西南名校联盟2026届“3+3+3”高考备考诊断性联考（二）物理+答案_2024-2026高三（6-6月题库）_2026年03月高三试卷_260323西南名校联盟2026届“3+3+3”高考备考诊断性联考（二）（全科）

{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}{#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}物理参考答案 选择题：共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7 题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的给6分，选对但 不全的给3分，有选错的给0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B A C A B D AB AD BD 【解析】 l 1．根据条纹间距公式x 可知，在同一装置中，波长越长相邻明条纹中心之间的间距越 d 大，可知，甲光的波长更长，频率更低，能量更低，故 A、B 错误。根据上述条纹间距公 式可知，减小实验中的双缝间距，条纹间距会变大；增加实验中双缝与光屏的距离，条纹 间距会变大，故C正确，D错误。 2．这些氢原子跃迁过程中最多可发出C2 3种频率的光，故 A 错误。从n3跃迁到n1放 3 出的光子能量最大，根据E EW ，可得此时最大初动能为E 10.09eV，故B正确。 k 0 k 该锑铯化合物的逸出功为 2.0eV，则这些氢原子跃迁过程中有 2 种频率的光照射该锑铯化 合物可使其电子逸出，故C错误。根据能级图可知氢原子处于n3能级的能量为−1.51eV， 故要使其电离至少需要吸收1.51eV的能量，故D错误。 v 3．根据沿杆方向的分速度大小相等可得v cosv sin，解得v  A ，逐渐减小的过 A B B tan 程中，v 一直增大，B端向左加速滑行，故A正确，B、C错误。当B端距离货箱左壁4m B 时，53，A、B两端的速度大小之比为4∶3，故D错误。 L 4π2 4π2 4．由单摆周期公式 T 2π 变形得 T2  L ， T2 L 图像斜率 k  ，易得 g g g g ∶g 1∶4，又星球A和星球B质量相等，由GM gR2有R ∶R 2∶1，故A、B A B A B M M 错误。由密度  ，有 ∶ 1∶8，故C正确，D错误。 V 4 A B πR3 3 5．根据闭合电路欧姆定律可得EI(rR )U ，代入数据解得I 2A，通过R 的电流为 L M 0 U 4 I  M  A1A，所以通过电动机的电流为I I I 1A，故A正确。电动机的输出 0 R 4 M 0 0 物理参考答案·第1页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}P 功率为P U I I2r ，电动机的机械效率为 机 100%75%，故B错误。电源 机 M M M M U I M M 的输出功率为P EI I2r16W，故 C 错误。若电动机被卡住，电动机相当于一个纯电 出 E 阻，并联部分电阻为P 0.，根据闭合电路欧姆定律，电路中的电流为I  ， 并 rR R L 并 解得I 2.5A，故D错误。 6 ． 设 物 块 沿 斜 面 向 上 滑 行 的 位 移 大 小 为 x ， 则 上 滑 过 程 根 据 动 能 定 理 有 x x mgxsin30mgcos30 mgcos30 0E ；下滑过程根据动能定理有 1 2 2 2 k1 x x 3 mgxsin30mgcos30 mgcos30 E ；又 3 ，联立解得  。故 1 2 2 2 k2 1 2 1 4 选B。 7．根据右手定则可知，刚开始时通过定值电阻的电流方向由b到a，故A错误。金属棒产生 d d 的电动势为EBdv，其中，d为金属棒切割磁感线的长度，v 1 2 ，由题意可知， 2 金属棒转动过程中，金属棒切割磁感线的长度d增大，v在增大，所以电动势在增大，故 B 错误。由题意可知，当金属棒转过53时，金属棒即将与上导轨脱离，在此之前，通过  E t  BS 4L2 4BL2 定值电阻的电荷量为qIt  t  t   ，其中S  ，解得q ， R R R R 3 3R 故 C 错 误 。 当 金 属 棒 即 将 与 上 导 轨 脱 离 时 ， 金 属 棒 产 生 的 电 动 势 为 5 5  L L 5 6 2 25 E BdvB L  BL2 ， 则 电 容 器 储 存 的 电 荷 量 为 m 3 2 9 25 QCE  CBL2，故D正确。 m 9 8．题图所示时刻a质点处于波峰，即将向下振动，b质点向上振动，故质点 b 比质点 a 先回  4 到平衡位置，故 A 正确。根据题图知波长为4m，则周期T   m/s0.4s，则经 v 10 T 过0.2s 质点的路程为两个振幅，即为40cm，故B正确。波沿x轴负方向传播，x2m 2 1 处的质点在t0时位于平衡位置向下振动，经过t 0.1s T ，可知该质点位于波谷，故 4 C 错误。波发生明显衍射的条件是障碍物或孔的尺寸接近或小于波长，根据题意可知，障 碍物的尺寸大于波的波长，所以波不能发生明显的衍射现象，故D错误。 物理参考答案·第2页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}3v 9．将小球的运动分解在水平和竖直方向上。初速度分量 v v cos30 0 ， 0x 0 2 v qE 3g v v sin30 0 ；加速度分量a   ，a g。小球从A点运动到与A等高的 0y 0 2 x m 3 y v 1 v B 点，竖直位移为零，则有 y 0 t gt2 0 ，解得t 0 ，故 A 正确。A、B 间距 2 2 g 1 3v v 1 3g v  2 2 3v2 Lv t a t2  0  0    0   0 ，故B错误。小球在B点v 与A点的 0x 2 x 2 g 2 3  g  3g y 等大反向，但v 比A点的大，因此夹角不是30，故C错误。小球从A点运动到B点， x 1 2 7 只有电场力做正功，因此小球在B点的动能E E EqL mv2  mv2  mv2，故D k k0 2 0 3 0 6 0 正确。 2kl 10．碰后两小球重力势能随x变化图像斜率绝对值为2kl 2mgsinmg，解得m ，故 g A 错误。由图乙可知，小球 B 静止时弹簧的伸长量为l，设弹簧的劲度系数为k，应有 1 kl mgsin mg kl ，得kk，故 B 正确。对两小球从碰后到速度减为 0，由能量 2 守恒可得E E E E E ，由图像可知E E ，E kl2，E 5kl2，解 k1 p1 pG1 p2 pG2 p1 p2 pG1 pG2 1 2kl 得E 4kl2，又E  2mv2 mv2，m ，联立可得v 2gl ，故C错误。碰撞过 k1 k1 2 g 程动量守恒，有mv 2mv，解得碰前速度v 2v2 2gl ，对小球A从最低点到碰前， 1 1 1 1 由能量守恒可得E E E ，即 mv2  mv2 mgsin2l，解得v  10gl ，故 k0 k pG 2 0 2 1 0 D正确。 三、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11．（每空2分，共6分） （1）a （2）2.0 （3）0.20 【解析】（1）图乙为该同学截取重物落地前物块运动过程的一段纸带，可知物块做加速运 动，相同时间内通过的位移逐渐增大，从纸带记录的信息可知a计数点更靠近物块。 物理参考答案·第3页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}（2）相邻两个计数点之间还有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为 T 50.020.1s， 根 据 逐 差 法 xaT2有 (9.297.303.305.29)102ma (20.1s)2，解得a2.0m/s2。 （3）根据牛顿第二定律可得mgMg (M m)a，解得物块与木板间的动摩擦因数为 0.20。 12．（每空2分，共10分） （1）AD （2）180 电阻R断路 （3）0.01 2400 【解析】（1）在使用欧姆表测量电阻阻值时，若红黑表笔接反了，测量值不变；用多用电 表的欧姆挡测导体的电阻时，若两手同时分别接触两表笔的金属杆，相当人体与电阻并 联，则测量值偏小；用多用电表的欧姆挡测电阻时，若指针偏转角度很小，说明倍率选 择过低，则应换倍率较大的挡再进行测量；测量结束后，要将选择开关置于 OFF 位置， 故选AD。 （2）将选择开关置于电阻挡，分别将红黑表笔接c、e端时，由图可知读数为 180Ω；再测 e、f 时表针几乎不动，说明从 e 到 f 已开路。结合电路图可判定是电阻R断路。 E （3）开关接2时对应电流表量程I  ，R 1510150，所以I 0.01A；开关 m R 内 m 内 U 接5时，R R  m R，R100，所以R R 2400。 3 4 I 3 4 m 13.（10分） 解：（1）根据理想气体状态方程 PV PV 1 1  2 2 ① T T 1 2 代入数据可得P 1.61106Pa ② 2 （2）根据热力学第一定律 U QW ③ Q15J、W 70J ④ 代入数据可得U 55J ⑤ 评分标准：本题共10分。正确得出①~⑤式各给2分。 14．（13分） 解：（1）由题意，设小球到P点的速度为v ，有 0 物理参考答案·第4页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}1 E  mv2 ① P 2 0 小球滑上物块后，系统水平方向动量守恒，恰好不从Q点离开物块，则两者共速，有 mv (m3m)v ② 0 1 1 mv2  (m3m)v2 mg(RRcos45) ③ 2 0 2 42 2 联立①②③解得E  mgR ④ P 3 （2）小球再次回到P点时，有 mv mv 3mv ⑤ 0 1 2 1 1 1 mv2  mv2  3mv2 ⑥ 2 0 2 1 2 2 1 1 解得v  v ，v  v ⑦ 1 2 0 2 2 0 小球相对物块的运动速度为 v v v v ⑧ 3 1 2 0 物块对小球的支持力满足 mv2 F mg  3 ⑨ N R 小球对物块的压力F F ⑩ N N 114 2 解得F  mg ⑪ N 3 评分标准：本题共13分。正确得出④、⑪式各给2分，其余各式各给1分。 15．（15分） 解：（1）由题意可知，在0x≤d 区域内，微粒做匀加速直线运动，有 mg qE ① 1 1 1 mg  d qE d  mv2 ② 4 4 2 0 解得v  gd ③ 0 在d x≤2d 区域内，微粒做匀速圆周运动，有 mv2 qv B 0 ④ 0 R Rdcos45 ⑤ 物理参考答案·第5页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}q 1 2g 联立解得  ⑥ m B d （2）在0x≤d 区域内 2mg ma ⑦ v t  0 ⑧ 1 a 在d x≤2d 区域内  t  T ⑨ 2 2π 2πm 其中90、T  qB 在2d x≤3d 区域内 qv B 2mg 0 微粒做匀速直线运动，有 d t  ⑩ 3 v cos45 0 微粒到达边界x=3d所需时间 6π 2d tt t t  ⑪ 1 2 3 4 g （3）在x3d 区域，微粒运动过程中有最小动能时，微粒运动速度沿水平方向，有 qv Bt mv mv cos45 y min 0 ⑫ v t  y ⑬ y 1 1 mgy mv2  mv2 ⑭ 2 min 2 0 联立解得v 0（另解v  2v 舍去） ⑮ min min 0 评分标准：本题共15分。正确得出①~⑮式各给1分。 物理参考答案·第6页（共6页） {#{QQABAQEgwggYgJaACC5rUQEICEgYsJAjLCgsxQAcuAwKiQFABKA=}#}