湖南省长沙市雅礼中学2025年下学期高一物理第一次质量检测试卷答案_2025年10月高一试卷_251015湖南省长沙市雅礼中学2025-2026学年高一上学期第一次（10月）质量检测（全）

雅礼教育集团 2025 年下学期 10 月份考试 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D C A B D AD BD BC AC 5．B【详解】AB．抛出点高度为6m，总时间t3s，初速度v 4m/s。代入位移公式 0 1 hvt gt2 0 2 解得g4m/s2 落地视为速度vv gt443(m/s)8m/s 0 即落地时速度大小为8m /s，方向竖直向下，故A正确，不符题意，B错误，符合题意； x 6 C．根据平均速度v   m/s=2m/s t 3 即平均速度大小为2m/s，，方向竖直向下，故C正确，不符题意； v D．根据上述分析可知，物体上升的时间t  0 1s 1 g 故物体下落得总时间t tt 2s 2 1 1 则物体下落1s的位移h  g(t)2 2m 1 2 根据初速为零的匀变速直线运动规律可得h :h 1:3 1 2 解得重物落地前的最后1s内位移大小为h 3h 6m，故D正确，不符题意。 2 1 故选B。 6．D【详解】根据匀变速直线运动推论 xaT2 可得小球在斜面上下滑的加速度为 x 84 a  m/s2 1m/s2 T2 22 根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则小球经过B点时的速度大 小为 x 48 v  AC  m/s3m/s B 2T 22 小球经过C点时的速度大小为 v v aT 3m/s12m/s5m/sO、B两点之间的距离为 C B v2 32 x  B  m 4.5m OB 2a 21 则O、A两点之间的距离为 答案第1页，共5页x 4.5m4m0.5m OA 故选D。 7．AD 【详解】AB．甲、乙两个小铁球从不同高度做自由落运动，则运动时间不同，高度高的， 位移大，运动时间长，但同时落地，说明高度高的先释放，故A正确，B错误； CD．都做自由落体运动，加速度相同，则vt图象的斜率相同，运动时间不等，故C错误， D正确。 故选AD。 8．BD 【详解】根据逆向思维法，对于初速度为零的匀加速度直线运动，有 v :v :v :1: 2: 3: 1 2 3 t :t :t :1:( 21):( 3 2): 1 2 3 所以子弹穿过第1、2、3块木板后瞬时速度之比为3:2 2: 7，子弹穿过第7、8、9块木 板所用时间之比为(2 3):( 3 2):( 21)。 故选BD。 9*．BC 【详解】质点在加速阶段的位移 ，质点在2t时刻后的匀变速直线运动阶段的位移 ，由 ，1可=得 。又 ， ，可得 。 3 5 1 9 10 2．=A2C( − ) 1+ 2 =0 =3 =2 1 + =3 2 2 =16 【详解】A．设悬崖的高度为h，根据题意可得 2h h t   g v 声 代入数据并整理得 h h t   5 340 若h405m，则  405 405  405 t      s=9 s10s  5 340  340 故悬崖的高度一定小于405m，故A正确； B．若h320m，则  320 320  320 t      s=8 s10s  5 340  340 故悬崖的高度一定大于320m，故B错误； C．因悬崖的高度一定大于320m，石头落地的速度 v 2gh  210320m s80m s 答案第2页，共5页故C正确； D．若石头下落时间为不小于9s，则石头在第9s内下落的高度为 1 1  1 1  h  gt2  gt2  1092  1082 m=85m 9 2 9 2 8  2 2  据上分析可知，石头下落的时间 8st9s 故石头在第9s内的位移为小于85m，故D错误。 故选AC。 11．(1)AC (2)BD (3)0.30 0.40 【详解】（3） [1]纸带上相邻两个计数点之间还有4个点未画出，由在某段时间内中间时 刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，打点计时器打下C点时小车的速度大小为 ① x x 8.402.40102 v   BD  m/s0.30m/s C t 25T 250.02 [2]由匀变速直线运动的推论和纸带所示数据算出小车的加速度大小为 ② x x 12.005.205.20102 a CE AC  m/s2 0.40m/s2 45T2 450.022 12（每空2分）．(1) 2.21~2.29 1.08/1.09/1.10 (2) (3)9.70~9.90 【详解】（1）[1]由图2可知，计数点2对应的刻度值为2.22cm； [2]由图2可知，计数点4对应的刻度值为11.00cm；相邻计数点的时间间隔为 1 t 2T 2 0.04s f 根据匀变速直线运动的规律，可知计数点3的速度等于计数点2到计数点4这段时间的平均 11.002.22102 速度，则有v  m/s=1.10m/s 3 20.04 （2）作出的v-t图线，如图所示 答案第3页，共5页v 2.70.35 （3）根据图3，可得实验测得的重力加速度g  m/s2 9.80m/s2 t 0.24 13．（1）对匀减速阶段有 （2分） 解得， ， （22分）2 − 0 =2 ℎ （2） 0 =6， / （2分） 2 ' 0 得 ℎ =2 ，于是 （2分） ' ' （ℎ3）=1.8 =ℎ+ℎ =得3.8到 （4分） 0 Δ 1 = , 2 = a , = 1+ 2 =1.1 14*． (1)设物体运动的加速度大小为a,斜面长度为L,根据运动学公式可得 2aL= （2分） 解得 2 0 a=4m/s2,方向沿斜面向下。 （2分） (2)将物体的匀减速上滑过程逆向看作初速度为零的匀加速下滑过程,则物体经过B点时的速 度大小为 v =at =4×1m/s=4m/s （2分） B 1 (3) x 和x 的长度为x =x = =2m （2分） AB BC AB BC 2 物体从C到A的时间为 2 t = = s （2分） 2 2( + ) 根据运动的对称性可知物体两次经过 A点的2时间间隔为Δt=2t 2 = s。（2分）   v2 2d 4 2 Lv 123 2 2 2 15．（1） 0 ， ；（2） 0 ；（3） v d v 0 7d 14 0 【详解】（1）设门全部开启所用的时间为t，可得 v 0td 2 2d t （2分） v 0 由速度时间关系得 ① t v a 0 2 答案第4页，共5页2v v2 a 0  0 （3分） t d （2）设人从进入感应区到门框所用时间为②t ，则有 1 Lvt 1 d ③ 设门经过最后 用时间为t ，因为门最后静止，则有 2 4 d 1  at2 （2分） 4 2 2 ④ 舍去负值解得 d d t  = （2分） 2 2a 2v 0 ⑤ 有 t t t 1 2 联立 得 ⑥   ①⑤⑥ 4 2 d t  （1分） 1 2v 0 ⑦ 人的速度   4 2 Lv v 0 （2分） 7d ⑧ （3）依题意宽为 7 1.75d= d 4 的小车移到门框过程中，每扇门至少要移动 7d d  （1分） 1 8 的距离，设门的最小加速度调整为a ，则门在t 时间内位移是d ，由（1）（2）解析方法可 1 1 1 知，调整加速度后，门全开启所用时间为t'，有 9v2 t' 2 d t  d  d  d 得 a 1   0 2 （1分） a 1 4a v 4a 4 2 d 1 1 0 1 对于门从开启到停止全过程 v v 2v d  m 2t  m  m t 为加速运动时间，解得 2 3 2 a 3 1 123 2 v  v （2分） m 14 0 答案第5页，共5页