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2023 年高考押题预测卷02【江苏卷】
物理·全解全析
1．【答案】B
【解析】如图所示
，两绳所在平面与竖直墙面间的夹角为
，两绳形成的合力为
，侧视如
图所示
，故
，根据
，解得
；，每根绳中拉力为
，
，解得
，A 错误，B 正确；根据受力平衡
，故
，CD 错误。故选B。
2．【答案】C
【解析】甲方案中，铝板摆动时，扇形铝板的半径切割磁感线，即使铝板摆动幅度很小，在铝板内也能形
成涡流，起电磁阻尼的作用，指针能很快停下来；乙方案中，当指针偏转角度较小时，铝框中磁通量不变，
不能
3．【答案】D
【解析】当θ=0°时光线恰好在球面发生全反射，即在球面处入射角恰好等于全反射临界角C，光路图如图
1 所示，根据几何关系可得
，根据全反射临界角C 满足的条件可得
，解得
，故A
错误；若要使光线从球形表面出射后恰好与入射光平行，那么出射光线与入射光线，以及法线必在同一平
面内，且入射点与出射点的法线平行，入射光线必须在竖直平面内，光路图如图2 所示，出射点必在O 点
的正上方。
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
B
C
D
C
D
D
C
D
D
B
1
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根据几何关系可得
，解得
，根据折射定律可知，光线与竖直方向的夹角θ 必大于
。故
B 错误；要使光线在半球中传播的时间最长，因只考虑第一次射到各表面的光线，当θ 临界等于90°时，光
线在半球中传播路程最长，光路图如图3 所示，其中路程s 满足要求。因入射角临界为90°，故折射角等于
C，由余弦定理得
，解得
，光在介质中传播速度为
最长时间为
，故C 错误；能从平面出射的临界光路图如图4 所示，光线在平面的B 点恰
好发生全反射，以OB 的长L 为半径的圆形区域有光出射。设临界光线在A 点入射角为
，折射角为
，
在B 点出射时入射角等于全反射临界角C。由折射定律得
，由几何关系得
，又
解得
，可得
，由正弦定理得
，解得
，则平
面有光出射的面积为
，解得
，故D 正确。故选D。
4． 【答案】C
【解析】由图可知，导线cd 与导线cbad 并联，电阻之比为1 3∶，设恒流源中的电流为I，由并联电路的分
压规律可知，ab 中的电流为
，cd 中的电流为
，电流方向都向左，由左手定则可知，两种情形导线框
所受安培力方向都竖直向下，所以
，
，解得
，故C 正确，ABD
错误。故选C。
5．【答案】D
【解析】A．该金属光电效应截止时，光电子的最大初动能为零，所以截止频率为b，故A 错误；根据光
电效应关系
，变形得
，对照题中图线可知斜率
，即
，故B 错
误；
C．当
等于零时，即光子能量恰好等于光电子的逸出功
，故C 错误；当光照频率为a 时，
光电子具有最大初动能
，该金属光电效应的遏止电压即建立电场使用电场力做负功，克服光电子的
最大初动能，使光电子无法进入电路回路形成电流
，得
，即
，故D 正确。
6．【答案】D
【解析】设发电机的电动势为E，当发电机两极板电压稳定后，再进入发电通道的粒子所受到的电场力与
洛仑兹力平衡，即
，联立解得
，故A 错误；由
得
，故B 错误；发电机的内阻为
，当当外接
电阻为12Ω 时，由闭合电路欧姆定律，可得
，故C 错误；由电源输出功率的特点
知，当电路内、外电阻相等时，即R=r=8Ω 时，发电机输出功率最大，故D 正确。故选D。
2
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7．【答案】C
【解析】设地球质量为M，飞船运动半径为r，对飞船研究可知
，解得
，由几
何关系可知
，则地球密度
，
，解得
，故选C。
8．【答案】D
【解析】根据题意，由图甲和图乙可知，两列波的周期均为
，由公式
可得，两列波的波长为
，则波遇到
的障碍物不能发生明显衍射现象，故A 错误；根据题意可知，波
从
传到
的时间为
，且开始向下振动，波从
传到
的时间为
，且开始向上
振动，再经过
，横波I 在
点处在平衡位置，向下振动，则横波I 与横波II 两波叠加，
点
经过平衡位置向下运动，再经过
，则4.5s 时P 点在平衡位置且向下振动，故B
错误；根据题意可知
，而
时刻两波的振动方向相反，则
是振动
加强的点，振幅等于两波振幅之和，即为
，故C 错误，D 正确。故选D。
9．【答案】D
【解析】图甲为一定质量的某种理想气体在3 个不同温度下的等温线，由
，比较
、
乘积的大
小，等温线3 表示的温度最高，A 错误；气体在状态a 到状态b 的过程中，体积不变，由查理定律
，
由于
大于
，故
大于
，B 错误；图乙中一定质量的理想气体在a→b 的过程中气体体积不变，对外
界不做功，C 错误；图丙为分子间作用力与分子间距离的关系，可知当分子间的距离
时，分子间为引
力，分子势能随分子间距离的增大而增大，D 正确；故选D。
10．【答案】B
【解析】O 到A 的过程，根据动能定理
，解得电场力做功
，A 错误；O
到C 的过程，根据动能定理
，解得电场力做功
，则由O 运动到B 的过
程，解得电场力做功
，可知A、B 为等势点，
为一条等势线，电场强度的方向垂直
，O
到A 的过程
，所以
，故CD 错误，B 正确。故选B。
第Ⅱ卷
二、非选择题：共5 题，共60 分。其中第12 题~第15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的
演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
3
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11．（15 分）
【答案】（1）见解析 （3 分） （2）1.05 （3 分） 4.3 （3 分） （3）
（3
分） 无（3 分）
【解析】（1）实物图中连线如图所示
（2）要将量程为0.3A 的电流表扩充为6A 量程，应该并联电阻的阻值
，如
图所示电流表表盘指针位置读数为4.3A；
（3）R1、R2和Rx、R0并联，两之路两端电压相等，灵敏电流计的示数为零时有
，可知
，
即
，
解得
，电流表A1、A2都接在电流计的右侧电路中其内阻对左侧电路中Rx 的测量无影响。
12．（8 分）
【答案】（1）
；（2）
【解析】（1）对活塞b 下方气体分析，因为缓慢加热，故等压变化，压强始终为
；同理活塞a 上方气
体压强也始终为
因顶部导热，故温度不变，气体长度仍为
，对a 下方气体由盖吕萨克定律可得
其中
，
解得
（2）由克拉伯龙方程，漏气前活塞a 上方气体有
a 下方气体有
漏气后，两部分气体融为一个整体，活塞a 下降至底部，所有气体温度恢复至室温，压强变为大气压强，
此时有
因
解得
4
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故活塞B 离顶部距离
13．（8 分）
【解析】（1）当金属棒匀速运动时，由平衡条件得
其中
由乙图可知
，
从金属棒开始运动到恰好达到稳定状态，由动能定理得
又克服安培力所做的功等于整个电路产生的焦耳热，代入数据解得
两电阻产生的焦耳热与阻值成正比，故金属棒上产生的焦耳热为
（2）进入匀强磁场导体棒做加速度减小的加速运动，由动量定理有
又
由图可知
代入数据解得
由
得
14．（14 分）
【答案】（1）
；（2）
，
；（3）停在P 左侧
处
【详解】（1）在C 点，根据牛顿第二定律
过程由动能定理
在B 点
解得
由牛顿第三定律可知
（2）a、b 碰撞动量，能量守恒，取向左为正
得
，
反弹后回到A 有
解得
释放前
5
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（3）反弹后b 与小车动量守恒
解得
至共速产生的热量
故停在P 左侧
处。
15．（15 分）
【答案】（1）1；（2）①
；②
【解析】（1）两粒子发生弹性碰撞，设B、A 两粒子碰撞后瞬间的速度分别为v1和v2，碰撞过程中由动量
守恒有
由机械能守恒有
解得
设粒子A 在磁场中运动的轨迹半径为R，由洛伦兹力提供向心力有
联立可得
可知k 越大，粒子A 的轨迹半径越大，如图1 所示，当粒子A 的运动轨迹与磁场区域下边界相切时，轨迹
半径最大，此时粒子A 的轨迹半径为
可得
（2）①粒子A 在磁场中偏转一次直接从磁场右边界中点离开磁场区域，如图2 所示
由几何知识有
可得
解得
②粒子进入磁场后又返回电场再从磁场右侧边界的中点离离开磁场区域，由几何知识可知，粒子A 要满足
6
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解得
粒子进入磁场后又返回电场再从磁场右侧边界的中点离离开磁场区域，则粒子在磁场中可能运动半个周期
进入电场，经电场作用后以同样的速率垂直x 轴进入磁场，然后从磁场区域右边界中点离开磁场，可能的
运动轨迹如图3、图4 所示。如图3 由几何关系有
解得
或
（不合题意，舍去）或
故k 的值为
。
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