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{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}公众号：高一高二高三试卷
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}公众号：高一高二高三试卷
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}雅礼中学 2026 年上学期 BC． 处卫星与 处卫星的角速度相同，故
第一次质量检测试卷 它们的公转周期 也相同，但 处卫星的轨
1 2
高一物理参考答案 道半径大于 处卫星，故B错误；同时由
2
一、选择题 可知 处卫星的线速度较小，C错误；
1 =
1 2 3 4 5 D．根据 可知， 处卫星的向心加
1
A D A B C 速度小于 处卫2星，选项D错误；
= 1
6 7 8 9 10
故选A。
2
C AD BC AC BC
1．A 4.B
【详解】A．研究“四川舰”的航行路径时，“四 【详解】当小球运动到圆弧轨道上某C点时，
川舰”的体积和形状可以忽略，故“四川舰” 取O点与小球的连线与OB的夹角为 ，此
可以看成质点，故A正确； 时小球的速度为 ，对小球在半径方向进行
B．研究“歼-35”战斗机的飞行姿态时，“歼-35” 受力分析有：
战斗机的体积和形状不可以忽略，故“歼-35”
战斗机不可以看成质点，故B错误； 2
C．研究“神舟二十二号”载人飞船与空间站 故当小球在 A −点 时 ， = ，由牛顿第二定
的对接方式时，“神舟二十二号”的体积和形 律得 ，故
=0
，故B对；
状不可以忽略，故“神舟二十二号”不可以看 当小球
在
圆
=
弧
轨
道中
点
=
时
成质点，故C错误；
D．研究“蛟龙号”潜水器完成任务出水后调 2
2
整方位回舱过程时，“蛟龙号”的体积和形状 故C错； = +
2
不可以忽略，故“蛟龙号”不可以看成质点，
当小球在B点时， ，故B
故D错误。
2
故选A。 点的滑动摩擦力 = + ， 且此时
小球切向加速度方向与速度方向相反，说明
= >
2．D 小球已经进入了减速阶段；故A、D错；
【详解】对钢管受力分析，如图所示 故选B；
5．C
【详解】AD．当衣物做匀速圆周运动时，
最高点时
2
N1+ =
在最低点时
若钢管受到地面的摩擦力，则钢管水平方向 2
受力不平衡，钢管不可能处于静止状态，故 可得 N2− =
地面对钢管左端的摩擦力大小为零。ABC 弹力越
N
大
2 >
，
脱
N
水
1
效果越好，可知最低点时脱
错误，D正确。故选D。 水效果最好，故AD错误；
B．袜子做匀速圆周运动，袜子在B、D两
3．A 处竖直方向合力为零，所受摩擦力大小均等
【详解】A. 处卫星做角速度不变的匀速 于重力，方向均竖直向上，故B错误；
C．袜子在B、D两处，洗衣机对袜子的弹
圆周运动，故 其1 与地球连线的面积速度
力沿水平方向，方向相反，则洗衣机受袜子
∆
的弹力方向相反，可得地面对洗衣机的摩擦
∆ =
2
保持不变，故A对；
力方向相反，故C对；故选C。
∆ 1 1 2
2 ∙∆ =2
答案第1页，共5页
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}6．C 7．AD
【详解】A. 飞船 加速后将脱离轨道1做离
【详解】由球的体积公式 可知，被
心运动，可以与空间站 对接，故A正确；
4 3
=3 B. 卫星 加速后将脱离轨道2做离心运动，
挖去的球体部分质量为 ，原来完整的大
不可能沿虚线追上空间站 ，故B错误；
1
8
球对小球的引力为 ，设被挖去的部 C．由 可知，空 间站 和卫星
2 2
分之前对小球的万有 =引力 为 的万有 引=力大 小是否相同取决 于它们
A. 小球在A处时，与 恰好在同一条直线 的质量是否相同，缺少未知信息，故C
1
上，故小球所受万有引力 ，其中 错误；
1
D．飞船 从轨道1切换到轨道2后，半径
2 = − 1
1 变大，由 可知加速度变小，故D正确。
1 = 2 = 2 =
故 ，8选×项(0.A5 错)误 2 2
2
故选AD 。=
1
2 =2
B. 小球在E处时， ，故
8.BC
3
’= 2 【详解】AB．小球在最高点，向心力
由重力和轻绳拉力共同提供，则有
1
此时 与 的夹 1角=为 2 = ， 故剩余的万有
6 6 ，故当小球线速度减小时 ，+
引力 的大小满足： 2
1 =30°
轻 绳=拉 力 会随之变小；当拉力为零时，
2 = − 1
小球具有最小速度为 ，故A错
2 2 2 37 3 2
2 = + 1−2 1 =( − ) 误，B正确；
故 ，选项B错误 36 6 =
C．若将轻绳OA换成轻杆，此时小球
5
C. 若2 ≠在6球 体表面任一点，设 与 的夹角为
过最高点时，满足 ，
，绘出 的矢量图： 2
1
轻杆对小球的作用力 −与 小 球=所 受 重=力0
2 = − 1
大小相等，方向相反，故C正确；
D．根据上述分析可知，若将轻绳OA
换成轻杆，当小球过最高点的速度
时，设杆对小球的作用力 以向下
>
为 正 方向，则 ，解 得
2
由三角形任意一条边的长度大于其他两边 + = =
之差可知，此时 大小满足： 2
当且仅当 与 方向在相同时取 此 时−杆 对 小>球0的力为竖直向下的拉力，
2 2 ≥ − 1
A点是球体表面离O’点最近的位置，此时 故D错误。故选BC。
1 "="
恰好达到最大值，即两力大小之差
1
恰好达到最小值，且可取 。故此 9．AC
− 1
时为小球所受万有引力 的最小值，C正确 【详解】A．如图所示，
2 = − 1
D. 由 可知，小球在B点所受万 将小环速度 进行正交
2
有引力向右指向O点下方，小球在E点所 分解，其分速度 与重物
2 = − 1
受万有引力向左指向O点下方，故方向并 上升的速度大小相等，小
1
不相反，D错误；故选C 环到达 点时，
1 =
答案第2页，共5页
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}故D错误。故选BC。
，故小环在 处的速度与重物
2
上co升s4的5速°=度2大 小之比等于 ，故A正确； 11.(1)B (2)C (3)2.0
B．小环刚释放时，具有向下的加速度，则 【详解】(1)AB．由于两枚棋子从同一高度
2 (−10,−1.25)
重物具有向上的加速度，重物处于超重状态， 同时释放，一枚棋子做自由落体运动，另一
故绳中张力一定大于 ，选项B错误； 枚棋子做平抛运动，只要两枚棋子同时落地，
C．小环下滑过程中速度到达最大值时，加 即可验证平抛运动在竖直方向上是自由落
2
速度为0，此时在下滑途中，即轻绳张力的 体运动，故A错误，B正确；C．只要两枚
竖直方向分力恰等于小环的重力，故此时轻 棋子在同一高度，同时释放，它们就必然同
绳张力大于 ，选项C正确； 时落地，故C错误。故选B。
D. 小环下滑到最底端时，速度恰好减速到0， (2) 由图可知小球做斜抛运动，则斜槽末端
具有向上的加速度，则重物具有向下的加速 切线不水平，故C正确，AB错误；故选C。
度，重物处于失重状态，选项D错误； (3) 根据逐差法求加速度有：
故选AC。 ,解得 ；
Δ = −
水平方向2做匀速直线运动，有：
= =0.1
10．BC
【详解】A．宇航员在“太空电梯”中绕地心
随地球一起自转，所以宇航员所受的合力提 b 点的竖直分速 0度=：=2 /
供向心力，宇航员所受合力不为零，所以不
处于平衡状态。故A错误；
BCD．无论距地面多高，宇航员在“太空电 在竖直方向小 球 =做自由=落1体.5 运/动 ，有：
2
梯”中做圆周运动的角速度始终等于地球自
转的角速度，所受合力提供向心力。 代入数据得 2 ，则小球开始做
=2 ℎ
对于同步卫星，根据万有引力定律及牛顿第 平抛运动的位置坐标：
ℎ =0.1125
二定律可得
由 计算出小球运动到 b 点的时
2 2 =ℎ −ℎ =−1.25
当r=H时，(卫 +星 )为=静 止 卫( 星+， 卫)星周期与 间 ，则水平方向运动的距离：
=
地球自转周期T相等；当r>H时，卫星周
=0.15
期大于地球自转周期；当r<H时，卫星周 故小球开始做平抛运动的位置坐标：
= 0 =30
期小于地球自转周期。
故当h=H时，宇航员受到的万有引力恰好
=−10
提供向心力，故B正确 12．(1)BD (2)否 (3) A D
当h>H时，万有引力无法提供足够的向心 【详解】（1）该实验还需要用天平（含砝码）
力，宇航员受到向下的压力，由牛顿第二定 测量小车的质量；用刻度尺测量纸带；不需
要秒表和弹簧测力计。故选BD。
律得
（3）根据题意，由牛顿第二定律有
2
+ℎ 2 + 1 = +ℎ ，而 ，代入得
解得压力
故C正确 ；1 =
2
ℎ+ − ℎ
+
2
=( + ) = ， 所以相对误 =差δ
−
当r<H时， 万有引力大于随地球自转所需 ×100%= ×100%
与 的关系成正比例关系。故选D。
的向心力，宇航员受到向上的支持力，由牛
顿第二定律得
2
+ℎ 2 − 2 = +ℎ
解得支持力
2
2 = ℎ+ 2 − ℎ+
答案第3页，共5页
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}13．(1) ；(2) ；(3)
小车的位移 （1分）
【详解】
2rad/s 4m 41N 1 2
(1) 小球在半圆形轨道上运动时的角速度为 撤去拉力 后 = 2 =13.5
对物块，由牛顿第二定律有：
解得
0 4 ' =
（=公式=2分r，ad答/s案=22分rad）/s 对小车，由牛顿第2 二定律有：
2 ' =2 /
(2) 小球离开轨道后做平抛运动，则 解得 ，方向水平向左
' =
设经过 后两者共2 速，由匀变速运动公式有
竖直方向有 ，水平方向 ' =1 /
1 2 ∆
解得 ℎ（=22分 ）， （ 2=分 ）0 解得 ，故 后物块和小车将以
+ ' ∆ = − ' ∆
(3)根据牛顿第二定律得，圆管对小球的水平 的速度共同匀速前进
= 1 = 4m ∆ =1 =4
作用力大小为 在 内，由匀变速运动公式有
=8 /
分 物块∆ 位=移1 （1分）
2 2
0 4 1
竖直 作 用=力 大小=为0.5× N=4N 2 ' = 2( + )∆ =7
2 小车位移 （1分）
（2分）
1
故细圆管对小球的作用力为 故物块相对 ' 小=车的2(位 移+ 为)∆： =8.5
= =5N
（2分） ∆
故 时物块与小车最左端的距离为
2 2 ∆ = + ' −( + ' )=6
= + = 41N （1分）
=4
14.(1) ；
=8 −∆ =2
(2) ， ； 10．(1)8m/s （4分）
2 /
(3) 物块与小车2最左端的距离 2 (2) （5分）
=2 / =2 /
【详解】
= 2 (3)6当 / ≤ ≤8 / 时，
(1) 假设此时物块与小车共速，由整体法有：
100
，解得 （2分），此 9 ≤ 0 ≤12
时物块与小车间摩擦力为 2
= + =1 / 当 =4 2时 0−8( )
25 100
故假设成立，由 （1分） 14 ≤ 0 < 9
= =1 < =2
解得 （2分）
=
(2) 假设此时物块与小车共速，由整体法有： 14
=2 / =4 0+8( )
【详解】（1） 25
，解得 ，则物块与
滑块在斜面上运动时，由牛顿第二定律
8 2
= + =3 / （1分）
小车间的摩擦力为
故加速度为
8 sin − 1 cos = 1
故 时物块与 小=车 会 发=生3 相>对 滑 动 （1分）
对物块： （1分），解得 由运动学公式 （1分2）
=8 1 = sin − 1 cos =4m/s
（1分） 解得v =8m/s（21分）
= B =2 1 0
对小车： 2 （1分） （2）滑块从离开传送带到落入货车车厢，
=2 /
解得 （1分） 下落的高度为
= −
(3) 在 时，2由 得 ， 由自由落体运动规律有平抛运动总用时 满
=2 / =2 +ℎ=20
，故在0～3s内：
=3 = =6 / 足 ，解得
物块 的 位=移9 / （1分） 1 2
若要 落=入2 车 厢，滑块 =平2抛 运动的水平运动需
1 2
= 2 =9
答案第4页，共5页
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}满足 ，解得 （2分） 假设某滑块直至离开传送带时，仍未与传送
若滑块能从D点做平抛运动，由牛顿第二定 带共速，则水平距离 ，其中
≤ + ≤8 /
该滑块刚进入传送时，滑块速度快于传送带，
律有 ，解得 （2分） = =2
2 若达到速度相同用时 ，有：
故物块 到 达≤D 点 时的速 度 需≥满6 足/
1
解得
− 2 1 = 0 1
滑块在传送带上相对滑动时，由牛顿第二定
6 / ≤ ≤8 /
律 ，解得
0
若滑块在传送带上加速，则 2 此时滑块 的1 =位移 , 1 =
2 = 2 2 =1m/s 0+ 2 0+ 2
若滑块在传送带上一直减速，D点速度为
> =8 /
，由运动学公式 ，
+ 1
解得 2 2 情况一：若共速 1前=就离开传 动1 带，即
min− =−2 2 2
故滑块不能一直在传送带上减速，故传送带
=4 2 / <6 /
的速度取值范围为 （1分）
+ 1
（3）由前问有 ，现在开始寻找 解得 1 = 1 >
6 / ≤ ≤8 / 2
不符合题意的情况2
=2 1 0
情况一：一直减速后仍然有
100
此时由运动学公式 有 0 >
>8 / 故当 9时，物块离开传送带
2 2
− =−2 2 100
解得 2 2 2 时仍未9与 传≤送 带0 ≤共1速2 ，有
= −2 2 0 >(8 / )
分
情况二：直到最后仍然有 由 ，代2入数2值可得
0 >12 1 − =−2 2
刚进入传送时，滑块速度快于传送带，若达 分
<6 / =
到速度相同用时 ，有：
故当 =4 2 0−时8(， 当) 滑1块与传送带
1 25 100
解得 速度相14 同后≤， 0由<于9 ，滑块将一直保
− 2 1 = 0 1
持 的加速度做匀加速运动：
0 > 2
0 2
此时滑块 的1 =位移 , 1 = 解得 2 2
0+ 2 0+ 2 − 1 =2 2( − 1)
+ 1 2
此后由于 1，=滑块将一直 1保持 的加速 由 ，=代入 数1+值2可 2得( − 1)
2
度做匀加速运动：
0 > 2 2 =
分
联立代入 2 2 14
− 1 =2 2( − 1) =4 0+8( ) 1
解得 25
<6 / 故当 时，
分 100
9 ≤ 0 ≤12
25
故 的取值范 围0 <为 1
14 当 =4 2时 0−8( )
0 25 100
14 ≤ 0 < 9
25
在符合取值范围 的≤中 0：≤12
14
若离开传送带时，滑块已经与传送带共速， 14
0 =4 0+8( )
即 ，则水平距离 25
=8 / =16
答案第5页，共5页
{#{QQABAQep5gAwkIaACA4rAwW6CQgYsIGjJOgMxUAUqAQCyINIBAA=}#}
