乙烯>一氯乙炔。
【小问3详解】
CsICl 发生非氧化还原反应，各元素化合价不变，生成无色晶体和红棕色液体，则无色晶
2
体为CsCl，红棕色液体为ICl，而CsCl为离子晶体，熔化时，克服的是离子键，ICl为分子
晶体，熔化时，克服的是分子间作用力，因此CsCl的熔点比ICl高。
【小问4详解】
由题意可知，在电场作用下，Ag+不需要克服太大阻力即可发生迁移，因此α-AgI晶体是优
良的离子导体，在电池中可作为电解质；每个晶胞中含碘离子的个数为8 +1=2个，依
据化学式AgI可知，银离子个数也为2个，晶胞的物质的量n= mol= mol，晶胞体
积V=a3pm3=(504 10-12)3m3，则α-AgI晶体的摩尔体积V = = =
m
m3/mol。
[化学-选修5：有机化学基础]
12. 左旋米那普伦是治疗成人重度抑郁症的药物之一，以下是其盐酸盐(化合物K)的一种合
成路线(部分反应条件已简化，忽略立体化学)：
已知：化合物F不能与饱和碳酸氢钠溶液反应产生二氧化碳。回答下列问题：
（1）A的化学名称是_______。
（2）C的结构简式为_______。
（3）写出由E生成F反应的化学方程式_______。
（4）E中含氧官能团的名称为_______。
（5）由G生成H的反应类型为_______。
（6）I是一种有机物形成的盐，结构简式为_______。
（7）在E的同分异构体中，同时满足下列条件的总数为_______种。
a)含有一个苯环和三个甲基；
b)与饱和碳酸氢钠溶液反应产生二氧化碳；
c)能发生银镜反应，不能发生水解反应。
上述同分异构体经银镜反应后酸化，所得产物中，核磁共振氢谱显示有四组氢(氢原子数量
比为6：3：2：1)的结构简式为_______。
【答案】（1）3-氯-1-丙烯
（2） （3）
+H O
2
（4）羟基、羧基 （5）取代反应
（6） （7） ①. 10 ②. 、
【解析】
【分析】A发生氧化反应生成B，B与C在NaNH 、甲苯条件下反应生成D，对比B、D的
2
结构简式，结合C的分子式C HN，可推知C的结构简式为 ；D与
8 7
30%Na CO 反应后再酸化生成E，E在浓硫酸、甲苯条件下反应生成F，F不能与饱和
2 3
NaHCO 溶液反应产生CO，F中不含羧基，F的分子式为C H O，F在E的基础上脱去1
3 2 11 10 2个HO分子，说明E发生分子内酯化生成F，则F的结构简式为 ；F与
2
(C H)NH在AlCl 、甲苯条件下反应生成G，G与SOCl 、甲苯反应生成H，H的分子式为
2 5 2 3 2
C H ClNO，H与I反应生成J，结合G、J的结构简式知，H的结构简式为
15 20
；I的分子式为C HKNO，I是一种有机物形成的盐，则I的结构简式为
8 4 2
；据此作答。
【小问1详解】
A的结构简式为CH=CHCHCl，属于氯代烯烃，其化学名称为3-氯-1-丙烯；答案为：3-
2 2
氯-1-丙烯。
【小问2详解】
根据分析，C的结构简式为 ；答案为： 。
【小问3详解】
E的结构简式为 ，F的结构简式为 ，E生成F的化学方
程式为 +H O；答案为：
2
+H O。
2
【小问4详解】E的结构简式为 ，其中含氧官能团的名称为（醇）羟基、羧基；答案
为：羟基、羧基。
【小问5详解】
G的结构简式为 ，H的结构简式为 ，G与SOCl 发生
2
取代反应生成H；答案为：取代反应。
【小问6详解】
根据分析，I的结构简式为 ；答案为： 。
【小问7详解】
E的结构简式为 ，E的分子式为C H O，不饱和度为6；E的同分异
11 12 3
构体与饱和NaHCO 溶液反应产生CO，结合分子式中O原子的个数，说明含1个羧基，
3 2
能发生银镜反应、不能发生水解反应说明还含1个醛基；若3个甲基在苯环上的位置为
时，羧基、醛基在苯环上有3种位置；若3个甲基在苯环上的位置为 时，
羧基、醛基在苯环上有6种位置；若3个甲基在苯环上的位置为 时，羧基、醛基
在苯环上有1种位置；故符合题意的同分异构体共有3+6+1=10种；上述同分异构体经银镜
反应后酸化所得产物中核磁共振氢谱显示有4组氢且氢原子数量比为6：3：2：1的结构简
式为 、 ；答案为：10；、 。
