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2022年甘肃省兰州市中考物理试卷
一、选择题：本大题11小题，每小题3分，共33分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选
项是符合题目要求的。
1．（3分）校园生活，同学们并不陌生，下列有关说法最合理的是（ ）
A．操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m
B．此时教室内的温度约为42℃
C．微机室内台式计算机的功率约为300W
D．普通乒乓球拍的质量约为2kg
2．（3分）笛子是一种常见的管乐器，下列说法错误的是（ ）
A．笛子发出的声音是由空气柱振动产生的
B．笛声在真空中的传播速度为340m/s
C．用不同的力度吹奏主要改变了声音的响度
D．吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变了声音的音调
3．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
A．甲物质的密度与质量成正比
B．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小
C．甲、乙两种物质的密度之比为4：1
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
4．（3分）如图所示的情境中，对物体不做功的是（ ）
第1页（共27页）A．图甲：用力搬石头，没有搬动
B．图乙：将重物从地面拉到高处
C．图丙：推车向前运动
D．图丁：挺举杠铃的过程
5．（3分）如图所示，放在水平桌面上的溢水杯盛满水，弹簧测力计挂一个实心铁块其示数为
F 。将铁块缓慢浸没入水中（未接触溢水杯），若溢出的水全部流入小烧杯，弹簧测力计的
1
示数为F ，下列判断正确的是（ ）
2
A．铁块受到的浮力F浮 ＝F
2
﹣F
1
B．小烧杯中的水重G＝F ﹣F
1 2
C．两次实验中，水对溢水杯底的压强p甲 ＜p乙
D．两次实验中，溢水杯对桌面的压力F甲 ＜F乙
6 ． （ 3 分 ） 关 于 磁 现 象 ， 下 列 说 法 正 确 的 是 （ ）
A．图甲：通电时小磁针发生明显偏转说明通电导体周围存在地磁场
B．图乙：利用此装置可说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关
C．图丙：利用此装置可说明发电机的工作原理
D．图丁：利用此装置可说明电动机的工作原理
第2页（共27页）7．（3分）如图所示，放在M、N两水平桌面上的A、B两物体，分别在F ＝3N、F ＝5N的水平
1 2
拉力作用下做匀速直线运动，下列判断正确的是（ ）
A．物体A受到的摩擦力一定小于物体B受到的摩擦力
B．桌面M一定比桌面N粗糙
C．物体A的质量一定大于物体B的质量
D．物体A的速度一定大于物体B的速度
8．（3分）如图所示，斜面长10m，高4m。用平行于斜面F＝50N的拉力，将重100N的物体，
从斜面的底端匀速拉到顶端。在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．利用此装置既可以省力，也可以省功
B．物体受到的摩擦力为50N
C．对物体所做的有用功为500J
D．该斜面的机械效率为80%
9．（3分）如图所示，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动
1 2
变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A 变小，A 变小，电压表V变大
1 2
B．电流表A 变小，A 不变，电压表V不变
1 2
C．电压表V的示数与电流表A 示数的比值变小
2
D．电流表A 、A 的示数之差与电压表示数的乘积不变
2 1
10．（3分）现有“6V3W”和“12V6W”字样的甲、乙两只灯泡，不考虑灯丝电阻的变化，下
列说法正确的是（ ）
第3页（共27页）A．通电时间相同时，甲灯泡消耗的电能一定比乙灯泡少
B．通电时间相同时，电流通过乙灯泡比甲灯泡做功一定快
C．两只灯泡串联工作时，甲灯泡产生的热量一定比乙灯泡少
D．两只灯泡并联工作时，干路中允许通过的最大电流为1A
11．（3分）如图所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R标有“30 1A”，定值电阻R 的阻
0
值为10 ，小灯泡L标有“6V 0.6A”，电流表的量程为0～3AΩ。不考虑灯丝电阻的变化，
只闭合ΩS，滑片P移到R的中点时，小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的前提下，下列
说法错误的是（ ）
A．小灯泡的电阻为10
B．电源电压为15V Ω
C．小灯泡发光最暗时的功率约为1.4W
D．电路消耗总功率的最小值与最大值之比是1：8
二、填空题：本大题5小题，每空1分，共10分。
12．（2分）2022年3月29日，我国成功发射长征六号改运载火箭，搭载了“浦江二号”和
“天鲲二号”卫星。在火箭加速升空的过程中，若以发射台为参照物，该火箭是
的，卫星的机械能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
13．（2分）一台单缸四冲程汽油机，只有第三个冲程中燃气对外做功，其他冲程是靠飞轮的
来完成的；若飞轮的转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功 次。
14．（2分）如图所示，物块在水平拉力F（大小未知）的作用下，在水平直线轨道上运动，其中
AB＝CD＝10m。已知物块在AB段和CD段分别以2m/s和4m/s的速度匀速运动，且在
AB段、CD段所受摩擦力分别为1N和2N，则该物块通过AB段和CD段所用的时间之比
为 ， 拉 力 F 在 AB 段 做 功 的 功 率 为 W 。
第4页（共27页）15．（2分）如图所示，两只气球自由地悬挂在空中。为了使两只气球靠拢，你所采用的方法是
，其中用到的物理知识是 。
16．（2分）阅读短文，回答问题。
页岩气
页岩气是指附存于有机质泥页岩及其夹层中，以吸附和游离状态为主要存在方式的非常
规天然气，成分以甲烷为主，是一种清洁、高效的能源资源和化工原料。页岩气主要用于
居民燃气、城市供热、发电、汽车燃料和化工生产等，用途广泛。
页岩气生产过程中一般无需排水，生产周期长，一般为30年～50年，勘探开发成功率高，
具有较高的工业经济价值。随着社会对能源需求不断扩大，特别是水平井与压裂技术水平
不断进步，人类对页岩气的勘探开发正在形成热潮。我国页岩气资源潜力大，初步估计我
国页岩气可采资源量在36.1万亿立方米，与常规天然气相当。
（1）页岩气属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）若页岩气的热值为4.2×107J/m3，则燃烧5m3页岩气放出的热量为 J。
三、识图、作图题：本大题3小题，其中第17题4分，第18、19题每题3分，共10分。
17．（4分）图甲中物块的质量是 g；图乙中物体A重 N；物体B沿着斜面匀
速下滑，图丙中 （选填“G ”、“G ”或“G ”）为物体B所受重力的示意图；图
1 2 3
丁中通电螺线管的C端是 （选填“N”或“S”）极。
18．（3分）如图所示，由发光点A发出的光射到水面上，同时发生反射和折射，反射光线经过
第5页（共27页）S点，试在图中画出入射光线、反射光线和大致的折射光线。
19．（3分）如图甲是宾馆床头柜上开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S 为旋钮开关，单
1
独控制台灯的通断和亮度，S 为单独控制电视插座的开关。在图乙中将电路图连接完整，
2
要求符合安全用电原则。
四、实验题：本大题3小题，第22题第1小题1分，其余每空1分，共14分。
20．（6分）小华同学选用图甲、图乙所示的装置，探究了冰的熔化及水沸腾时温度的变化特
点，图丙是由测量数据所绘制的图像。
（1）要完成这个实验，除了图示的器材外，还需要的测量器材是 ；若只探究冰熔
化应选用图 （选填“甲”或“乙”）装置来进行实验，效果更好；在探究水沸腾
时温度的变化特点时，试管口产生“白气”的原因：水蒸气遇冷 成小水珠。
（2）由图丙可知冰是 （选填“晶体”或“非晶体”），水的沸点是 ℃.
（3）在评估交流时，有同学提出从开始加热到沸腾所用时间过长，请你说出一种能节省实
验时间的方法 。
21．（3分）小聪同学按照如图所示的装置对动滑轮特点进行了探究，实验数据见下表。通过
分析数据，他觉得与“使用动滑轮能省一半的力”的结论偏差较大。
第6页（共27页）（1）该实验中出现这样结果的主要原因是没有考虑 ；
（2）在实验过程中，提升重物时应该注意沿竖直方向 拉动。动滑轮可视为杠杆的
变形，则此时其支点为 （选填“A”、“B”或“C”）点。
实验次数 物重G/N 弹簧测力计示数F/N
1 1.0 0.7
2 1.5 1.0
3 2.0 1.3
22．（5分）实验小组的同学们用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为
6V，滑动变阻器规格为“50 2A”，现有5 、10 、15 、25 、30 的定值电阻各一个。
（1）根据图甲将图乙所示的Ω实物连接完整。Ω Ω Ω Ω Ω
（2）连接电路时，开关应 ；
（3）在该实验中，若滑动变阻器接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是
。排除故障后，接入5 的电阻，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图丙所示，此时通
过电阻的电流为 Ω A，电压表示数为U 。
1
（4）将5 的电阻分别换成10 、15 、25 、30 的电阻，继续实验。小明发现当定值电阻为
30 时，Ω无法完成实验。为了Ω让30Ω的电Ω阻也Ω能完成实验，他设计了如下三个调整方案，
其Ω中错误的是 （选填“A”Ω 、“B”或“C”）。
A.电源电压不变，在电路中多串联一个10 的电阻，其余操作不变
B.U
1
不变，改变电源电压，电源电压的取值Ω范围是2V～4.4V
C.电源电压不变，改变U 的大小（视需要可改变电压表、电流表的量程），U 的取值范围
1 1
第7页（共27页）是2.25V～6V
五、计算题：本大题2小题，共14分。解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结
果的不给分。
23．（7分）一个质量为1kg且质地均匀的长方体物块，底面是边长为10cm的正方形。
（1）物块漂浮在水面上时，浸入在水中的体积占物块总体积的 ，此时物块所受到的浮力
大小是多大？
（2）用手缓慢下压物块，如图所示，当物块下表面所处的深度为0.09m时，物块下表面受
到水的压强是多少？
（3）继续用手缓慢下压物块，当物块上表面与液面刚好相平时，需要施加压力是多大？
24．（7分）一款内置电陶炉的电暖桌如图甲所示，它不仅具有桌面暖手、桌底暖脚功能，还可
以烧水、煮茶等。电陶炉的简化电路如图乙所示，其参数如表所示，高温挡额定功率字迹
已被磨损。旋转旋钮开关，可实现停止工作、低温挡和高温挡的转换。R 和R 均为电热丝，
1 2
R ＝72.6 。求：
2
Ω
电陶炉
额定电压 220V
额定功率 高温挡 ××W
低温挡 400W
（1）R 的阻值；
1
第8页（共27页）（2）高温挡额定功率；
（3）在某用电高峰期，若家庭电路中只有电陶炉在工作，发现标有“3000imp/（kW•h）”
的电能表的指示灯闪烁168次，使质量为1.7kg的水从25℃升高到49℃，求此时电陶炉的
加热效率。[c水 ＝4.2×103J/（kg•℃）]
第9页（共27页）2022年甘肃省兰州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题11小题，每小题3分，共33分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选
项是符合题目要求的。
1．（3分）校园生活，同学们并不陌生，下列有关说法最合理的是（ ）
A．操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m
B．此时教室内的温度约为42℃
C．微机室内台式计算机的功率约为300W
D．普通乒乓球拍的质量约为2kg
【解答】解：A、篮球架上的篮圈距地面的高度约3.05m，故A不合理。
B、此时教室内的温度约为25℃，故B不合理。
C、微机室内台式计算机的功率约为300W，故C合理。
D、普通乒乓球拍的质量较小，约为4g，故D不合理。
故选：C。
2．（3分）笛子是一种常见的管乐器，下列说法错误的是（ ）
A．笛子发出的声音是由空气柱振动产生的
B．笛声在真空中的传播速度为340m/s
C．用不同的力度吹奏主要改变了声音的响度
D．吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变了声音的音调
【解答】解：A、吹奏笛子时，声音是空气柱振动产生的，故A正确；
B、声音不能在真空中传播，故B错误；
C、用不同的力度吹奏是为了改变振幅，从而改变响度，故C正确；
D、吹奏时按压不同位置的气孔，是为了改变振动的频率，从而改变了声音的音调，故D正
确。
故选：B。
3．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
第10页（共27页）A．甲物质的密度与质量成正比
B．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小
C．甲、乙两种物质的密度之比为4：1
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
【解答】解：A、密度是物质的一种特性，与质量无关，故A错误；
B、由图可知，若甲、乙的体积相等，则甲的质量较大，故B错误；
C、由图可知，乙的密度为：
乙
＝ ＝ ＝0.5g/cm3，
ρ
甲的密度为：
甲
＝ ＝ ＝2g/cm3，
ρ
则甲、乙两种物质的密度之比为：
甲
：
乙
＝2g/cm3：0.5g/cm3＝4：1，故C正确；
D、由图可知，若甲、乙的质量相等ρ，则ρ乙的体积较大，故D错误。
故选：C。
4．（3分）如图所示的情境中，对物体不做功的是（ ）
A．图甲：用力搬石头，没有搬动
B．图乙：将重物从地面拉到高处
C．图丙：推车向前运动
D．图丁：挺举杠铃的过程
第11页（共27页）【解答】解：A、图中人用力搬石头，搬而未起，只有力没有距离，所以人对物体没有做功，
故A正确；
B、图中人拉重物从地面提到高处，重物在拉力的方向上移动了距离，所以人对物体做功，
故B错误；
C、推车向前运动，车在人的推力的方向上通过了距离，对车做功，故C错误；
D、挺举杠铃的过程，杠铃在力的方向上通过了距离，人对杠铃做了功，故D错误。
故选：A。
5．（3分）如图所示，放在水平桌面上的溢水杯盛满水，弹簧测力计挂一个实心铁块其示数为
F 。将铁块缓慢浸没入水中（未接触溢水杯），若溢出的水全部流入小烧杯，弹簧测力计的
1
示数为F ，下列判断正确的是（ ）
2
A．铁块受到的浮力F浮 ＝F
2
﹣F
1
B．小烧杯中的水重G＝F ﹣F
1 2
C．两次实验中，水对溢水杯底的压强p甲 ＜p乙
D．两次实验中，溢水杯对桌面的压力F甲 ＜F乙
【解答】解：A、F 为铁块浸没水中前的拉力（等于铁块的重力），F 为铁块浸没水中后的拉
1 2
力，根据称重法测浮力可知，铁块受到的浮力F浮 ＝F
1
﹣F
2
，故A错误；
B、根据阿基米德原理可知，铁块所受浮力等于排开水的重力，所以小烧杯中水的重力（排
开水的重力）G＝F浮 ＝F
1
﹣F
2
，故B正确；
C、甲乙液面相平，且液体均为水，根据p＝ gh可知，水对溢水杯底部的压强相等，故C错
误； ρ
D、铁块浸没在水中后，水面高度不变，水对杯底的压强不变，根据F＝pS可知，水对杯底
的压力不变，溢水杯的重力不变；因溢水杯对桌面的压力等于水对溢水杯底的压力与溢水
第12页（共27页）杯的重力之和，所以溢水杯对桌面的压力不变，即F甲 ＝F乙 ，故D错误。
故选：B。
6 ． （ 3 分 ） 关 于 磁 现 象 ， 下 列 说 法 正 确 的 是 （ ）
A．图甲：通电时小磁针发生明显偏转说明通电导体周围存在地磁场
B．图乙：利用此装置可说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关
C．图丙：利用此装置可说明发电机的工作原理
D．图丁：利用此装置可说明电动机的工作原理
【解答】解：
A、该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，不是地磁场，故A错误；
B、图中两个电磁铁串联，通过的电流相同，线圈匝数不同，吸起大头针的数目不同，说明
电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故B正确；
C、图中实验研究的是通电导体在磁场中受力运动，能说明电动机工作原理，故C错误；
D、图中闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，会产生感应电流，这是
电磁感应现象，该实验说明机械能可以转化为电能，利用此装置可说明发电机的工作原理，
故D错误。
故选：B。
7．（3分）如图所示，放在M、N两水平桌面上的A、B两物体，分别在F ＝3N、F ＝5N的水平
1 2
拉力作用下做匀速直线运动，下列判断正确的是（ ）
A．物体A受到的摩擦力一定小于物体B受到的摩擦力
B．桌面M一定比桌面N粗糙
C．物体A的质量一定大于物体B的质量
第13页（共27页）D．物体A的速度一定大于物体B的速度
【解答】解：A、对于物体A来讲，水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦
力作用，这两个力是平衡力，大小相等，拉力大小是3N，所以滑动摩擦力大小是3N。
对于物体B来讲，水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力作用，这两个
力是平衡力，大小相等，拉力大小是5N，所以滑动摩擦力大小是5N，A受到的摩擦力一定
小于B受到的摩擦力，故A正确；
BC、A受到的滑动摩擦力小于B受到的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟压力大小和接触面的
粗糙程度有关，A受到的滑动摩擦力小，有可能是因为桌面N比桌面M粗糙造成的；也有
可能是B的质量大，重力大，对桌面的压力大造成的，故BC错误；
D、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，摩擦力大小跟物体的运动速
度无关，故D错误。
故选：A。
8．（3分）如图所示，斜面长10m，高4m。用平行于斜面F＝50N的拉力，将重100N的物体，
从斜面的底端匀速拉到顶端。在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．利用此装置既可以省力，也可以省功
B．物体受到的摩擦力为50N
C．对物体所做的有用功为500J
D．该斜面的机械效率为80%
【解答】解：A、此装置为斜面，可以省力，根据功的原理可知，使用任何机械都不省功，故
使用此装置不省功，故A错误；
BCD、对物体所做的有用功W有用 ＝Gh＝100N×4m＝400J，故C错误；
总功W总 ＝Fs＝50N×10m＝500J，机械效率 ＝ ＝ ×100%＝80%，故D正确；
η
额外功W额外 ＝W总 ﹣W有用 ＝500J﹣400J＝100J，
物体受到的摩擦力f＝ ＝ ＝10N，故B错误。
故选D。
第14页（共27页）9．（3分）如图所示，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动
1 2
变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A 变小，A 变小，电压表V变大
1 2
B．电流表A 变小，A 不变，电压表V不变
1 2
C．电压表V的示数与电流表A 示数的比值变小
2
D．电流表A 、A 的示数之差与电压表示数的乘积不变
2 1
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源的电压，电流表A 测干路电流，电
1 2 2
流表A 测R 支路的电流；
1 2
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点
向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电
流减小，即电流表A 示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R 的电流不变，根据并联
1 1
电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A 示数变小，故AB错误；
2
C、电压表示数不变，电流表A 示数变小，其比值变大，故C错误；
2
D、电流表A 、A 示数之差为通过R 的电流，保持不变，且电压表示数不变，所以它们的
2 1 1
乘积不变，故D正确。
故选：D。
10．（3分）现有“6V3W”和“12V6W”字样的甲、乙两只灯泡，不考虑灯丝电阻的变化，下
列说法正确的是（ ）
A．通电时间相同时，甲灯泡消耗的电能一定比乙灯泡少
B．通电时间相同时，电流通过乙灯泡比甲灯泡做功一定快
C．两只灯泡串联工作时，甲灯泡产生的热量一定比乙灯泡少
D．两只灯泡并联工作时，干路中允许通过的最大电流为1A
【解答】解：“6V 3W”和“12V 6W”分别表示甲、乙两灯的额定电压和额定功率。
A、由于两灯是否正常工作，所以两实际功率大小未知，由W＝Pt知，无法判断两灯在相同
时间内消耗电能的多少，故A错误；
B、由于两灯的实际功率未知，而电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过两
第15页（共27页）灯做功的快慢无法确定，故B错误；
C、由P＝ 可得，R甲 ＝ ＝ ＝12 ，R乙 ＝ ＝ ＝24 ，
Ω Ω
由串联电路的电流特点知，两只灯泡串联工作时，通过的电流相等，由Q＝I2Rt知，相等时
间里甲灯产生热量小于乙，故C正确；
D、甲的额定电压小于乙，由并联电路的电压规律知，甲和乙灯并联时，电源电压最大为U
＝U实乙 ＝U额甲 ＝6V，
由并联电路的电流规律和欧姆定律可得，干路中允许通过的最大电流：
I＝I甲+I乙 ＝ + ＝ + ＝0.75A，故D错误。
故选：C。
11．（3分）如图所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R标有“30 1A”，定值电阻R 的阻
0
值为10 ，小灯泡L标有“6V 0.6A”，电流表的量程为0～3AΩ。不考虑灯丝电阻的变化，
只闭合ΩS，滑片P移到R的中点时，小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的前提下，下列
说法错误的是（ ）
A．小灯泡的电阻为10
B．电源电压为15V Ω
C．小灯泡发光最暗时的功率约为1.4W
D．电路消耗总功率的最小值与最大值之比是1：8
【解答】解：A、由I＝ 可知，小灯泡的电阻RL＝ ＝ ＝10 ，故A正确；
Ω
B、由于小灯泡正常发光，根据串联电路特点可知，通过滑动变阻器 R的电流I ＝I ＝
R L
0.6A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器R两端的电压U ＝I R′＝0.6A× ×30 ＝9V，
R R
Ω
第16页（共27页）根据串联电路的电压特点可知，电源电压U＝U +U ＝6V+9V＝15V，故B正确；
L R
C、当滑动变阻器滑片P移到右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大R＝30 ，
Ω
此时电路中的最小电流I小 ＝ ＝ ＝ ＝0.375A，
小灯泡发光最暗时的功率P＝I小 2R
L
＝（0.375A）2×1 ≈1.4W，故C正确；
D、要保证电路安全，分析电路可得，当闭合开关S、SΩ2 和S
1
时，且通过滑动变阻器的电流
为1A时，干路电流最大；
因并联电路中各支路两端电压相等，
所以此时通过R 的电流：I ＝ ＝ ＝1.5A；
0 0
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路的最大电流：I ＝1A+1.5A＝
max
2.5A，
电路消耗的最大功率：P ＝UI ＝15V×2.5A＝37.5W；
max max
当S闭合，S 、S 都断开，R与R 并联，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联时，电路电流最
1 2 0
小，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
所以电路最小电流：I ＝ ＝ ＝0.375A，
min
电路消耗的最小功率：P ＝UI ＝15V×0.375A＝5.625W；
min min
则电路消耗总功率的最小值与最大值之比P ：P ＝5.625W：37.5W＝3：20，故D错误。
min max
故选：D。
二、填空题：本大题5小题，每空1分，共10分。
12．（2分）2022年3月29日，我国成功发射长征六号改运载火箭，搭载了“浦江二号”和
“天鲲二号”卫星。在火箭加速升空的过程中，若以发射台为参照物，该火箭是 运动
的，卫星的机械能 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【解答】解：（1）以发射台为参照物，火箭的位置相对于发射台发生改变，所以火箭是运动
的
（2）火箭加速升空的过程，卫星的质量不变、速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增
大，因此卫星的机械能变大。
故答案为：运动；增大。
13．（2分）一台单缸四冲程汽油机，只有第三个冲程中燃气对外做功，其他冲程是靠飞轮的
惯性 来完成的；若飞轮的转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功 1 0 次。
【解答】解：四冲程内燃机的一个工作循环是由吸气、压缩、做功和排气四个冲程组成的；
第17页（共27页）在内燃机工作的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其它冲程是靠飞轮的惯性来工作的；
四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该飞轮每秒钟转20圈；因为一个工作循环飞轮
转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以，1s内飞轮转20圈，活塞往复运动20次，共
10个工作循环，做功10次。
故答案为：惯性；10。
14．（2分）如图所示，物块在水平拉力F（大小未知）的作用下，在水平直线轨道上运动，其中
AB＝CD＝10m。已知物块在AB段和CD段分别以2m/s和4m/s的速度匀速运动，且在
AB段、CD段所受摩擦力分别为1N和2N，则该物块通过AB段和CD段所用的时间之比
为 2 ： 1 ， 拉 力 F 在 AB 段 做 功 的 功 率 为 2 W 。
【解答】解：由速度公式可得，该物块通过AB段所用时间：t ＝ ＝ ＝5s，
AB
通过CD段所用时间：t ＝ ＝ ＝2.5s，
CD
则该物块通过AB段和CD段所用的时间之比为： ＝ ＝2：1；
物块在AB段做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的拉力F＝f ＝1N，
1
根据P＝ ＝ ＝Fv可知拉力F在AB段做功的功率P＝Fv ＝1N×2m/s＝2W。
AB
故答案为：2：1；2。
15．（2分）如图所示，两只气球自由地悬挂在空中。为了使两只气球靠拢，你所采用的方法是
用吸管向两气球中间吹气（或将一个气球用丝绸摩擦后去靠近另一气球） ，其中用到的
物理知识是 气体流速越大，压强越小（或带电体具有吸引轻小物体的性质）。 。
【解答】解：方法一：用吸管向两气球中间吹气。因为气体流速越大，压强越小，所以向两气
第18页（共27页）球之间吹气时，两气球间的空气流速变大，压强变小，气球外侧的大气压使两只气球靠拢。
方法二：将一个气球用丝绸摩擦后去靠近另一气球。这是因为用丝绸摩擦过的气球带了电，
能吸引轻小物体，所以两只气球在引力的作用下相互靠拢。
故答案为：用吸管向两气球中间吹气（或将一个气球用丝绸摩擦后去靠近另一气球）；气
体流速越大，压强越小（或带电体具有吸引轻小物体的性质）。
16．（2分）阅读短文，回答问题。
页岩气
页岩气是指附存于有机质泥页岩及其夹层中，以吸附和游离状态为主要存在方式的非常
规天然气，成分以甲烷为主，是一种清洁、高效的能源资源和化工原料。页岩气主要用于
居民燃气、城市供热、发电、汽车燃料和化工生产等，用途广泛。
页岩气生产过程中一般无需排水，生产周期长，一般为30年～50年，勘探开发成功率高，
具有较高的工业经济价值。随着社会对能源需求不断扩大，特别是水平井与压裂技术水平
不断进步，人类对页岩气的勘探开发正在形成热潮。我国页岩气资源潜力大，初步估计我
国页岩气可采资源量在36.1万亿立方米，与常规天然气相当。
（1）页岩气属于 不可再生 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）若页岩气的热值为4.2×107J/m3，则燃烧5m3页岩气放出的热量为 2.1×1 0 8 J。
【解答】解：（1）页岩气不能在短期内再生，属于不可再生能源；
（2）完全燃烧5m3页岩气可放出的热量：
Q放 ＝Vq＝5m3×4.2×107J/m3＝2.1×108J。
故答案为：不可再生；2.1×108。
三、识图、作图题：本大题3小题，其中第17题4分，第18、19题每题3分，共10分。
17．（4分）图甲中物块的质量是 26. 6 g；图乙中物体A重 1. 2 N；物体B沿着斜面匀
速下滑，图丙中 G （选填“G ”、“G ”或“G ”）为物体B所受重力的示意图；图
3 1 2 3
丁中通电螺线管的C端是 S （选填“N”或“S”）极。
第19页（共27页）【解答】解：
（1）标尺的分度值是0.2g，物块的质量：m＝20g+5g+1.6g＝26.6g；
（2）由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.2N，所以物体A重1.2N；
（3）不管物体怎样运动，其所受重力的方向总是竖直向下的，所以，图中G 为物体B所受
3
重力的示意图；
（4）由电源正负极可知电流从螺线管的下端流入，结合图中导线的绕法，根据安培定则可
知，C端为S极。
故答案为：（1）26.6；（2）1.2；（3）G ；（4）S。
3
18．（3分）如图所示，由发光点A发出的光射到水面上，同时发生反射和折射，反射光线经过
S点，试在图中画出入射光线、反射光线和大致的折射光线。
【解答】解：先作出发光点A关于水面的对称点A′，连接SA′，交平面镜于点O，OS为
反射光线，AO为入射光线；
过O点垂直水面作出法线，在水中法线的右侧画出折射光线OB，注意折射角小于入射角，
辅助线用虚线，如图所示：
19．（3分）如图甲是宾馆床头柜上开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S 为旋钮开关，单
1
第20页（共27页）独控制台灯的通断和亮度，S 为单独控制电视插座的开关。在图乙中将电路图连接完整，
2
要求符合安全用电原则。
【解答】解：火线先进台灯的开关，然后变阻器与灯泡串联，而零线直接接在灯泡上；开关
S 应与插座串联，开关S 接在火线上，电视插座的上端直接接在零线上。如图所示：
2 2
四、实验题：本大题3小题，第22题第1小题1分，其余每空1分，共14分。
20．（6分）小华同学选用图甲、图乙所示的装置，探究了冰的熔化及水沸腾时温度的变化特
点，图丙是由测量数据所绘制的图像。
（1）要完成这个实验，除了图示的器材外，还需要的测量器材是 秒表 ；若只探究冰熔
化应选用图 乙 （选填“甲”或“乙”）装置来进行实验，效果更好；在探究水沸腾时
温度的变化特点时，试管口产生“白气”的原因：水蒸气遇冷 液化 成小水珠。
（2）由图丙可知冰是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”），水的沸点是 9 8 ℃.
第21页（共27页）（3）在评估交流时，有同学提出从开始加热到沸腾所用时间过长，请你说出一种能节省实
验时间的方法 减少水的质量 。
【解答】解：
（1）该实验中需要观察不同时刻物质的状态以及温度随时间的变化规律，所以还需要的测
量器材是秒表；
若只探究冰的熔化规律，需要利用“水浴法”加热，可以使冰受热均匀，也便于温度的测
量，故应选乙装置来进行试验；
试管口附近的“白气”是水蒸气上升时遇冷液化形成的；
（2）由图丙可知，在BC段，冰吸热但温度保持不变，这是冰的熔化过程，所以冰是晶体；
在CD段吸收热量，温度升高，在DE段，水的温度保持不变，这是水的沸腾过程，由图丙
可知水沸腾时的温度保持98℃不变，即水的沸点为98℃；
（3）为了缩短实验的时间，可以采取的措施是减少水的质量或加大酒精灯火焰等。
故答案为：（1）秒表；乙；液化；（2）晶体；98；（3）减少水的质量。
21．（3分）小聪同学按照如图所示的装置对动滑轮特点进行了探究，实验数据见下表。通过
分析数据，他觉得与“使用动滑轮能省一半的力”的结论偏差较大。
（1）该实验中出现这样结果的主要原因是没有考虑 滑轮的自重 ；
（2）在实验过程中，提升重物时应该注意沿竖直方向 匀速 拉动。动滑轮可视为杠杆
的变形，则此时其支点为 A （选填“A”、“B”或“C”）点。
实验次数 物重G/N 弹簧测力计示数F/N
1 1.0 0.7
2 1.5 1.0
3 2.0 1.3
【解答】解：（1）由表中数据可知，随着物重的增加，测力计的示数变大，但比物重的一半要
大，这与“使用动滑轮能省一半的力”的结论偏差较大。其主要原因是没有考虑滑轮的自
重；
（2）使用动滑轮提升物体时，只有匀速竖直向上拉动弹簧测力计，使得弹簧测力计的示数
第22页（共27页）稳定，便于读出拉力的大小，此时动滑轮的实质是动力臂等于阻力臂2倍的省力杠杆，支
点是A点。
故答案为：（1）滑轮的自重；（2）匀速；A。
22．（5分）实验小组的同学们用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为
6V，滑动变阻器规格为“50 2A”，现有5 、10 、15 、25 、30 的定值电阻各一个。
（1）根据图甲将图乙所示的Ω实物连接完整。Ω Ω Ω Ω Ω
（2）连接电路时，开关应 断开 ；
（3）在该实验中，若滑动变阻器接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是
电流表示数为零，电压表示数也为零 。排除故障后，接入5 的电阻，移动滑片P到某一
位置时电流表示数如图丙所示，此时通过电阻的电流为 0Ω. 4 A，电压表示数为U 。
1
（4）将5 的电阻分别换成10 、15 、25 、30 的电阻，继续实验。小明发现当定值电阻为
30 时，Ω无法完成实验。为了Ω让30Ω的电Ω阻也Ω能完成实验，他设计了如下三个调整方案，
其Ω中错误的是 B （选填“A”Ω、“B”或“C”）。
A.电源电压不变，在电路中多串联一个10 的电阻，其余操作不变
B.U
1
不变，改变电源电压，电源电压的取值Ω范围是2V～4.4V
C.电源电压不变，改变U 的大小（视需要可改变电压表、电流表的量程），U 的取值范围
1 1
是2.25V～6V
【解答】解：（1）电压表测量定值电阻两端的电压，二者并联；滑动变阻器和定值电阻串联，
且向左移动时接入电路中的电阻变小，所以应把左下角接线柱接入电路，具体连接方式如
下图所示
第23页（共27页）；
（2）连接电路时，为保护电路，开关应断开；
（3）实验电路中，定值电阻、滑动变阻器、电流表串联，电压表测量定值电阻两端电压，若
滑动变阻器接触不良，会造成断路，所以电流表示数为零，电压表示数也为零。
由图丙可知电流表选用小量程，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.4A；
（4）根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压为U'＝IR＝0.4A×5 ＝2V；
Ω
A、30 的电阻接入电路时，电路中的电流为：I'＝ ＝ A；
Ω
则滑动变阻器应接入电路的电阻为：R ＝ ＝60 ，滑动变阻器的最大阻值为
2
Ω
50 ，所以可以串联一个10 的电阻来完成实验，故A正确；
B、Ω由于定值电阻的阻值较大Ω，滑动变阻器的最大阻值一定，换用30 的电阻时，定值电阻
两端分担的电压较大，会大于2V，所以可以通过减小电源电压的方Ω法来完成实验；
定值电阻两端的控制电压为2V，故电源电压最小为2V；
滑动变阻器阻值最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大电压为：U' ＝
2
A×50 ≈3.3V；则电源的最大电压为U＝2V+3.3V＝5.3V，故B错误；
C、滑Ω动变阻器阻值调至最大时，定值电阻两端控制的电压最小，则最小电压为：U
min
＝
＝ ×30 ＝2.25V；电源电压为6V，所以控制的最大电压为6V，即
Ω
U 的取值范围为2.25V﹣6V，故C正确；
1
故选B。
故答案为：（1）如图所示（2）断开；（3）电流表示数为零，电压表示数也为零；0.4；（4）B。
五、计算题：本大题2小题，共14分。解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结
果的不给分。
23．（7分）一个质量为1kg且质地均匀的长方体物块，底面是边长为10cm的正方形。
第24页（共27页）（1）物块漂浮在水面上时，浸入在水中的体积占物块总体积的 ，此时物块所受到的浮力
大小是多大？
（2）用手缓慢下压物块，如图所示，当物块下表面所处的深度为0.09m时，物块下表面受
到水的压强是多少？
（3）继续用手缓慢下压物块，当物块上表面与液面刚好相平时，需要施加压力是多大？
【解答】解：（1）物块漂浮在水面上时，受到的浮力为等于物块的重力，即：
F浮 ＝G＝mg＝1kg×10N/kg＝10N；
（2）当物块下表面所处的深度为0.09m时，物块下表面受到水的压强为：
p＝ 水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa；
（3）ρ 物块漂浮在水面上时，排开水的体积为：
V排 ＝ ＝ ＝10﹣3m3，
则物块的体积为：V＝ V排 ＝ ×10﹣3m3＝1.25×10﹣3m3，
当物块上表面与液面刚好相平时，受到的浮力为：
F浮'＝ 水gV排 ＝ 水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣3m3＝12.5N，
当物块ρ上表面与液ρ面刚好相平时需要施加压力为：
F＝F浮'﹣G＝12.5N﹣10N＝2.5N。
答：（1）物块漂浮在水面上时，受到的浮力为10N；
（2）当物块下表面所处的深度为0.09m时，物块下表面受到水的压强为900Pa；
（3）当物块上表面与液面刚好相平时，需要施加压力为2.5N。
24．（7分）一款内置电陶炉的电暖桌如图甲所示，它不仅具有桌面暖手、桌底暖脚功能，还可
以烧水、煮茶等。电陶炉的简化电路如图乙所示，其参数如表所示，高温挡额定功率字迹
已被磨损。旋转旋钮开关，可实现停止工作、低温挡和高温挡的转换。R 和R 均为电热丝，
1 2
R ＝72.6 。求：
2
Ω 第25页（共27页）电陶炉
额定电压 220V
额定功率 高温挡 ××W
低温挡 400W
（1）R 的阻值；
1
（2）高温挡额定功率；
（3）在某用电高峰期，若家庭电路中只有电陶炉在工作，发现标有“3000imp/（kW•h）”
的电能表的指示灯闪烁168次，使质量为1.7kg的水从25℃升高到49℃，求此时电陶炉的
加热效率。[c水 ＝4.2×103J/（kg•℃）]
【解答】解：（1）旋钮开关放在1位置时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据P
＝ 可知总功率较小，电陶炉处于低温挡，根据P＝ 可知R串 ＝ ＝
＝121 ；
根据电Ω阻串联的特点可知R
1
＝R串 ﹣R
2
＝121 ﹣72.6 ＝48.4 ；
（2）旋钮开关放在2位置时，电路为R
1
的简单Ω电路，总Ω电阻较Ω大小，电源电压不变，根据P
＝ 可知总功率较大，电陶炉处于高温挡，根据P＝ 可知高温挡额定功率P高温 ＝
＝ ＝1000W；
（3）电能表上的3000imp（/ kW•h），表示电路中用电器消耗1kW•h电能，电能表的指示灯
闪烁3000次，
第26页（共27页）故闪烁168次电陶炉消耗的电能：
W＝ kW•h/imp×168imp＝0.056kW•h＝2.016×105J，
质量为1.7kg的水从25℃升高到49℃吸收的热量Q＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1.7kg×
（49℃﹣25℃）＝1.7136×105J；
此时电陶炉的加热效率：
＝ ＝ ×100%＝85%。
η
答：（1）R 的阻值为48.4 ；
1
（2）高温挡额定功率为10Ω00W；
（3）此时电陶炉的加热效率为85%。
第27页（共27页）
