文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 03（新高考通用）
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新动向：新高考更加注重回归教材，新教材每章节的习题和教材的演示实验值得研究，新高考强
调“多想一点，少算一点”的理念，定性和半定理试题为主，从重考查知识回忆向重考查思维过程转
变。
高考·新情境：新高考物理试题实现从“解题”到“解决问题”转变，提高解决物理问题的能力。达到
这一目的，新高考物理试题基于真实的生产、生活实践情境设置物理问题。同时也注重学生空间思维
的考查。
命题·大预测：本卷试题整体难度适中，符合新高考要求，较多试题以教材习题为模板进行创新而成；
本卷的第5、9、11题都基于教材习题或教材原实验进行创新改编的，需要学生能对教材习题或教材原
实验非常熟练；第4、6、7题考查学生的空间思维能力，教师复习过程中可引导学生适当进行训练或
引导学生将空间问题转化为平面问题进行处理，总之新高考复习过程中最终还应回归到教材，教材是
新高考的考查依据。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一．选择题（本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，1~7题只有一项符合题目要求，每
小题4分，8~10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0
分。）
1．如图1所示，无线充电技术是近年发展起来的新技术，充电原理可近似看成理想变压器，如图2所示。
下列说法正确的是（ ）A．充电基座线圈接的电源是恒定的直流电
B．充电基座线圈接的电源必须是交流电且 ， 都闭合才能充电
C．两个线圈中电流的频率可能不同
D．两个线圈中电流大小一定相同
【答案】B
【详解】AB．根据法拉第电磁感应定律，充电基座线圈接的电源必须是交流电且 、 ，都闭合后构成
闭合回路才能充电，故A错误，B正确；
CD．由于充电原理可近似看成理想变压器，两个线圈中电流的频率一定相同，电压和电流强度不一定相
同，故CD错误。
故选B。
2．碘－131的半衰期为8天。衰变释放的β射线可用于治疗甲状腺疾病，若某人单次服用药物时，药物内
碘－131每分钟衰变 次，之后不再服药。在16天后进行检测，发现其甲状腺内碘－131每分钟衰变
的次数为 次。则其服药后甲状腺吸收的碘－131大概占服用量的（ ）
A．20% B．30% C．50% D．60%
【答案】C
【详解】题意知元素的半衰期为 ，初始每分钟衰变 次，服药 后，设衰变前元素质量
为总质量 ，衰变后未发生衰变的元素质量为 ，根据公式
可知，16天后，剩下的放射性元素变为原来的 ，题意知人甲状腺内每分钟发生衰变 次，设吸收量占服用量的比例为 ，则
50%
故选C。
3．如图所示，一小猴在树上将摘取的果实沿水平方向抛出，果实落在水平地面上且落地点相距小猴水平
方向的距离为12m，从落地点到小猴位置的连线与水平方向的夹角为53°。已知重力加速度g取 ，
， ，不计空气阻力。则果实抛出时的速度大小约为
A．5.5m/s B．6.0m/s C．6.7m/s D．8.9m/s
【答案】C
【详解】取h为小猴距地面的高度，x为果实落地点到抛出点的水平距离，由题意知
解得
根据自由落体运动规律
可知
所以
解得
C正确。
故选C。4．某中轨道通讯卫星（MEO）绕地球做匀速圆周运动，但由于地球的自转，该卫星飞行轨道在地球表面
的投影以及该卫星相继飞临赤道上空对应的地面的经度如图。若该卫星绕地球飞行的轨道半径为 ，地球
同步卫星的轨道半径为 ，则 与 的比值为（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【详解】设地球自转周期为 ，即地球同步卫星的周期为 ，由题图可知，飞船每转动一圈，地球自转
，则飞船的周期为
根据万有引力提供向心力可得
则有
故选C。
5．如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴 匀速转动，已知匀强磁场的磁感应强
度大小为 ，矩形线圈面积为 ，匝数为 ，线圈电阻为 ，线圈的转速为 ，线圈与二极管、阻值为 的
定值电阻及理想交流电流表相连，交流电流表的示数为（ ）A． B． C． D．
【答案】B
【详解】线圈产生的电动势最大值为
则回路电流的最大值为
由于二极管的单向导电性，使得一个周期内只有半个周期有电流，根据有效值定义可得
可得电路电流有效值为
则交流电流表的示数为 。
故选B。
6．如图所示，完全相同的三根刚性柱竖直固定在水平地面上的A'、B'、C'三点上，三点恰好在等边三角形
的三个顶点上，三角形的边长为L，三根完全一样的轻绳一端固定在A、B、C三点上，另一端栓接在一起，
结点为O。现把质量为m的重物用轻绳静止悬挂在结点O处，O点到ABC平面的距离为 ，重物不接触
地面，当地重力加速度为g。则AO绳中的张力为（ ）A． B． C． D．
【答案】A
【详解】设结点为O在三角形ABC平面的投影为 ，根据题意和几何关系知 到A、B、C三点的距离都
相等，为
与三根轻绳间的夹角都相同，设为 ，则
故
对结点O，根据平衡条件
解得AO绳中的张力为
故选A。
7．如图所示，空间内有一垂直于x轴的足够大的平面M，M将 的空间分成Ⅰ、Ⅱ两区域，两区域均
存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，区域Ⅰ磁场沿y轴负向，区域Ⅱ磁场沿y轴正向。一带电粒子从O
点以大小为v的速度射入区域Ⅰ，速度方向在xOy平面内且与x轴正向成 ，粒子在Ⅰ、Ⅱ两区域内
运动后经过y轴上的P点。已知 ， ，不计带电粒子的重力，则该粒子的比荷为
（ ）A． B． C． D．
【答案】A
【详解】将粒子的入射速度沿水平方向与竖直方向分解，则有
粒子水平方向的分运动为匀速圆周运动，竖直方向的分运动为匀速直线运动，假设粒子带正电，Ⅰ、Ⅱ两
部分磁场方向分别沿y轴负方向与y轴正方向，作出粒子水平方向运动的俯视图如图所示
粒子在水平方向中做匀速圆周运动，则有
粒子匀速圆周运动的周期为
解得
，
粒子在左右磁场中圆周运动的半径相等，则有粒子在水平方向圆周运动的时间为
粒子在竖直方向做匀速直线运动的时间为
根据分运动的等时性有
解得
故选A。
8．静电分选是在高压或超高压静电场中，利用待选物料间的电性差异来实现的。现在要对矿粒中的导体
矿粒和非导体（电介质）矿粒进行分选，如图所示，让矿粒与高压带电极板a直接接触，以下说法正确的
是（ ）
A．左边矿粒是导体，右边矿粒是非导体
B．非导体矿粒将在电场力作用下向极板b运动
C．非导体矿粒在向极板b运动过程中电场力做负功
D．导体矿粒在向极板b运动过程中电势能减少
【答案】AD
【详解】A．非导体分子中的电子和原子核结合得相当紧密，电子处于束缚状态。当非导体接触电极时，
非导体分子中的电子与原子核之间只能做微观的相对移动，产生“极化”现象，使得非导体和外电场垂直
的两个表面上分别出现正、负电荷，这些正、负电荷的数量相等，但不能离开原来的分子，根据图中所示
可知，左边矿粒发生了接触起电现象，右边矿粒发生了“极化”现象，即左边矿粒是导体，右边矿粒是非
导体，故A正确；
D．结合上述可知，左边矿粒是导体，由于接触起电，导体矿粒带正电，所受电场力方向向上，导体矿粒在电场力作用下向极板b运动，电场力做正功，电势能减小，故D正确；
BC．结合上述，右边矿粒是非导体，由于矿粒与高压带电极板a直接接触，电场对非导体矿粒下表面的负
电荷的电场力大于电场对非导体矿粒上表面的正电荷的电场力，即非导体矿粒所受电场力合力方向向下，
非导体矿粒在电场力作用下将聚集在极板a上，非导体矿粒不会向极板b运动，故BC错误。
故选AD。
9．如图，真空中三个带电粒子分别固定在三角形的三个顶点处，同时释放这三个粒子，在运动过程中它
们彼此间的连线始终与开始时保持平行。已知三个粒子质量分别为 和 ，电荷量分别为 、 和
，开始时三角形三个边长分别为 和 ，若不计重力，三个粒子的速度远小于光速，库仑定律依然
适用，下列说法正确的是（ ）
A．三个粒子的加速度矢量和一定为零
B．若三个粒子质量相同，则
C．若三个粒子电荷量相同，则
D．若三角形面积变为原来的4倍，则三个粒子的加速度大小都减为原来的
【答案】BD
【详解】A．由于三个带电粒子在运动过程中彼此间的连线始终与开始时保持平行，所以三个粒子所受静
电力的合力方向始终相同，根据牛顿第二定律可知加速度的方向也始终相同，那么三个粒子加速度的矢量
和一定不为零，A错误；BC．由于在运动过程中它们彼此间的连线始终与开始时保持平行，可知q 和q 沿垂直于两电荷连线的加
2 3
速度相等，则
即
即
由几何关系
联立解得
同理可分析m 和m 可得
1 2
若三个粒子质量相同， ，则
若三个粒子电量相同， ，则选项B正确，C错误；
D．若三角形的面积变为原来的4倍，根据相似三角形的性质，边长变为原来的2倍，静电力与距离的平
方成反比，故静电力变为原来的 ，根据牛顿第二定律可知，加速度变为原来的 ，D正确。
故选BD。
10．如图所示，质量为 的木板B与直立轻弹簧的上端拴接，弹簧下端固定在地面上。平衡时弹簧的压缩
量为 ，一质量为 的物块A从木板B正上方距离为 的高处自由落下，打在木板上与木板粘连在一起向
下运动。从A、B碰撞到两者到达最低点后又向上运动到最高点经历的总时间为 ，已知弹簧的弹性势能
， 为弹簧的劲度系数， 为弹簧的形变量，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为 ，空气阻
力忽略不计。则在 时间内，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的最大弹性势能为
B．A和B一起运动的最大加速度大小为
C．A和B一起运动的最大速度大小为
D．从A、B碰撞到两者到达最低点经历的时间为
【答案】AD
【详解】A．物块A做自由落体运动，设其与木板B碰撞前瞬间的速度大小为 ，由动能定理可得
解得物块A与木板B碰撞瞬间满足动量守恒，由动量守恒定律可得
解得
从A、B碰撞到达最低点，设最低点位置弹簧压缩量为 ，由能量守恒定律可得
其中
解得
可得弹簧的最大弹性势能为
故A正确；
B．A、B一起运动到最低点时，弹簧的形变量最大，弹簧对A、B整体的弹力最大，加速度最大，由牛顿
第二定律有
解得A、B一起运动的最大加速度大小为
故B错误；
C．当弹簧弹力与A、B的重力相等时，A和B一起运动的速度最大，设此时弹簧压缩量为 ，由受力平
衡可得
解得根据能量守恒定律有
解得
故C错误；
D．A、B在一起做简谐运动，设振动方程为
在 点A、B碰撞，从 有
解得
由题意知从 时间为 ，则有
可得简谐运动的周期为
从A、B碰撞到两者到达最低点，即从 的时间为
故D正确。
故选AD。二、非选择题：共5题，共54分。其中第13题~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演
算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（6分）某实验小组的同学按图1的电路测定电池组的电动势和内阻。图2为某次实验结果的 图
像。
(1)图2中的图线的斜率大小为 ，图线的纵截距为 ，则电源电动势为 ，内阻为 。
(2)图2中测量数据集中在 图像的很小区域，实验小组的同学觉得数据处理时应使图像尽可能占满整
个坐标纸，这样的图像有利于减小误差，一部分同学认为需要重新进行实验，另一部分同学认为无需重新
进行实验，你觉得为了减小误差 （填“是”或“不”）一定要重新进行实验。如果你觉得一定要重
新进行实验，请说出实验出现这种情况的一种可能原因；如果你觉得不一定要重新进行实验，请给出一种
调整方案； 。
【答案】(1) b ， k；(2) 不 见解析
【详解】（1）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有
结合 图像有
，
（2）[1][2]为了减小误差不一定要重新进行实验，实验出现这种现象的原因是纵轴坐标每一格所表示的电压过小，可以适当增大纵轴坐标每一格所表示的电压，调整的方法可以令纵轴坐标原点的电压从
左右开始，从而使图像倾斜程度更大，图像遍布整个坐标纸，读数误差减小。
12．（9分）下列是《普通高中物理课程标准》中列出的三个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计
算。
(1)图甲是“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验装置图。在平衡摩擦力时，要调整长木板的倾
斜角度，使小车在不受细绳拉力的情况下，能够在长木板上向下做 运动。图乙是实验得到纸带
的一部分，相邻两计数点间有四个点未画出。打点计时器电源频率为 ，则小车的加速度大小为
（结果保留2位有效数字）。
(2)图丙是“测量玻璃的折射率”实验装置图，在直线 上插了两枚大头针 和 ，在 侧调整观察视
线，另两枚大头针 和 可能插在直线 上（选填“1”“2”“3”或“4”）。如果有几块宽度（图中
的长度）不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度 （选填“大”或“小”）
的玻璃砖来测量。
(3)图丁为“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”实验装置，在小球质量和转动半径相同，塔轮
皮带套在左、右两个塔轮的半径之比为2∶1的情况下，逐渐加速转动手柄到一定速度后保持匀速转动，此
时左、右两侧露出的标尺格数之比为 。其他条件不变，若增大手柄的转速，则左、右两标尺的
格数 （选填“变多”“变少”或“不变”），两标尺格数的比值 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】(1) 匀速直线 ，0.80；(2) 2 ， 大(3) 1:4 ，变多，不变
【详解】（1）[1]在平衡摩擦力时，要调整长木板的倾斜角度，使小车在不受细绳拉力的情况下，能够在
长木板上向下做匀速直线运动。
[2]相邻两计数点间有四个点未画出，则两点的时间为
s
根据逐差法可知，小车的加速度大小为
（2）[1]由折射定律得知，光线通过平行玻璃砖后光线向一侧发生侧移，由于光线在上表面折射时，折射
角小于入射角，则出射光线向左侧偏移，又根据几何知识可知，出射光线和入射光线平行，所以即大头针
和 在直线2上；
[2] 根据实验操作步骤可知，增大玻璃砖的厚度，测量的折射角较准确，可减小误差。
（3）[1] 在小球质量和转动半径相同，传动塔轮皮带套在左、右两个塔轮的半径之比为2:1的情况下，由
于左、右两个塔轮边缘的线速度大小相等，根据 可知，左、右两个塔轮的角速度之比为1:2，根据
可知此时左、右两侧露出的标尺格数之比为1:4
[2][3]其他条件不变，若增大手柄转动的速度，则左、右两个塔轮的角速度增大，小球做圆周运动的向心力
增大，但左、右两个塔轮的角速度比值不变，所以左、右两标尺的格数变多，两标尺格数的比值不变。
13．（10分）如图所示，热气球的下端有一小口，使球内外的空气可以流通，球内有温度调节器，可以调
节球内空气的温度，控制热气球上升或下降，设热气球的总体积V=500m3（忽略球壳体积），除球内空气
0
外，热气球质量M=180kg，已知地球表面大气温度T=280K，密度ρ=1.20kg/m3，将大气视为理想气体，
0 0
忽略其密度和温度随高度的变化，重力加速度g取10m/s2，求：
（1）热气球刚要离开地面时，球内热空气的密度；
（2）为使热气球从地面升起，球内气温至少要达到多少。【答案】（1）0.84kg/m3；（2）400K
【详解】（1）热气球刚要离开地面时，由平衡条件有
解得
代入数据，得
（2）加热过程气体做等压变化，由盖 吕萨克定律有
，
得
代入数据，得
14．（15分）如图所示，滑板的上表面由水平部分AB和半径为 的四分之一圆弧BC组成，滑板静止
于水平地面上，滑块P（可视为质点）置于滑板上的A点。长为L的不可伸长细线一端固定于 点、另一
端系小球Q。现将细线拉直至水平位置，静止释放小球，小球运动到最低点时恰好与滑块P发生弹性正碰。
小球Q、滑块P及滑板的质量均为m，不计一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g。求：(1)小球Q与滑块P碰撞前瞬间，细线对小球拉力的大小；
(2)小球Q与滑块P碰撞后瞬间，滑块P速度的大小；
(3)滑块P从C点飞出时的速度。
【答案】(1)3mg；(2) ；(3) ，方向与水平方向成45°斜向左上方。
【详解】（1）设小球Q在碰P前瞬间速度为v，对小球Q，动能定理得
解得
在碰前瞬间，设细线拉力为T，由牛顿第二定律得
联立解得
（2）设碰后Q、P速度分别为 ，规定向左为正方向，由于为弹性碰撞，则有
联立解得
（3）分析可知，滑块P从C点飞出时P与滑板水平速度相同并设为 ，则对于P与滑板组成的系统，由
于地面摩擦不计，由水平方向动量守恒得联立以上解得
设滑块P从C点飞出时的速度速度 ，把P和滑板作为系统，由能量守恒有
联立以上，代入题中数据，解得
方向与水平方向夹角为 ，满足
解得
15．（18分）如图所示，绝缘部分P、Q将左右两侧的光滑导轨平滑连接起来，在导轨的左侧接有电动势
为E、内阻为r的电源和电容为C的电容器，质量为m、电阻为R的金属棒ab与导轨垂直的放在导轨左端
靠近电源的位置，金属棒ab在外力作用下保持静止，质量为2m、电阻为0.5R的金属棒cd与导轨垂直的
静止在PQ右侧适当位置，整个装置处于垂直纸面的匀强磁场中（图中未画出）。现在释放金属棒ab，金
属棒ab在运动PQ之前已经达到最大速度，它滑过PQ后刚好未与金属棒cd碰撞。已 ，
，磁场的磁感应强度为B，导轨间的距离为L，金属棒cd右侧的导轨足够长，不计导轨电阻。（
、 、B、L、m、C为已知量）
(1)判断磁场的方向，并求被释放瞬间金属棒ab的加速度；(2)当金属棒ab的速度为最大速度的一半时，求金属棒ab的热功率和此过程中电容器极板所带电荷量的变
化量（忽略电容器极板电荷量变化对电流的影响）；
(3)金属cd棒距离PQ的距离以及整个过程中cd棒产生的焦耳热。
【答案】(1)垂直纸面向里， ；(2) ， ；(3) ，
【详解】（1）由题意可知金属棒ab中的电流方向为由a到b，所受安培力方向为水平向右，由左手定则
可知磁场方向为垂直纸面向里。金属棒ab释放的瞬间，由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒ab的电
流
它受到的安培力
由牛顿第二定律可知此时金属棒ab的加速度
（2）当金属棒ab中的电流为0时它的速度达到最大，由法拉第电磁感应定律有
当金属棒ab的速度为最大速度一半时
由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒ab的电流
此时它的热功率
金属棒ab刚释放时电容器两端的电压
当金属棒ab的速度为最大速度一半时电容器两端的电压所以此过程中电容器极板所带电荷量的变化量
（3）由题意可知最终两个金属棒速度相同，且即将相互接触，金属棒ab滑过PQ后与金属cd组成的系统
动量守恒，有
此过程中对金属棒cd分析由动量定理有
而
解得金属cd棒距离PQ的距离
系统损失的机械能
由电阻串联关系可知金属棒cd上产生的焦耳热
