文档内容
2008 年四川省绵阳市中考物理试卷（教师版）
一、选择题（每小题2分，共30分．每小题只有一个选项是最符合题目要求的）
1．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．电磁波的传播速度为3×105m/s
B．月球上相距较近的甲、乙两宇航员能直接对话交流
C．水中的倒影是由于光的直线传播形成的
D．光年是天文学中的长度单位
【微点】光的传播速度与光年；光的反射现象；电磁波的传播与应用．
【思路】（1）电磁波在真空中传播最快，其速度为3×108m/s。
（2）电磁波可以在真空中传播，而声音不能在真空中传播；
（3）平静的水面相当于平面镜，所以水中的倒影是由于光的反射形成的；
（4）光年是天文学中的长度单位。
【解析】解：A、电磁波在真空中传播最快，其速度为3×108m/s．故A错误；
B、由于真空不能传声，所以月球上相距较近的甲、乙两宇航员不能直接对话交流，故
B错误；
C、平静的水面相当于平面镜，所以水中的倒影是由于光的反射形成的；故C错误；
D、光年是指光在一年的时间内所走的路程，是天文学中的长度单位，故D正确。
故选：D。
【点拨】知道电磁波的传播速度、传播条件及光的反射现象是解决该题的关键。
2．（2分）关于地磁场的说法中正确的是（ ）
A．地球的南极对应地磁场的南极
B．地球的北极对应地磁场的南极
C．地球的南北极磁性比地球赤道处的磁性小
D．放在地球赤道处的小磁针静止时N极指向地球南极
【微点】地磁场．
【思路】地球是个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。
地球周围存在着磁场，知道磁极是磁性最强的地方。
【解析】解：A、地理南极附近是地磁北极。不符合题意。
B、地理北极附近是地磁南极。符合题意。
C、地球的南北极磁性比地球赤道处的磁性强。不符合题意。
第 1 页 / 共 18 页D、放在地球赤道处的小磁针静止时N极指向地球北极。不符合题意。
故选：B。
【点拨】（1）地球是个巨大的磁体，地球的周围存在着磁场，任一点的磁场方向是不
变的。
（2）地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。
3．（2分）下列实验中能反映分子间存在引力的是（ ）
A． B． C． D．
【微②点④】分子间的作用力．③④ ①③ ①②
【思路】对物体做功，物体的内能增加，温度升高；
两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；
分子之间存在相互作用的引力和斥力，当分子间的距离小于平衡距离时表现为斥力，当
分子间的距离大于平衡距离时表现为引力。
【解析】解：1、用力压下活塞，“棉花”燃烧，这是因为压下活塞，对空气做了功，
空气的内能增大，温度升高，达到了乙醚的着火点，所以棉花燃烧；
2、接触面磨平的两块铅紧压在一起，但分子间的距离还是小于平衡距离的，表现为引
力，所以它们结合在一起。
3、抽去玻璃板，两种气体逐渐混合，这是两种气体之间的扩散现象，彼此进入对方，
说明构成物体的分子总是在不停的做无规则运动；
4、把一块表面很干净的玻璃板挂在弹簧测力计下面，使玻璃板刚好和水面接触，再慢
慢地提起弹簧测力计，由于分子间存在着相互作用的引力，所以可以观察到弹簧测力计
的示数逐渐变大。
故选：A。
【点拨】此题考查知识点有三个：一是做功改变内能；二是扩散现象；三是分子之间相
互作用的引力。
4．（2分）对公式U＝IR的正确理解是（ ）
A．由U＝IR知，电压与电流成正比
第 2 页 / 共 18 页B．由U＝IR知，电流与电阻成反比
C．由U＝IR知，电压与电阻成正比
D．电阻一定时，电流与电压成正比
【微点】欧姆定律的应用．
【思路】根据欧姆定律的内容进行解答，即一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成
正比，跟这段导体的电阻成反比。
【解析】解：根据欧姆定律的内容：
电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；
电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；可知 D选项正确，其他选项均不正
确。
故选：D。
【点拨】本题考查了学生对欧姆定律内容的理解与掌握，是一道基础题目。
5．（2分）从冰箱里拿出的一冰块，当它熔化成水后，下列说法中正确的是（ ）
A．它的比热容变小 B．它的质量变小
C．它的内能增大 D．它的密度不变
【微点】质量及其特性；密度及其特性．
【思路】 比热容和密度是物质的特性，与质量、体积无关，与物体的状态和种类有关；
质量是①物体的属性，与物体的状态、形状、位置、温度无关；
②同一物体内能的多少与温度和状态有关。
③【解析】解：
A、冰块熔化成水，比热容变大。此选项错误；
B、冰块熔化成水，状态改变，物质多少没有变化，质量不变。此选项错误；
C、冰块熔化成水，需要吸热，温度虽然不变，但内能增加。此选项正确；
D、冰块熔化成水，质量不变，体积减小，密度增大。此选项错误。
故选：C。
【点拨】此题考查学生对比热容、密度、质量和内能等概念的理解和应用，熟记它们的
特点，把握不同点，是作出正确选择的前提。
6．（2分）小明自制了一个音调可变的哨子，当他拉动活塞使其在管中不同位置时，用嘴
吹管的上端能分别吹出“dou（1）”、“ruai（2）”、“mi（3）”三个音阶，如图所
示，则这三个音阶与活塞在管中的位置相对应的序号是（ ）
第 3 页 / 共 18 页A．甲、乙、丙 B．乙、丙、甲 C．丙、甲、乙 D．乙、甲、丙
【微点】频率与音调的关系．
【思路】用嘴向容器内吹气发声，容器内空气柱会振动发出声音，空气柱越短振动越快；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
【解析】解：当用嘴向容器内吹气时，容器内的空气柱振动发声，空气柱越短，振动的
频率越来越高，因此“dou（1）”、“ruai（2）”、“mi（3）”三个音阶对应的容器
分别是：乙、丙、甲。
故选：B。
【点拨】解决此类问题的关键是知道是空气柱的振动发出声音，知道影响声音音调的因
素。
7．（2分）下列装置中利用了电磁感应现象的是（ ）
A． 电磁继电器 B． 发电机
C． 扬声器 D． 电铃
【微点】电磁感应．
【思路】闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感
应现象；据此分析解答。
【解析】解：A、电磁继电器也是利用电流的磁效应的原理制成的，不符合题意；
B、发电机的前提是运动，结果是产生电流，利用的是电磁感应现象原理，符合题意；
C、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理，不符合题意；
D、电铃是利用电流的磁效应的原理制成的，不符合题意。
故选：B。
第 4 页 / 共 18 页【点拨】本题主要考查学生对电磁感应现象的应用的了解和掌握，是一道基础题。
8．（2分）小华家中有一台标有“220V、1200W”的空调；正常工作半小时消耗的电能是
（ ）
A．0.6度 B．2.2度 C．1.2度 D．0.5度
【微点】电功与电能的计算．
【思路】根据电功公式W＝Pt求出消耗的电能。
【解析】解：已知：P额 ＝1200W＝1.2kW，t＝0.5h，
∵空调正常工作，
∴根据电功的公式得：
W＝Pt＝1.2kW×0.5h＝0.6kW•h＝0.6度。
故选：A。
【点拨】本题考查电功公式的计算，注意各物理量的单位，要单位统一，属于常见的考
试题型。
9．（2分）小明同学以实际行动迎接2008奥运会的到来，积极参加体育锻炼，他在一次
50m短跑训练中，测得从起点到达不同位置所经历的时间如图所示，则他跑完全程的平
均速度是（ ）
A．6.51m/s B．6.25m/s C．5m/s D．6.67m/s
【微点】变速运动与平均速度．
【思路】平均速度等于路程除以在这段路程上所用的时间，和某时刻的速度无关。
【解析】解：由题意可知，路程 S＝50m，所用时间 t＝8s，所以平均速度 V
6.25m/s。
故选：B。
【点拨】该题考查学生对平均速度的理解和公式的应用，属于基础知识，难度不大。
10．（2分）一艘摩托艇由河里开进海里，则（ ）
A．摩托艇所受浮力不变
B．摩托艇所受浮力变大
C．摩托艇所受浮力变小
第 5 页 / 共 18 页D．摩托艇排开液体的体积变大
【微点】物体的浮沉条件及其应用．
【思路】由于摩托艇无论在海里还是在河里都是漂浮，通过物体的浮沉条件可知浮力不
变，则由浮力公式及液体密度的变化分析摩托艇排开水的体积变化，
【解析】解：摩托艇无论是在河中还是在海中都漂浮，浮力等于摩托艇重，受到的浮力
不变；因海水的密度大与河水的密度，由阿基米德原理F浮 ＝ 液gV排 可知，摩托艇进入
海水时排开水的体积变小，即会上浮。 ρ
故选：A。
【点拨】解答关于浮力的问题应注意物体在液体中的状态，灵活选择物体的浮沉条件和
阿基米德原理求解。
11．（2分）在如图所示装置中，甲物体重15N，乙物体重10N，弹簧秤的示数12N，不计
绳重和轴对滑轮的摩擦，则甲物体受到的摩擦力的大小和方向是（ ）
A．大小为2N，方向水平向左
B．大小为10N，方向水平向左
C．大小为12N，方向水平向右
D．大小为2N，方向水平向右
【微点】摩擦力的大小；摩擦力的方向．
【思路】当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力的作用；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
同一直线上反方向二力的合力等于二力之差，方向与较大力的方向一致。
【解析】解：从图中可知，甲受到弹簧向左的拉力和乙对甲向右的拉力，二力合力：F
合
＝12N﹣10N＝2N，方向水平向左，由于甲处于静止状态，因此甲受到的摩擦力大小
等于合力2N，方向与合力方向相反，即水平向右。
故选：D。
【点拨】本题考查二力平衡条件的应用以及力的合成，关键是能正确进行受力分析，求
出合力大小，确定合力的方向。
12．（2分）如图所示，当开关S闭合，两灯L 、L 消耗的电功率之比为2：3，则两灯
1 2
第 6 页 / 共 18 页L 、L 的电阻之比是（ ）
1 2
A．3：2 B．1：1 C．2：1 D．2：3
【微点】并联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算．
【思路】由电路图可知，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据P 和两灯泡的
电功率关系求出电阻之比。
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据P 可得：
。
故选：A。
【点拨】本题考查了并联电路的电压特点和电功率公式的灵活应用，是一道基础题目。
13．（2分）某同学站在体重计上测体重，当他站着不动时，下列说法正确的是（ ）
A．他受到的支持力和他对体重计的压力是一对平衡力
B．他受到的重力和他对体重计的压力是一对相互作用力
C．他受到的支持力和他对体重计的压力是一对相互作用力
D．他对体重计的压力就是他受到的重力
【微点】平衡力和相互作用力的区分．
【思路】（1）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在同一物
体上；
（2）相互作用力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在两个物体上。
【解析】解：A、人受到的支持力和他对体重计的压力，作用在两个物体上，不是一对
平衡力，该选项说法不正确；
B、人受到的重力和人对体重计的压力，二者方向相同，不是一对相互作用力，该选项
第 7 页 / 共 18 页说法不正确；
C、人受到的支持力和人对体重计的压力，作用在两个物体上，大小相等，方向相反，
在同一直线上，是一对相互作用力，该选项说法正确；
D、人对体重计的压力和人受到的重力，尽管大小和方向都相同，但是二者的本质不同，
该选项说法不正确。
故选：C。
【点拨】此题主要考查二力平衡的条件，我们要能够根据二力平衡的条件判断出是不是
平衡力，注意平衡力和相互作用力的区别。
14．（2分）在如图所示的电路中，闭合电键S 、S 时，灯泡L正常发光，电压表V有示
1 2
数；现只断开电键S ，观察到的现象是（ ）
2
A．灯泡L变亮，电压表V示数变小
B．灯泡L变暗，电压表V示数变大
C．灯泡L变亮，电压表V示数变大
D．灯泡L变暗，电压表V示数变小
【微点】电路的动态分析．
【思路】根据开关处于不同状态确定电路的连接方式，然后根据串联电路的特点即可判
断出电流表示数和电压表示数的变化，根据P＝UI可知灯泡的明暗程度。
【解析】解：当闭合电键S 、S 时，电路为灯泡的基本电路，灯泡L正常发光，电压表
1 2
示数等于电源电压；
只断开电键S 时，灯泡和电阻串联，因此电路中的电流减小，并且灯泡两端电压小于电
2
源电压，由P＝UI可知，灯泡的功率变小，因此灯泡变暗。
故选：D。
【点拨】解决此题的关键是能够根据开关的闭合情况判断电路的状态。
15．（2 分）化学实验桌上有一锥形瓶，经测量知道该空锥形瓶重 0.5N，底面积为
50cm2，现向其中注人200ml水，测得水面距瓶底6cm，如图所示。设水对瓶底产生的
压力为F 、压强为P ，瓶对桌面的压力为F 、压强为P （水的密度为1.0×103kg/m3，g
1 1 2 2
第 8 页 / 共 18 页取10N/kg），则（ ）
A．F ＝F ，P ＝P B．F ＜F ，P ＜P
1 2 1 2 1 2 1 2
C．F ＞F ，P ＞P D．F ＜F ，P ＞P
1 2 1 2 1 2 1 2
【微点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较．
【思路】（1）根据p＝ gh求得水对瓶底产生的压强为P ，再根据P 求得水对瓶底
1
ρ
产生的压力F ；
1
（2）瓶对桌面的压力为瓶的总重力，根据P 求得瓶对桌面的压强。
【解析】解：（1）水对容器底部的压强 p ＝ gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m＝
1
600Pa， ρ
水对容器底部的压力：
F ＝p s＝600Pa×5×10﹣3m3＝3N。
1 1
（2）瓶对桌面的压力为 F 2 ＝0.5N+G 水 ＝0.5N+200×10﹣6m3×1.0×103kg/m3×10N/kg＝
2.5N，
瓶对桌面的压强为P 500Pa。
2
故选：C。
【点拨】本题分析压力、压强问题时，先要明确研究对象是水产生的压力和压强，即可
确定对应的公式是液体压强公式。
二、填空题（每空2分，共18分）
16．（4分）今年5月12日的汶川大地震，牵动了亿万中国人的心。在震后的救灾工作中
科学的搜救方法非常重要。在施救过程中，有一种被称为“气垫”的工具发挥了很大的
作用，这种气垫比枕头大不了多少，表面还有防滑网纹，没充气时瘪瘪的，只要有 5cm
的缝隙就能把它塞进去。气垫的表面有防滑网纹，这是为了 增大 （填“增大”或
“减小”）摩擦；某次搜救过程中，用气瓶把气垫里面的气压加到 7.5个大气压时，
“气鼓鼓”的垫子顶起了楼板，此时气垫和楼板的接触面积为1600cm2，则气垫对楼板
的作用力是 1.2×1 0 5 N 。（取1个大气压为1×105Pa）
【微点】增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算．
第 9 页 / 共 18 页【思路】（1）增大摩擦的方法：增大压力、使接触面更加粗糙等；
（2）已知压强和受力面积，根据F＝PS即可求出垫对楼板的作用力。
【解析】解：（1）垫的表面有防滑网纹，这是通过增大接触面的粗造程度来增大摩擦
的；
（2）∵P
∴F＝PS＝7.5×105Pa×0.16m2＝1.2×105N。
故答案为：增大；1.2×105N。
【点拨】本题考查增大摩擦的方法和压强公式的应用，是一道基础题。
17．（6分）1970年4月24日，我国成功地发射了一颗人造地球卫星，卫星轨道的近地点
高度是439km，远地点高度是2384km，轨道平面与地球赤道平面夹角为68.5°，绕地球
一周需要114min，卫星质量173kg，用20MHz的频率播送“东方红”乐曲。在卫星从
近地点向远地点运动的过程中，它的动能 减小 ，势能 增大 （填“增大”或“减
小”），卫星上发回地面的电磁波的波长是 1 5 m。
【微点】波速、波长和频率的关系；动能和势能的大小变化．
【思路】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大；只有地面附近的
物体受到重力，当物体被举高时，具有的能的重力势能，在太空中的势能不能称为重力
势能。
（2）知道电磁波的频率和电磁波速，根据c＝ f求出波长。
【解析】解：（1）卫星在近地点向远地点运动λ时，质量不变，速度减小，相对距离增
大，动能减小，势能增大。
（2）由c＝ f得： 15m。
λ λ
故答案为：减小；增大；15。
【点拨】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、
弹性势能、机械能的大小变化情况；卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，
机械能没有消耗，机械能是守恒的。
（2）掌握电磁波波速、波长、频率之间的关系。掌握每一个物理量的单位；电磁波波
速是常量，c＝3×108m/s。
18．（4分）小红拿来爷爷的放大镜，当将它正对太阳时，在镜后15cm处得到一个又小又
第 10 页 / 共 18 页亮的光斑，则该放大镜的焦距约 1 5 cm，若小红爷爷拿着放大镜看绵阳晚报时，放大
镜距报纸的距离x的取值范围是 x ＜ 15cm 。
【微点】凸透镜成像的应用．
【思路】解答此题从以下知识点入手：
平行光经过凸透镜后会聚于一点，便为焦点，焦点到凸透镜的距离为焦距。
①同时要掌握凸透镜成像的规律，要知道物距小于焦距时，成正立、放大的虚像。
②【解析】解：放大镜是凸透镜。小红用爷爷的放大镜镜片对着太阳时，可在距镜片
15cm处得到一个又小又亮的光斑，这个又小又亮的光斑就是焦点，故则该放大镜的焦
距约15cm。
若小红爷爷拿着放大镜看绵阳晚报时，只有物距小于15cm，这样才能成图案放大、正
立的虚像。故放大镜距报纸的距离x的取值范围是x＜15cm。
故答案为：15；x＜15cm。
【点拨】此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律并能做到举一反
三。
19．（4分）在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示。由图
可知，元件甲的电阻是 5 ，将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，则流
过元件乙的电流是 0. 2 A。Ω
【微点】欧姆定律的应用．
【思路】根据U﹣I图象提供的信息（在一定电压下的电流值）和欧姆定律求解。
【解析】解：（1）由U﹣I图象知，当U＝2V时，
（2）当并联接在2V的电源上，U
2
＝2V，由图象可知，I乙 ＝0.2A，
故答案为：5，0.2。
【点拨】理解并会应用：从U﹣I图象可以得出的信息：知道一定电压下的通过导体电
流求导体电阻。
三、作图题（共6分）
第 11 页 / 共 18 页20．（6分）（1）试画出甲图中福娃踢出的重G的足球所受力的示意图。（不计空气阻
力）
（2）将乙图中所给的灯泡、拉线开关、双孔插座正确连接到家庭电路上。
【微点】力的示意图与图示；家庭电路的连接．
【思路】（1）足球在飞行过程依靠的是惯性，不计空气阻力，只受到重力，作用点在
重心上，方向竖直向下。
（2）灯泡的接法：火线首先接入开关，再入灯泡的顶端的金属点，零线直接接入灯泡
的螺丝套。两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线。
【解析】解：
（1）不计空气阻力，空中飞行的足球只受重力作用，根据重力的方向总是竖直向下的，
过重心表示出重力的作用点和方向，如图所示：
（2）火线进入开关，再从开关接入灯泡顶端的金属点。左孔接零线，右孔接火线。如
图所示：
【点拨】（1）物体运动不需要力来维持，靠的是惯性，力是改变物体运动状态的原因；
会对物体进行正确的受力分析，会用力的示意图表示出力的作用点和方向，牢记重力的
方向总是竖直向下的。
（2）知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与电源的火线连接，知道插座的正
确接线方法，会将保险丝按要求接入电路，知道家庭电路的正确连接方法。
四、探究题（每空2分，共26分）
21．（26分）（1）某物理兴趣小组的同学用如图1甲图所示的实验装置探究弹簧的伸长
量x与弹簧所受拉力F的关系（在弹性限度内），得到以下一组实验数据：
x/cm 0 2.00 4.00 6.00 8.00 10.00
第 12 页 / 共 18 页FIN 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
在图1乙中画出弹簧伸长量x随弹簧所受拉力F变化的图象； 根据表中数据或你所
①作图象得到的结论是：在弹性限度内，弹簧所受拉力越 大 ，②弹簧的伸长量越 大 。
试猜想：在弹性限度内，弹簧所受压力越小，弹簧的压缩量越 小 。
③（2）如图2所示是研究“电磁铁磁性强弱”的实验电路图。磁性的有无可以通过开关S
的 通断 来控制；电磁铁中电流的大小可通过改变滑动变阻器P的 滑片位置 来实
现；要判断电磁铁的磁性强弱，可通过观察电磁铁吸引大头针的 数目 来确定。
（3）某科技活动小组用质量分布均匀的一把木尺、两个完全相同的小盘、细线、一盒
砝码等器材，自制一台简易天平，已完成部分如图3所示。
为了能用该简易天平直接测出被测物体的质量，应将提纽T移至 5 cm处；
①小组中某同学在用该自制好的天平测量某物体的质量时，右盘中放有 50g砝码一个，
②20g的砝码一个，2g的砝码两个，提起提纽时木尺处于水平位置，则所测物体的质量是
0.222 kg。
（4）为探究导体中的电流与导体两端电压、导体的电阻之间的关系，所用器材有电流
表、电压表、电阻箱（可以根据需要得到不同阻值的定值电阻）、滑动变阻器、电池组、
电键、导线等。
现将这些器材连成实验电路如图4所示，尚有两根导线未连接，请以笔线当导线，将
①这两根导线补画在图中；
闭合电键前，应将滑动变阻器的滑片滑至 右 端（填“左”、“右”）；
②实验中得到下表中数据：
③ 电阻（ ） 电流（A） 电压（V）
第一次测量 5 Ω 0.20 1.00
第二次测量 5 0.40 2.00
第三次测量 10 0.20 2.00
由第一、第二两次测量数据分析可知： 在电阻一定时，电流与电压成正比 ；
由第二、第三两次测量数据分析可知： 在电压一定时，电流与电阻成反比 。
第 13 页 / 共 18 页【微点】控制变量法与探究性实验方案．
【思路】（1） 做弹簧伸长量与所受拉力关系图象时，首先要确定横轴、纵轴代表的
物理量，确定合①适的标度，根据实验数据确定对应的点，最后描点连线得到图象； 根
据拉力和弹簧伸长量的变化总结结论； 根据前面的结论作出合理的猜想。 ②
（2） 电磁铁磁性的有无可通过电流的③通断来控制：通电有磁性，断电无磁性。 滑
动变阻①器改变电磁铁中电流的大小：改变滑片的位置。 体现电磁铁磁性大小的方②法：
用吸引大头针数目的多少。 ③
（3）杠杆的平衡条件是F •L ＝F •L ，据此确定支点的位置和物体质量的大小。
1 1 2 2
（4） 要探究电流与导体两端电压、导体的电阻之间的关系，需要电阻与滑动变阻器
串联，①电压表串联电阻两端电压，据此连接电路；
为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器滑片要位于最大阻值处；
②要根据实验数据总结实验结论，要明确实验探究的问题，明确实验过程中控制的物理
③量和改变的物理量，据此得出结论。
【解析】解：（1） 横轴代表拉力，纵轴代表弹簧的伸长量，描点连线得到图象如下：
由图象得到的结论①是：在弹性限度内，弹簧所受拉力越大，弹簧的伸长量越大；
②由图象可以看出：在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比，由此提出猜想：
③在弹性限度内，弹簧所受压力越小，弹簧的压缩量越小。
（2）电磁铁磁性的有无可通过电流的通断来控制：通电有磁性，断电无磁性；移动滑
动变阻器的滑片P的位置，可以改变电磁铁中电流的大小；电磁铁磁性的强弱可用用吸
第 14 页 / 共 18 页引大头针数目的多少来体现。
（3） 为了能用该简易天平直接测出被测物体的质量，自制天平的实质应是等臂杠杆，
由图知①，直尺长度为10cm，所以提钮应该在中点﹣﹣5cm处；
∵F •L ＝F •L ，
1 1 2 2
②∴G
1
•L
1
＝G
2
•L
2
，
m g•L ＝m g•L ，
1 1 2 2
∴m 222g＝0.222kg。
1
（4） 要探究电流与导体两端电压、导体的电阻之间的关系，需要电压表测量电阻箱
两端电①压，滑动变阻器与电阻箱串联，滑动变阻器已经连接了左下方的接线柱，选择上
面的任一接线柱与电阻箱串联即可。电路连接如下图4：
滑动变阻器已经选择了左下方的接线柱，为使闭合开关之前接入电路电阻最大，滑片
②要位于最右端；
由第一、第二两次测量数据分析可知：在电阻一定时，电流与电压成正比；由第二、
③第三两次测量数据分析可知：在电压一定时，电流与电阻成反比。
故答案为：
（1） 图象如下图乙：
①
大；大；
②小；
③（2）通断；滑片位置；数目；
（3） 5； 0.222；
（4）①如下②图4：
①
第 15 页 / 共 18 页右；
②在电阻一定时，电流与电压成正比；在电压一定时，电流与电阻成反比。
③【点拨】此题是综合实验题，考查了弹簧的伸长与所受拉力的关系、电磁铁的特点、杠
杆平衡条件和电流与电压、电阻的关系，形式既有规律的探究，也有实验的操作，实物
图的连接和图象的作法，涵盖范围广，需要扎实的基础知识。
五、计算题（本题2小题，共20分．解答过程中必须写茁必要的文字说明、公式和重要的
演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单
位）
22．（9分）我们经常从报纸或电视上看到关于地球变暖引发的各种危机的报道，诸如
“冰川融化，海平面上升”、“风暴潮等自然灾害频发”、“疾病流行”等等，而“节
能减排”也已成为当前各国政府迫切需要解决的问题，其实“节能减排”应从我做起。
例如，小红家装修房子，计划安装5盏照明灯，现有两种规格、发光效果相当的白炽灯
“220V 40W”和节能灯“220V 9W”供选择。设平均每天照明时间为3h，一个月为30
天。求：
（1）一盏“220V 40W”的白炽灯正常发光时的电流是多少？
（2）小红家全部选用节能灯，与全部选用白炽灯相比，一个月可节约多少度电？这相
当于多少kg无烟煤完全燃烧产生的热量？（无烟煤的热值为 3.4×107J/kg，结果保留一
位小数）
【微点】燃料的热值及其计算；欧姆定律的应用；电功与电能的计算．
【思路】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P＝UI求出白炽灯正常发
光时的电流；
（2）白炽灯的功率减掉节能灯的功率，然后乘以灯泡的个数和一个月工作的时间即为
一个月可节的电能，再根据Q＝mq求出相当于完全燃烧无烟煤的质量。
【解析】解：（1）白炽灯正常发光时的功率P白 ＝40W，两端的电压U＝220V，
第 16 页 / 共 18 页根据P＝UI可得，通过白炽灯的电流：
I 0.18A；
（2）根据题意可得，一个月可节约的电能：
△W＝（P
白
﹣P
节
）t＝（40W﹣9W）×5×3h×30＝13950W•h＝13.95kW•h＝
5.022×107J，
∵W＝Q＝mq，
∴相当于完全燃烧无烟煤的质量：
m 1.5kg。
答：（1）一盏“220V 40W”的白炽灯正常发光时的电流约为0.18A；
（2）一个月可节约13.95度电，这相当于1.5kg无烟煤完全燃烧产生的热量。
【点拨】本题考查了电功率公式和燃料放热公式的灵活应用，关键是根据题意得出一个
月可节约的电能，计算过程要注意1kW•h＝3.6×106J。
23．（11分）某建筑工地上放着很多新型建筑预制件，其中一块长 1.50m，宽0.50m，厚
0.20m，质量为300kg的实心预制件平放在水平地面上，．建筑工人用图乙所示滑轮组
把实心预制件由一楼匀速提升到五楼（每层楼高 h＝3m），所用拉力F＝1200N，g取
10N/kg．求：
（1）实心预制件的密度是多大？
（2）实心预制件对地面的压强是多大？
（3）滑轮组的机械效率是多大？（滑轮组重量不计，保留一位小数）
【微点】密度的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率．
【思路】（1）掌握密度公式 ，求出物体的体积，将数据代入公式即可求出。
ρ
第 17 页 / 共 18 页（2）根据预制件的质量可求出其重力，因为是平放在水平地面上，所以此时它对地面
的压力等于其本身的重力；受力面积是长与宽的乘积；根据压强公式 p ，代入数值，
即可求出预制件对地面的压强。
（3）工人站在地面上用滑轮组把预制件吊起，先分析动滑轮由几股承担，则绳子自由
端移动的距离是预制件升高高度的几倍，根据公式 100% 100%求出
η
滑轮组的机械效率。
【解析】解：（1）预制件的体积V＝1.50m×0.50m×0.20m＝0.15m3
2×103kg/m3
ρ
（2）预制件的重力G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N
F＝G＝3000N
接触面积S＝1.50m×0.50m＝0.75m2
p 4000Pa
（3）由重力和拉力的大小关系，此滑轮组应由3段绳子承担物重。
s＝3h
100% 100% 83.3%
η
答：（1）实心预制件的密度是2×103kg/m3；（2）实心预制件对地面的压强是4000Pa；
（3）滑轮组的机械效率是83.3%。
【点拨】本题考查了压强、有用功、总功、功率、机械效率的计算，要掌握几个物理量
的计算公式，从滑轮组的结构图找出s与h的关系是本题的关键。
第 18 页 / 共 18 页
