文档内容
2018 年山东省日照市中考物理试卷
参考答案与试题解析
第Ⅰ卷（选择题共40 分）
一、单项选择题（本大题包括8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的
四个选项中只有一项符合题目要求，逃对的得3分，不选、多选、错选的得
0分）
1关于物理学史中的“之最”，下列叙述正确的是（ ）
A．世界上最早记述“地理的两极与地磁场的两极并不重合”的人是我国宋
代学者沈括
B．第一位把望远镜指向天空的是意大利科学家托里拆利
C．第一个发现“电磁感应”现象的是丹麦物理学家奧斯特
D．第一个发现“电流周围存在着磁场”的是英国物理学家法拉第
1．A 解析：世界上最早记录“地理的两极和地磁场的两极不重合”的是我国
宋代科学家沈括，A正确：第一位把望运镜指向天空的是意大利物理学家伽
利略，B错误；第一个发现“电磁感应”现象的科学家是英国物理学家法拉
第， C错误；第一个发现“电流周国存在着磁场”的是丹麦物理学家奥斯特
D错误.
2．下列说法正确的是（ ）
A．家庭电路的电压为380V
B．轮胎越多的平板货车对地面的压强越大
C．4G信号不是用电磁波传播的
第1页（共18页）D．盐水选种时，下沉的种子的密度大于盐水的密度
2．D 解析：家庭电路的电压是220V，A错误；轮胎多的平板货车与地面的
接触面积大，根据压强公式P＝ 可知，对地面的压强越小，B错误；4G信
号是通过电磁传播信息的，C错误；根据物体的浮沉条件可知，当ρ ＞ρ
物
时，物体下沉，因此下沉种子的密度大于盐水的密度，D正确.
液
3．2018年5月27日，中国羽毛球队以3：1战胜日本队，时隔五年再次夺得汤
姆斯杯．下列判断正确的是（ ）
A．静止在桌面上的汤姆斯奖杯，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对
平衡力
B．只要球拍对羽毛球施加大小相等的力，其作用效果一定相同
C．在空中飞行的羽毛球，受到重力、空气阻力和推力的作用
D．击球过程中，球拍对羽毛球的力大于羽毛球对球拍的力
3．A 解析：静止在桌面上的奖杯，受到重力和支持力的作用，这两个力大
小相等、方向相反、作用在同一个物体上，且作周在同一条直线上，符合二
力平衡的条件，A正确；力的大小、方向、作用点都会影响力的作用数果，
球拍对羽毛球施加的力大小相等，若力的方向或作用点不同，力的作用效果
不一定相同，B错误；推力是弹力，当球与羽毛球脱离时，就不再受推力的
作用，因此在空中飞行的羽毛球只受到重力及空气阻力的作用，C错误；击
球过程中，球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力，大小相等，D
错误.
4.如图，由于图象撕去了一角，无法判断是熔化图象还是沸腾图象.下列说法正
确的是（ ）
第2页（共18页）A．这一定是某种晶体的熔化图象
B．这可能是某种非晶体的熔化图象
C．这一定是某种液体的沸腾图象
D．无论是熔化图象还是沸腾图象，温度不变的时间段内一定吸热
4．D 解析：由图象可知，有一段水平的横轴，说明不断吸热，但温度保持不
变，因此可能是晶体的熔化或某液体的沸腾图象，A、B、C错误：无论是晶
体的熔化还是液体的沸腾，在此过程虽然温度不变，但要不断吸热，才能使
晶体继续熔化或液体继续沸腾，D正确.
5.下列关于声音的描述正确的是（ ）
A．百灵鸟的叫声清脆如玉，这是对音调的描写
B．未见其人、先闻其声，这是因为声速比光速大
C．听不到隔壁教室的声音，这是因为固体的墙壁不能传声
D．柴门闻犬吠，这是通过声音的音色判断出是“犬吠”
5．D 解析：百灵鸟的叫声清脆如玉是指音质好，这是对音色的描述，A错误；
声速比光速小得多，未见其人、先闻其声，这是根据音色判断的，B错误；
第3页（共18页）固体是能够传播声音的，听不到隔壁教室的声音是因为距离发声体太远，C
错误；听到“犬吠”是根据不同发声体的不同特征来判断的，也就是根据声
音音色不同来识别的，D正确.
6．关于四冲程汽油机，下列说法正确的是（ ）
A．排气冲程时，进气门和排气门都打开
B．汽油机是将内能转化为机械能的装置
C．随着科学的发展，汽油机的效率可以达到100％
D．吸气冲程中，从进气门进入气缸的是空气
6．B 解析：汽油机排气冲程时，进气门关闭，排气门打开，A错误；汽油机
是热机的一种，它是将内能转化为机械能的一种装置，B正确；由于热机在
工作过程中总有能量损失，所以汽油机的效率不可能达到100％，C错误；
汽油机吸气冲程时，吸入的是空气和汽油的混合物，D错误.
7．关于能量，下列说法正确的是（ ）
A．电能要转化为光能、内能、动能等其它形式的能才能被利用，因此电能
是一次能源
B．能量的转化或转移过程是守恒的，因此一切能量都可以利用
C．利用热传递改变物体的内能是能量的转移过程
D．核电站是利用核聚变发电的
第4页（共18页）7．C 解析：电能是由其他能源转化来的，属于二次能源，A错误；能量的转
化和转移都是具有方向性的，并不是所有的能量都可以被利用，B错误；热
传递改变物体内能的实质是内能从一个物体转移到另一个物体或从一个物体
的高温部分转移到低温部分，C正确：核电站是将核裂变产生的核能转化为
内能，再通过汽轮发电机转化为电能，D错误.
8．电梯设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，R为保护电阻，压敏
电阻的阻值随压力的增大而减小．下列说法正确的是（ ）
A.控制电路接通后，电磁铁的上端为N极
B．电梯正常运行时K与B接触
C．超载时电磁铁磁性增大
D．处于图示位置时电磁铁对衔铁的吸引力大约是弹簧弹力的3倍
8．C 解析：由图可知，控制电路接通后，电磁铁的正面电流向左，由安培定
则可知，电磁铁的下端为N，上端为S，A错误：电梯正常运行时，电动机工
作，K应与A端接触，B错误：压敏电阻随着压力的增大而减小，当超载时，
压敏电阻受到的压力变大，电阻变小，由欧姆定律可知，通过电磁铁的电流
第5页（共18页）变大，电磁铁的磁性增大，C正确：可以把衔铁看成是一个杠杆，处于图示
位置时，电磁铁对衔铁的吸引力的力臂是弹簧弹力臂的3倍，由杠杆的平衡
条件可知，电磁铁对所衔铁的吸引力大约是弹簧弹力的 ，D错误.
二、多项选择题（本大题包括4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的
四个选项中至少有两项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得
3分，有选错的得0分）
9．2018年5月14日，四川航空3U863航班执行飞行任务时，驾驶舱右座前挡
风玻璃破裂脱落．机长组织机组安全迫降，显示出过硬的技术和心理素质，
下列分析正确的有（ ）
A．飞机在匀速下降的过程中，机能守恒
B．飞机在减速下降的过程中，动能转化为重力势能
C．关闭发动机后，飞机仍能在跑道上运动，是因为它具有惯性
D．关闭发动机后，飞机在跑道上速运动过程中，动能转化为内能
9．CD 解析；飞机在匀速下落时，动能不变，重力势能减小，因此机械能减
小， A错误；飞机在减速下降时，动能减小，重力势能也在减小，不是动能
转化为重力势能，B错误；关闭发动机后，由于惯性，飞机会在跑道上继续
运动一段距离，C正确；关闭发动机后，飞机在跑道上运动的过程中，克服
摩擦做功，将动能转化为内能，D正确.
10．下列实验中，利用了“多次测量求平均值”这一方法的有（ ）
A．测量物体运动的平均速度
B．用刻度尺测量长度
C．伏安法测电阻
第6页（共18页）D．测量小灯泡的电功
10．ABC 解析：“测量物体运动的平均速度”中多次实验，最后取平均值是
为了减小实验误差，A正确，“用刻度尺测量长度”实验要多次测量物体长
度是通过多次测量求平均值的办法，使测量结果更加准确，B正确；“伏安
法测电阻”时要多次移动滑动变阻器滑片，多次测量电压和电流，这样可以
测出多个电阻值，通过求平均值，使测量结果更加准确，C正确：在“测量
小灯泡电功率”的实验中，一次实验数据不能发现规律，多次实验是为了探
究普這规律，D错误.
11．物理来源于生活，生活中的瓶瓶罐罐也能做物理实验，下列描述正确的有
（ ）
11．ABD 解析：自制温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的当温度升高时，
液体受热膨胀，细管中液柱会上升，A正确；用力捏圆形玻璃瓶，玻璃瓶会
发生弹性形变，细管中的液柱会上升，B正确；大气压随高度的增加而减小，
当将自制气压计从五楼拿到一楼，高度减小，气压升高，细管中的液柱受外
界大气压的作用而降低，选项C错误；向B管中吹气时，A管上方空气流速
快，压强小，A管上端压强変小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的
压强差，因此A管中的水面会上升，D正确.
第7页（共18页）12．图甲所示电路中电源电压恒定．小灯泡的额定电压为4V，它的I-U图象如
图乙所示，滑动变阻器的铭牌标有“20Ω 1A”．先将滑动变阻器的滑片P
移至B端，闭合开关S，电压表示数为4V；再将滑片P向左移动直到小灯泡
正常发光．下列说法中正确的有（ ）
A．小灯泡的亮度越大，电阻就越大
B．电源电压为5V
C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为2.5Ω
D．小灯泡正常发光时，电路消耗的总功率为1.6W
12．ABC 解析：由图象可知，电流随着灯泡电压的增大而增大，由公式 P
＝UI 可知，灯泡实际功率变大，亮度越大，再由公式 R= 分析数据可知，
灯丝的电阻也在增大，A 正确；当滑动变阻器的滑片 P 移至 B 端时，滑动变
阻器的最大阻值和灯泡串联，当电压表示数为 U＝4V 时，电路中的电流 I=
= ＝0.2A，由图象可知，灯泡两端的电压 U ＝1V，因串联电路中总电
L
压等于各分电压之和，所以电源电压 U＝U ＋U ＝1V＋4V＝5V，B 正确；变
L 滑
阻器与小灯泡串联，当小灯泡正常发光即其两端电压为 4V 时，由图象可知，
电路中的电流 I´=0.4A，根据串联电路的分压特点，此时滑动变阻器两端的
电压U ´＝U－U ＝5V－4V＝1V，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中
滑 L额
第8页（共18页）的电阻R ＇＝ ＝ =2.5Ω，C正确；当小灯泡正常发光时，电路中的
滑
电流I´＝0.4A，此时电路中消耗的电功率P ＝UI´＝5V×0.4A＝2W，D错误.
总
第Ⅱ卷（非选择题共50分）
三、填空题（本大题3小题，每空2分，共10分）
13．如图所示，物块MN的长度是 cm.
13．3.50 解析：图中刻度尺的分度值为 1mm，刻度尺要估读到分度值的下一
位，起始端从零开始，因此物体的长度为3.50cm.
14．如图所示，用弹簧测力计拉着物体在水平面上向左匀速直线运动，该物体
受到的摩擦力为 N；当弹簧测力计的示数增大为 3N时，该物体受到
的摩擦力为 N.
14．2.8 2.8 解析：由图可知，弹簧测力计的分度值是 0.2N，拉力大小是
2.8N；物体在 2.8N 拉力下做匀速直线运动，物体在水平方向上受水平向左
的拉力和水手向右的滑动摩擦力作用，这两个力是平街力，大小相等，所以
滑动摩擦力大小是 2.8N．滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程
度有关，与拉力大小无关当拉力增大为 3N 时，而压力大小、接触面的粗糙
程度没变，故摩擦力不变，仍为2.8N．
第9页（共18页）15．如图，已知 R 的阻直为 100Ω，电流表 A 、A 示数分别为 1.5A、0.5A，则
1 1 2
R＝ Ω，经过1min电阻R产生的热量为 J.
15．20 600 解析：由图可知，R 与R 并联，电流表 A 测干路电流，电流
1 2 1
表A 测电阻 R 的电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所
2 2
以，通过电阻R 的电流I ＝I－I ＝1.5A－0.5A＝1A，根据欧母定律可知，
1 1 2
电阻R 两端的电压U ＝I R ＝1A×100＝10V；因并联电路中各支路两端的
1 1 1 1
电压相等，所以电源电压 U＝U ＝U ＝10V；再由欧姆定律可得，电阻 R
1 2 2
的阻值 R = = =20Ω.由焦耳定律可知，经过 1min 电阻 R 产生的热
2 1
量Q=W=UIt=10V×1A×60s=600J.
四、作图与实验探究题（本大题包括3小题，共18分）
16．（3 分）如图甲所示是显微镜的成像光路图，在今年的实验操作考试中，
小明将一束入射光线竖直反射入镜筒中，可简化为图乙.用平面镜替代反光
镜，请在图乙中作图画出反光镜的位置，并标出入射角及其大小.
16.如图所示
第10页（共18页）解析：要使入射光线竖直反射到镜筒中，根据光的反射定律可知，反射角
等于入射角，则作出反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，
再作法线的垂线即可画出平面镜;由题图可知，反射光线和入射光线的夹
角是90°－30°＝60°，则反射角等于入射角等于30°.
17．（6分）在探究凸透镜成像规律时，某实验小组用发光二极管制成的“F”
形光源进行实验.
（1）思思将光具座放在水平面上，将光源、凸透镜和光屏固定在光具座上，调
整三者的高度，使它们的中心大致在 .
（2）思思将凸透镜固定在光具座 40cm刻度线处，将光源放在光具座 10cm刻度
线处，再移动光屏到如图所示位置时，光屏上出现了清晰的像，该像是
（选填“放大”或“缩小”）的实像．接着，她将光源远离凸透镜一些，这
时光屏应向 （选填“左”或“右”）移动，可获得清晰的实像．乐
乐想了想说，不移动光屏也能成清晰的像他找来一个眼镜片放在凸透镜和光
源之间的合适位置，光屏上的像变清晰了，则该镜片是 （选填
“近视”或“远视”〕眼镜片，它对光线有 作用.
（3）乐乐将光源移至距离凸透镜 8cm 处，发现凸透镜成的是放大的
第11页（共18页）（选填“虚像”或“实像”）.
17．（1）同一高度（2）缩小 左 近视 发散 （3）虚像
解析：（1）探究凸透镜成像的实验时，将光具座上的光源、凸透镜、光
屏的中心调整在大致同一高度，目的是使像成在光屏的中心；（2）图中
光源到凸透镜的距离即物距为30cm，像距为16cm，v＜u，根据凸透镜成
像规律可知，此时的像是倒立缩小的实像；如果将光源远离凸透镜，则
物距变大，像距应变小，将光屏向凸透镜靠近，即向左移动，直到光屏
上出现清晣的实像；若不移动光屏，由于物距变大，像距变小，所以像
会成在光屏的前方，类似近视眼的原理，若在光源和凸透镜之间放一镜
片，光屏上又出现了清晣的像，说明该眼镜将像距变大了，也就是该眼
镜对光线有发散作用，因此这个眼镜片是凹透镜，也就是近视眼镜片；
（3）光源到凸透镜的距离即物距为 30cm 时成倒立、小的实像，则 2f＜
30cm，解得 f＜15cm，此时像距为 16cm，则 f＜16cn＜2f，解得 8cm＜f
＜16cm，综合以上可知，该凸透镜的焦距为 8cm＜f＜15cm，因此当光源
移到离凸透镜8cm时，在一倍焦距之内，成正立、放大的虚像.
18．（9 分）某实验小组利用图甲所示电路图探究某热敏电阻的特性，虚线框
为一温控装置，热敏电阻R处于其中．已知电源电压为6V．实验过程如下:
（1）小凯实物图如图乙.此时闭合开关，电压表指针偏转 ，电表指
第12页（共18页）针 （均填“明”点“不明显）.
（2）小兰发现实物图连接错误，只要改接一根导线就可以．请你将小兰需要改
接的导线打上“×”，再画线把它改到正确的位置.
（3）正确连接电路后，保持温控箱温度 30℃不变，整滑动度阻器的滑片处在
不同位置，记录不同位置对应的电压和电流，如下表：
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 2 3 4 5 6
电流I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6
由表中数据分析可知，温度不变时，该热敏电阻的阻值随电压增加而
（选填“变大”、“变小”或“不变”）.
（4）逐渐升高温控箱内的温度，并适当调节滑动变阻器的阻值，保持电压表示
数3V不变，记录不同温度时对应的电流，如下表：
温度/℃ 30 60 90 120 150
电压U/V 3 3 3 3 3
电流I/A 0.3 0.32 0.36 0.44 0.58
为保持电压表示数不变，滑动变阻器的滑片应适当向 （选填“左”
或“右”）滑动．由表中数据分析可知，该热敏电阻的阻值题温度的升高
而（选填“变大”、“变小”或“不变”）.
18．（1）明显 不明显 （2）如图所示
（3）不变（4）右变小
解析：（1）由电路图可知，电压表串联在电路中，电流表并联在电路中，
第13页（共18页）由于电压表的电阻很大，电路中电流很小，电流表的偏转不明显，此时电
压表示数接近电电压，电压表的指针偏转明显；（2）原电路中，电流表
与热敏电阻并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表应该与热敏电
阻串联，电压表应该与热敏电阻并联；（3）在温度不变时，分析表中数
据可知，电压升高时，通过热敏电阻的电流也变大，但电压与电流的比值
不变，即热电阻的阻值不变，这说明温度不变时，热敏电阻的阻值随电压
增加而不变；（4）分析表中数据可知，在电压不变，但温度升高时，通
过热电阻的电流变大，此时电压与电流的比值变小，即热电阻的阻值在变
小，由图甲可知，热敏电阻与滑动变阻器串联，由串联分压的原理可知，
当温度升高时，热敏电阻的阻值变小，两端的电降低，要保持电压表在 3V
不变，滑动变阻器的电阻应该变小，即向右移动.
五、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、主
要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）.
19．（9 分）如图甲所示，是某打捞船所用起重装置的示意图．在某次打捞作
业中，物体在不可伸长的轻绳作用下，从水底以 0.5m/s 的速度竖直向上匀
速运动至离开水面高度 3m的位置，此打捞过程中物体受到轻绳的拉力 F随
时间变化的图象如图乙所示，物体离开水面后匀速上升 3m的过程中，与电
动机连接的绳子所受的拉力为 2×103N．已知水的密度为 1.0×103kg/m2，取g
＝10N/kg．不计水和空气的阻力．求
第14页（共18页）（1）物体的体积及浸没在水中所受的浮力.
（2）物体的质量和密度.
（3）水底的深度及水对水底的压强.
（4）物体离开水面后匀速上升 3m的过程中，滑轮组的机械效率（结果保留一
位小数）.
19．解：（1）由图乙可知，第13s时物体全部露出水面，此时拉力：
F =G＝5×103N，
浮
前10s内物体浸没水中，此时拉力：F ＝G－F =3×103N.
1 浮
因此物体浸没在水中所受的浮力：
F ＝G－F ＝5×103N－3×103N=2×103N,
浮 1
由阿基米德原理可知，物体的体积：
V =V = =0.2m3.
物 排
(2)物体的质量：m= =500kg
物体的密度:ρ = =2.5×103kg/m3；
物
(3)物体从水底至完全露出水面的时间t=13s，由速度公式v= 变形可得，
水底的深度h=vt=0.5m/s×13s=6.5m
第15页（共18页）由液体压强公式可得，水对水底的压强：
p=ρ gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6.5m=6.5×104Pa
水
(4)由图甲可知，承担动滑轮绳子的段数n=3,绳子自由端移动的距离s
是物体上升高度h的3倍，即s=3h=3×3m=9m
故拉力做的功W =Fs=2×103N×9m=1.8×104J
总
有用功：W =Gh=5×103N×3m=1.5×104J
有
因此滑轮组的机械效率η= =83.3%
20．（13分）“匚”式电压力锅简化电路如图甲，R为发热电阻，R 为调控电
0
阻，电源电压为 220V，开关 1、2、3…代表不同的功能开关，分别连在调
控电阻的不同位置时，发热电阻相应有不同的发热功率．当开关 1 接通时，
发热电阻的功率最大，P ＝1100W；开关 3 接通时，处于保温功能，发热
m
电阻的功率 P ＝44W，可认为发热电阻产生的热量等于压力锅散失的热量．
1
已知c ＝4.2×103J/（kg・℃）．请完成下列问题：
水
（1）计算调控电阻的最大阻值及发热电阻的阻值．
（2）假设加热过程中，电热锅热量散失不随温度变化，散失功率恒为 44W．
用最大发热功率将36℃、2.2kg的水加热到100℃所用的时间有多少秒.
（3）某普通电压力锅工作电路如图乙，该锅只有加热和保温两个功能，其加热
功率P＝1100W．用该普通电压力锅做米饭，温度达到 100℃后，需用加热
第16页（共18页）功能继续加热 5 分钟，所煮米饭才能达到理想食用效果；而用图甲所示
“匚”式电压力锅煮完全相同的米饭，当温度达到 100℃后会自动调节为
P ＝99W 的低功率继续加热 5 分钟，也能达到相同的食用效果．求这两种
2
锅在这 5 分钟内，用“匚”式电压力锅比用普通电压力锅节省多少焦耳电
能？
20.解:(1)由图甲可知，当开关1接通时，电路中只有发热电阻R工作，此时的
功率最大，P =1100W，电源电压U=220V，由公式P= 可知,发热电阻
m
R= = =44Ω
当开关3接通时,发热电阻R与调控电阻R 的最大阻值串联，此时发热
0
电阻的功率P=44W，由公式P=I2R可知，此时电路中的电流I = =
1
=1A
由欧姆定律可得，加热电阻两端的电压U=IR=1A×44Ω=44V
再由串联电路中电压的特点可知，调控电阻R 两端的电压：U =U-
0 0
U =220V-44V=176V
1
再由欧姆定律可得,调控电阻R 的最大阻值：R = = =176Ω
0 大
(2)由题意可得，Q =Q +Q散，即P t=cm△t+P t,
放 吸 m 散
1100W×t=4.2×103J/(kg·℃)×2.2kg×(100℃-36℃)+44W×t,
解得，所用的加热时间t=1560s
(3)普通电压力锅加热5min消耗的电能W =Pt =1100W×5×60s=3.3×105J
1 1
第17页（共18页）“匚”式电压力锅加热5min消耗的电能W =Pt =99W×5×60s=2.97×104J
2 2
因此“匚”式电压力锅比普通电压力锅加热5min节省的电能：
△ W=W -W =3.3×105J-2.97×104J=3.003×105J
1 2
第18页（共18页）
