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专题21 相似模型之梅涅劳斯（定理）模型与塞瓦（定理）模型
梅内劳斯（Menelaus，公元98年左右），是希腊数学家兼天文学家，梅涅劳斯定理是平面几何中
的一个重要定理。
梅涅劳斯（定理）模型：如图1，如果一条直线与 的三边AB、BC、CA或其延长线交于F、D、E
点，那么 ．这条直线叫 的梅氏线， 叫梅氏三角形．
梅涅劳斯定理的逆定理：如图1，若F、D、E分别是 的三边AB、BC、CA或其延长线的三点，如
果 ，则F、D、E三点共线．
图1 图2
塞瓦（G·Gevo1647-1734）是意大利数学家兼水利工程师．他在 1678年发表了一个著名的定理，
后世以他的名字来命名，叫做塞瓦定理。
塞瓦（定理）模型：塞瓦定理是指在△ABC内任取一点G，延长AG、BG、CG分别交对边于D、E、F，
如图2，则 。
注意：①梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）区别是塞瓦定理的特征是三线共点，而梅涅劳斯定理的特征是
三点共线；②我们用梅涅劳斯（定理）与塞瓦（定理）解决的大部分问题，也添加辅助线后用平行线分线
段成比例和相似来解决。
例1.（2023.浙江九年级期中）如图，在 中，AD为中线，过点C任作一直线交AB于点F，交AD于
点E，求证： ．
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AE DC BF
【解析】∵直线 是 的梅氏线，∴ 1．
FEC △ABD ED BC FA
DC 1 AE 1 BF AE 2AF
而 ，∴ 1，即 ．
BC 2 ED 2 FA ED BF
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
例2.（2023.重庆九年级月考）如图，在 中， ， ．AM为BC边上的中线，
于点D，CD的延长线交AB于点E．求 ．
C
【解析】∵HFC是 的梅氏线，由题设，在 中， ， ，
AD ADAM AC2
由射影定理 4．对 和截线EDC，由梅涅劳斯定理，
DM DM AM CM2
AE BC MD AE 2 1 AE
1，即 1．∴ 2．
EB CM DA EB 1 4 EB
【点睛】这道题也是梅氏定理的直接应用，但是对于梅氏定理的应用的难点，在于找梅氏线．
例3.（2023.湖北九年级期中）如图，点D、E分别在 的边AC、AB上， ， ，BD与
CE交于点F， ．求 ．
A
D
E
F
B C
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【解析】对 和截线 ，由梅氏定理得： ，
即 ，∴ ．∴ ．
∴ ．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和面积问题．
例 4.（2023.江苏九年级月考）已知 AD 是 的高，点 D 在线段 BC 上，且 ， ，作
于点E， 于点F，连接EF并延长，交BC的延长线于点G，求CG．
【解析】如图，设 ，EFG是 的梅氏线．则由梅涅劳斯定理 ．
显然的 ， ，于是 ，得 ．
【点睛】这道题主要考查梅内劳斯定理和射影模型的综合．
例5.（2023.广东九年级专项训练）如图，在 中， 的外角平分线与边BC的延长线交于点P，
的平分线与边CA交于点Q， 的平分线与边AB交于点R，求证：P、Q、R三点共线．
【解析】AP是 的外角平分线，则 ①
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BQ是 的平分线，则 ②
CR是 的平分线，则 ③
得 ，
因R在AB上，Q在CA上，P在BC的延长线上，
则根据梅涅劳斯定理的逆定理得：P、Q、R三点共线．
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和角平分线定理的综合应用．
例6．（2023上·广东深圳·九年级校联考期中）梅涅劳斯（Menelaus）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅
劳斯定理，定理的内容是：如图1，如果一条直线与 的三边 或它们的延长线交于
三点，那么一定有 ．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图2，过点 作 ，交 的延长线于点 ，则有 ， ，
∴ ， ．
请用上述定理的证明方法解决以下问题：
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（1）如图3， 三边 的延长线分别交直线 于 三点，证明： ．
请用上述定理的证明方法或结论解决以下问题：（2）如图4，等边 的边长为3，点 为 的中点，
点 在 上，且 与 交于点 ，试求 的长．（3）如图5， 的面积为4，F为
中点，延长 至 ，使 ，连接 交 于 ，求四边形 的面积．
【答案】（1）详见解析；（2） ；（3）
【分析】(1) 过点 作 交 于点 ，根据平行线分线段成比例定理列出比例，化简计算即可．
(2) 根据定理，勾股定理，等边三角形的性质解答即可．(3) 根据定理，计算比值，后解答即可．
【详解】（1）证明：如图，过点 作 交 于点 ，
则 ．故： ．
（2）解：如图，根据梅涅劳斯定理得： ．
又 ，∴ ， ．在等边 中， ，点 为 的中点，
． 由勾股定理知： ．
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（3）解： 线段 是 的梅氏线，
由梅涅劳斯定理得， ，即 ，则 ．如图，连接 ，
，于是 ．
【点睛】本题考查了平行线分线段成比例定理，勾股定理，等边三角形的性质，三角形面积的计算，熟练
掌握定理是解题的关键．
例7．（2023.山东九年级月考）如图：P，Q，R分别是△ABC的BC，CA，AB边上的点．若AP，BQ，CR
相交于一点M，求证： ．
证明：如图，由三角形面积的性质，
有 ， ， ．以上三式相乘，得 ．
例8. （2023.浙江九年级期中）如图，在锐角△ABC中，AD是BC边上的高线，H是线段AD内任一点，
BH和CH的延长线分别交AC、AB于E、F，求证：∠EDH=∠FDH。
【详解】证明：过点A作PQ//BC，与DF，DE的延长线分别交于点P、Q，则DA⊥PQ。
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对 ABC和点H应用赛瓦定理可得： ．
△
∵PQ//BC，∴ ,∴ ,∴AP=AQ
根据垂直平分线，∴PD=QD，∴ PQD是等腰三角形，∴∠EDH=∠FDH。
点评：本题考查了赛瓦定理，要熟△练掌握定理的内容，是解此题的关键．
例9.（2023.北京九年级月考如图，四边形ABCD的对边AB和CD，AD、BC分别相交于L、K，对角线
AC与BD交于点M，直线KL与BD，AC分别交于F、G，求证： .
对 DKL和点B应用赛瓦定理可得： ．①
△
对 和截线 ，由梅氏定理得： ②
由①②得：
点评：本题考查了赛瓦定理，要熟练掌握定理的内容，是解此题的关键．
例10．（2022·山西晋中·统考一模）请阅读下列材料，并完成相应任务：
塞瓦定理：塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》，是意大利数学家塞瓦的重大发现．塞瓦是意大利伟大
的水利工程师，数学家．
定理内容：如图1，塞瓦定理是指在 内任取一点 ，延长AO，BO，CO分别交对边于D，E，F，则
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．
数学意义：使用塞瓦定理可以进行直线形中线段长度比例的计算，其逆定理还可以用来进行三点共线、三
线共点等问题的判定方法，是平面几何学以及射影几何学中的一项基本定理，具有重要的作用．
任务解决：(1)如图2，当点D，E分别为边BC，AC的中点时，求证：点F为AB的中点；(2)若 为等
边三角形（图3）， ， ，点D是BC边的中点，求BF的长，并直接写出 的面积．
【答案】(1)证明见解析(2) ； 的面积为
【分析】（1）根据塞瓦定和中点的性质即可求解；
（2）根据塞瓦定和等边三角形的性质即可求出BF，然后过点F作FG⊥BC于G，证明 ，可
求出OD，从而求出△BOC的面积，然后根据 可求△BCF的面积，从而得解．
【详解】（1）证明：在 中，∵点D，E分别为边BC，AC的中点，∴ ， ．
由赛瓦定理可得： ．∴ ，∴ ．即点F为AB的中点；
（2）解：∵ 为等边三角形， ，∴
∵点D是BC边的中点，∴ ，
∵ ，∴ ．由赛瓦定理可得： ；过点F作FG⊥BC于G，
∴ ， ，∴CG=BC-BG=8，
∵AB=AC，BD=CD，∴AD⊥BC，∴ ，∴ ，
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∴ ，即 ，∴ ，∴ ，
∵AB=12，BF=8，∴AF=AB-BF=4，∴ ，∴
又 ，∴ ，∴ ．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质、中点的性质、等边三角形的性质，读懂题意，学会运用塞
瓦定理是解题的关键．
课后专项训练
1．（2023.广东九年级期中）如图，在△ABC中，M是AC的中点，E是AB上一点，AE＝ AB，连接EM
并延长，交BC的延长线于D，则 ＝（ ）
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A． B．2 C． D．
解：法1：对 和截线 ，由梅氏定理得： ，
∵M是AC的中点，E是AB上一点，AE＝ AB，∴ ，
∴ ，∴ ，∴ ，故选B.
法2：如图，过C点作CP∥AB，交DE于P，
∵PC∥AE，∴△AEM∽△CPM，∴ ＝ ，
∵M是AC的中点，∴AM＝CM，∴PC＝AE，
∵AE＝ AB，∴CP＝ AB，∴CP＝ BE，
∵CP∥BE，∴△DCP∽△DBE，∴ ＝ ＝ ，
∴BD＝3CD，∴BC＝2CD，即 ＝2．故选：B．
2.（2023.浙江九年级期中）如图，D、E、F内分正△ABC的三边AB、BC、AC均为1：2两部分，AD、
BE、CF相交成的△PQR的面积是△ABC的面积的（ ）
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A． B． C． D．
解：对△ADC用梅涅劳斯定理可以得： • • ＝1，则 ＝ ．
设S△BCF ＝ ，S△BCQ ＝ S△BCE ＝ ，S
BPRF
＝ S△ABD ＝ ，
∴S△PQR ＝S△BCF ﹣S△BCQ ﹣S
BPRF
＝ S△ABC ．故选：D．
3．（广东2023-2024学年九年级上学期月考数学试题）如图，在 中， ， ，
， ，垂足为D，E为 的中点， 与 交于点F，则 的长为 ．
【答案】
【分析】过点F作 于H，根据勾股定理求得 的值，根据三角形的面积求得 的值，根据勾股
定理求得 的值，根据相似三角形的判定和性质可得 ，设 ， ， ，根
据相似三角形的判定和性质可求得k的值，即可求得 和 的值，根据勾股定理求得 的值，即可求
解．
【详解】解：如图，过点F作 于H．
在 中， ， ，则 ，
∵ ，∴ ，即 解得： ，
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在 中， ， ， ，
∵ ， ，∴ ，∴ ，∴ ，
∵ ， ，∴ ，设 ， ， ，
∵ ， ， ，∴ ，
∵ ，∴ ，∴ ，∴ ， ，
∴ ，∴ ，故答案为： ．
【点睛】本题考查了勾股定理，三角形的面积，相似三角形的判定和性质，熟练掌握相似三角形的判定和
性质是解题的关键．
4．（2022年山西中考一模数学试题）如图，在 中， ， ， ． 是
边上的中线．将 沿 方向平移得到 ． 与 相交于点 ，连接 并延长，与边 相
交于点 ．当点 为 的中点时， 的长为 ．
【答案】 /
【分析】则E为 的中点，得 为 的中点，证明 ，推出
，在 中，利用勾股定理求得 ，再根据相似比即可求解．
【详解】解：∵由平移的性质得 ， ，
∴E为 的中点， ，∴ ，∴ 为 的中点，
∵D是 边上的中点，∴ ，∴ ，
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∵ ，∴ ，∴ ， ，∴ ，
在 中， ，
∵ ，∴ ，故答案为： ．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，平移的性质，勾股定理，解题的关键是灵活运用所学知识
解决问题．
5．（2022年山西省太原市九年级下学期一模数学试题）如图， 为 的直径，C为 上一点，
的切线 交 的延长线于点D，E为 的中点， 交 的延长线于点F．若 ， ，则
的长为 ．
【答案】 /
【分析】连接OC，BC，根据 为 的直径，可得∠ACB=∠BCD=90°，再由E为 的中点，可得
CE=BE=DE，从而得到∠BCE=∠CBE，然后根据切线的性质可得∠ABD=90°，再由OC=OB，可得
∠OCF=90°，然后根据 ，可得△OBC是等边三角形，进而得到∠A=30°，∠CBD=30°，最后根据锐
角三角函数，即可求解．
【详解】解：如图，连接OC，BC，
∵ 为 的直径，∴∠ACB=∠BCD=90°，∵E为 的中点，∴CE=BE=DE，∴∠BCE=∠CBE，
∵ 是 的切线，∴∠ABD=90°，即∠CBD+∠OBC=90°，
∵OC=OB，∴∠OCB=∠OBC，∴∠OCB+∠BCE=∠OBC+∠CBD=90°，即∠OCF=90°，
∵ ，∴BC=OB=OC，∴△OBC是等边三角形，∴∠BOC=∠OBC=60°，∴∠A=30°，∠CBD=30°，
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∵ ，∴ ，∴ ，故答案为：
【点睛】本题主要考查了圆周角定理、切线的性质、直角三角形的性质、解直角三角形，熟练掌握相关知
识点是解题的关键．
6．（2023年山西中考模拟百校联考数学试题）如图，在□ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，
， ， ， 的平分线分别交AC，BC于点E，F．则线段OE的长为 ．
【答案】
【分析】由平行四边形的性质求出BD，再由勾股定理分别求出AO，AD，再由角平分线与平行线的性质得
到∠CDF=∠CFD，最后由 ADE∽ CFE得 ，从而求出OE的长．
△ △
【详解】解：∵□ABCD，OB=2，AB=3，∴BD=2OB=4，AD BC，AD=BC，CD=AB=3，
∵ ，∴∠ABO=90°，∴ ， ，
∴BC=AD=5，∵DF平分∠ADC，∴∠ADF=∠CDF，
∵AD BC，∴∠ADF=∠CFD，∴∠CDF=∠CFD，∴CF=CD=3，
∵AD BC，∴△ADE∽△CFE，∴ ，∴ ，∴ ．故答案为： ．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质及平行四边形的性质、勾股定理，难度适中，解题关键是正
确找出相似三角形．
7．（2023下·浙江温州·八年级校考阶段练习）如图，等边△ABC的边长为5，D在BC延长线上，CD＝3，
点E在线段AD上，且AE＝AB，连接BE交AC于F，则CF的长为 ．
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【答案】1
【分析】过点A作AG⊥BD于点G，过点E作EH∥AC，交BD于点H，利用等边三角形的性质可求出BG的长，
利用勾股定理求出AG的长，从而可得到DG的长，再利用勾股定理求出AD的长，由此可求出DE的长；再
利用平行线分线段成比例定理求出EH，DH的长，再利用平行线分线段成比例定理求出CF的长．
【详解】解：过点A作AG⊥BD于点G，过点E作EH∥AC，交BD于点H，
∵△ABC是等边三角形，∴
∵DC＝3∴DG＝CG＋DC＝2.5＋3＝5.5
在Rt△AGD中， ；∴DE＝7－5＝2
∵EH∥AC，∴ 即 解之：
∵CF∥EH，∴ 即 解之：CF＝1故答案为：1．
【点睛】本题考查了勾股定理，平行线分线段成比例，掌握勾股定理求出线段长度，运用好平行线分线段
成比例是解题的关键．
8．（2023·重庆·八年级期中）如图， 的面积为 ， 、 分别是 ， 上的点，且 ,
．连接 , 交于点 ,连接 并延长交 于点 ．则四边形 的面积为 ．
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【答案】 .
【分析】先画出图形,再作DJ∥EC交AB于J,交AH于K，作DG∥BC交AH于G，由题推出EF:FC=1:3，
BH:CH=1:2，求出 BEF, BFH的面积即可．
【详解】根据题意△画出图△形:
作DJ∥EC交AB于J,交AH于K作DG∥BC交AH于G，
∵DJ∥EC,AD=DC，∴AJ=JE,AK=KF，∴EF=2JK,DJ=2EF,CF=2DK，
设JK=m,则EF=2m,DJ=4m,DK=3m,CF=6m，∴EF:CF=1:3，
∵AE= 2BE，∴BE=EJ，∵EF∥DJ，∴BF=DF，∵GD∥BH，∴∠GDF=∠FBH，
∵∠GFD=∠HFB,BF=DF，∴ DFG≌△BFH（ASA），∴DG=BH，
∵DG∥CH,AD=DC，∴AG=G△H，∴CH=2DG，∴BH=2CH，
∵BE= AB，∴S BEC= S ABC= ，∵EG= EC，∴S BEF= S BEC= ,S BFC= ，
△ △ △ △ △
∵BH= BC，∴S BHF= × = ，∴S BEFH= + = ．
四边形
△
【点睛】本题考查三角形的全等及辅助线的做法,关键在于通过辅助线将面积分成两个三角形面积求证．
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9.（2023.湖北.九年级月考）如图所示， 被通过它的三个顶点与三角形内一点O的三条直线分为6
个小三角形，其中三个小三角形的面积如图所示，则 的面积为 ．
【解析】有题意知： ，
和截线 ，由梅氏定理得： ，即 ，∴ ，∴
对
∴
【点睛】这道题主要考查梅氏定理和面积问题．
10．（2023上·河南洛阳·九年级期末）小明在网上学习了梅涅劳斯定理之后，编制了下面一个题，请你解
答．已知△ABC，延长BC到D，使CD=BC．取AB的中点F，连结FD交AC于点E．
(1)求 的值；(2)若AB＝a，FB＝AE，求AC的长．
【答案】(1) (2)AC的长为 a．
【分析】（1）过点F作FM∥AC，交BC于点M．根据平行线分线段成比例定理分别找到AE，CE与FM
之间的关系，得到它们的比值；（2）结合（1）中的线段之间的关系，进行求解．
【详解】（1）解：过点F作FM∥AC，交BC于点M，
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∵F为AB的中点，∴M为BC的中点，FM= AC．∵CD=BC，∴CM= CD，∴ ，
∵FM∥AC，∴∠CED=∠MFD，∠ECD=∠FMD．∴△FMD∽△ECD．
∴ ．∴ ．∴ ；
（2）解：∵点F是AB的中点，AB=a，∴FB= AB= a．
∵FB=AE，∴AE= a．由（1）知， ，∴AC= AE= × a= a，即AC的长为 a．
【点睛】本题主要考查了平行线分线段成比例定理，相似三角形的判定和性质，作出平行线构造出相似三
角形是解本题的关键．
11．（2023·江西景德镇·九年级校考期末）如图， 三边 ， ， 的延长线分别交直线 于 ，
， 三点，证明： ．（即证明梅涅劳斯定理的其中一种形式）
【答案】见解析
【分析】连接CY、AX ，设A到XZ的距离为h，C到XZ的距离为h，再根据“两个三角形等高时面积之
1 2
比等于底边之比”的性质，分别列出 、 、 ，再计算即可.
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【详解】证明：如图，连接CY、AX
设A到XZ的距离为h，C到XZ的距离为h
1 2
∴ ∴
【点睛】本题考查了三角形的面积计算，作出辅助线，通过面积写出线段比是解题关键.
12．（2023上·山西临汾·九年级统考期末）梅涅劳斯定理
梅涅劳斯（ ）是古希腊数学家，他首先证明了梅涅劳斯定理，定理的内容是：如图（1），如果
一条直线与 的三边AB，BC，CA或它们的延长线交于F、D、E三点，那么一定有 ．
下面是利用相似三角形的有关知识证明该定理的部分过程：
证明：如图（2），过点A作 ，交DF的延长线于点G，则有 ．
任务：（1）请你将上述材料中的剩余的证明过程补充完整；
（2）如图（3），在 中， ， ，点D为BC的中点，点F在AB上，且 ，
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CF与AD交于点E，则 ________．
【答案】（1）见解析；（2）6
【分析】（1）由题意可得 ，然后根据比例的性质可进行求证；（2）由（1）可得
，进而由题意易得 ， ，然后可得 ，则由勾股定理可得 ，
最后问题可求解．
【详解】解：（1）补充的证明过程如下：
， ， ；
（2）根据梅涅劳斯定理得 ，
∵点D为BC的中点， ， ， ， ，
∵ ， ，∴AD⊥BC，BD=5，
∴在 中， ， ．故答案为6．
【点睛】本题主要考查相似三角形的性质与判定，熟练掌握相似三角形的性质与判定是解题的关键．
13．（2021·山西·校联考模拟预测）阅读以下材料，并按要求完成相应的任务．
塞瓦（GiovanniCeva，1648～1734）意大利水利工程师，数学家，塞瓦定理载于1678年发表的《直线论》
一书，塞瓦定理是指如图1，在△ABC内任取一点O，延长AO，BO，CO分别交对边于D，F，E，则
．下面是该定理的部分证明过程：
如图2，过点A作BC的平行线分别交BE，CF的延长线于点M，N．则∠N＝∠FCB，∠NAF＝∠FBC．
∴△NAF∽△CBF．∴ ①．
同理可得△NOA∽△COD．∴ ②．
任务一：(1)请分别写出与△MOA，△MEA相似的三角形；(2)写出由（1）得到的比例线段；
任务二：结合①②和（2），完成该定理的证明；任务三：如图3，△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝4，BC
＝3，CD⊥AB，垂足为D，点E为DC的中点，连接AE并延长，交BC于点F，连接BE并延长，交AC于
点G．小明同学自学了上面定理之后解决了如图3所示的问题，并且他用所学知识已经求出了BF与FC的
比是25：16，请你直接写出△ECG与△EAG面积的比．
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【答案】(1)△MOA∽△BOD；△MEA∽△BEC；(2) ； ．
任务二：证明见解析；任务三： ．
【分析】任务一：可直接通过“8”字型相似得出答案；任务二：通过相似之间的对应边比例转换得出结论；
任务三：由任务一和任务二得出 1，可得出 的值，再由△ECG和△EAG为同高，故面
积比就等于底边CG和GA之比．
【详解】（1）解：任务一：∵MN//BC∴△MOA∽△BOD；△MEA∽△BEC；
（2） ；
任务二：证明：
如图所示：由任务一可得： ；
同理可得△OAN∽△ODC；△AFN∽△BFC；
∴ ；∴ ；∴ ．
任务三：由任务一和任务二可得：在△ABC中， 1；
∵Rt△ABC中，AC＝4，BC＝3，∴AB ；
∴cos∠BAC ；∴ ；∴AD ；∴BD＝AB﹣AD ；
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∵ 1；∴ 1；解得 ；
过点E作EH⊥AC于H；
∴
【点睛】本题主要是根据“8”字型的相似得出对应的边之比，任务二的重难点在于各边比例之间的转换，
任务三中两个三角形同高，故面积比等于底边比；本题属于中等偏.上类题．
14．（重庆2022-2023学年八年级月考）如图，在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，D是线段BC
上一动点（不与点B、C重合），连接AD，延长BC至点E，使得CE＝CD，过点E作EF⊥AD于点F，再
延长EF交AB于点M．（1）若D为BC的中点，AB＝4，求AD的长；（2）求证：BM＝ CD．
【答案】（1） ；（2）详见解析．
【分析】（1）根据等腰直角三角形的性质得到AC＝BC＝2 ，根据勾股定理即可得到结论；
（2）过M作MH⊥BC于H，连接AE，根据线段垂直平分线的性质得到AE＝AD，求得∠EAC＝∠DAC，
根据余角的性质得到∠AME＝∠EAM，根据全等三角形的性质得到CD＝MH，于是得到结论．
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【详解】（1）∵在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，AB＝4，∴AC＝BC＝2 ，
∵D为BC的中点，∴CD＝ BC＝ ，∴ ；
（2）过M做MH⊥BC于H，连接AE，
∵AC⊥BE，CD＝CE，∴AE＝AD，∴∠EAC＝∠DAC，
∵EF⊥AD，∴∠EFD＝∠ACD＝90°，∴∠CAD+∠ADC＝∠ADC+∠DEF，
∴∠CAD＝∠DEF，∴∠EAC＝∠DEF，∴∠EAC＝∠DEF，
∵∠AME＝∠B+∠BEM，∠EAM＝∠BAC+∠EAC，∠CAB＝∠B＝45°，
∴∠AME＝∠EAM，∴AE＝EM，∴AD＝EM，
∵∠ACD＝∠EHM＝90°，∴△ACD≌△EHM（AAS），∴CD＝MH，
∴BM＝ MH＝ CD．
【点睛】本题考查全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的判定和性质等知识，证明 ACD≌△EHM是
解题的关键． △
15．（2023年湖北省襄阳市襄州区中考模拟数学试题）如图， 为 的直径，C为 上一点， 的
切线 交 的延长线于点D，E为 的中点，连接 并延长，交 的延长线于点F．
(1)求证： 是 的切线；(2)若 ， ，求图中阴影部分的面积．
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【答案】(1)证明见解析(2)
【分析】（1）连接 ， ，根据圆周角定理可得 ，求得 ，根据切线
的性质得到 ，，再根据切线的判定定理即可得到结论；
（2）根据直角三角形的性质可得 ，求得 ，得到 ，过O作 于H，求
得 ，根据扇形和三角形的面积公式即可求得结论．
【详解】（1）证明：连接 ， ，
∵ 为 的直径，∴ ，
∵E为 的中点，∴ ，∴ ，
∵ 是 的切线，∴ ，∴ ，
∵ ，∴ ，∴ ，∴ ，
∵ 是 的半径，∴ 是 的切线；
（2）解：∵ ， ，∴ ，
∵ ，∴ ，∴ ，∴ ，
∵ ， ∴ ，∴ ，
∴ ，过O作 于H，∴ ，
∵ ，∴ ，
．
∴
【点睛】本题考查切线的判定与性质、扇形的面积公式、直角三角形的性质、圆周角定理、等腰三角形的
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性质，正确作出辅助线是解题的关键．
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