文档内容
辽宁省抚顺市 2014 年中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，共28分，1～8题为单选题，每题2分；9～12题为多选题，每题3
分，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）（2014•抚顺）下列估测的数据中最符合实际的是（ ）
A．如正常眨眼一次的时间约为5s
B．刷牙时比较舒适的水温约为70℃
C．书桌高度约为80cm
D．普通家用电视机的额定功率约为1000W
考点：时间的估测；温度；长度的估测；额定功率．
.
专题：估算综合应用题．
分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的
换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
解答：解：
A、正常眨眼一次的时间在0.3s左右．此选项不符合实际；
B、人的体温在37℃左右，刷牙水的温度应该接近体温，不可能达到70℃．此选项不符
合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右．
此选项符合实际；
D、普通家用电视机正常工作的电流在1A以下，额定功率不超过
P=UI=220V×1A=220W．此选项不符合实际．
故选C．
点评：物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物
理，同时也能让物理更好地为生活服务．
2．（2分）（2014•抚顺）小明用同一个相机给同一个古塔拍了四张照片，拍摄下列哪张照片时
镜头伸出最长（ ）
A． B． C． D．
考点：凸透镜成像的应用．
.
专题：透镜及其应用．
分析：要解决此题，首先知道照相机是根据凸透镜成像原理制成的．
需要掌握凸透镜成像的规律．知道成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远
像近像变小．
解答：解：根据凸透镜成像的规律，成的像越大，此时的物距越小．由图可知，D图最大，则拍
摄D图照片时时，镜头伸出最长．
故选D．
点评：此题主要考查了照相机的制作原理及凸透镜成像的规律及应用，是一道基础性题目，
只要搞清成像特点与物距之间的关系，掌握成实像时的动态变化规律，便可以解决此
题．
3．（2分）（2014•抚顺）下列说法正确的是（ ）
A．毛皮摩擦过的橡胶棒具有吸引铁钴镍的性质
1B．家里的电脑和电视是并联的
C．电流都是由自由电子定向移动形成的
D．电源是消耗电能的装置
考点：摩擦起电；电流的形成；电源及其能量转化；串联电路和并联电路的辨别．
.
专题：电流和电路．
分析：（1）根据正负电荷的规定：用丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷叫正电荷，毛皮摩擦过的
橡胶棒带的电荷叫负电荷．带电体有吸引轻小物体的性质．
（2）并联电路中各用电器互不影响；
（3）电流的方向是这样规定的：正电荷定向移动的方向为电流的方向．而多数情况下
是负电荷定向移动形成电流，负电荷向右移动相当于正电荷向左移动．
（4）在电路中，电源是提供电能的装置，它将其它形式的能转化为电能；用电器是消耗
电能的装置，它将电能转化为其它形式的能．
解答：解：A、毛皮摩擦过的橡胶棒具有吸引轻小物体的性质，磁体能够吸引铁钴镍的性质，
故此选项错误；
B、家里的电灯、电视、电冰箱是并联的，因为各用电器可以单独工作，互不影响，故此
选项正确；
C、正电荷定向移动的方向为电流的方向．自由电子带负电，负电荷定向移动形成电
流，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，故此选项错误．
D、在电路中，电源是提供电能的装置，故此选项错误．
故选：B．
点评：本题考查知识点较多，熟记课本知识点理解记忆即可．
4．（2分）（2014•抚顺）下列过程中，伴随着放热的是（ ）
A．浓雾的散去 B．雾凇的形成 C．雪人的消失 D．樟脑球的变小
考点：物质的三态及其基本特征．
.
专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华．
分析：熔化吸热；凝固放热；汽化吸热；液化放热；升华吸热；凝华放热．
解答：解：浓雾的散去是由液体变为气态，属于汽化现象，需要吸热；
雾凇是水蒸气凝华而成，在凝华过程中放出热量；
雪人的消失是由固态变为气态，属于升华现象，需要吸热；
樟脑球的变小是由固态变为气态，属于升华现象，需要吸热．
故选：B．
点评：掌握熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华的定义，以及这六种物态变化的吸热和放热情
况．
5．（2分）（2014•抚顺）如图，当开关S闭合后，灯泡L ，L 都发光，两个电表都有示数，工作一
1 2
段时间后，突然灯泡L 熄灭，L 仍然发光，两个电表都无示数，该电路可能出现的故障是（
2 1
）
A．电流表断路 B．L 断路 C．电压表短路 D．L 短路
2 2
考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
.
专题：电流和电路．
分析：由图可见两灯并联，电压表测量电源电压，电流表测量灯L 的电流，分析各选项选出
2
正确答案．
解答：解：A、如果是电流表断路，则灯L 也不能发光，电流表和电压表都没有示数，符合题
2
2意；
B、如果是L 断路，则灯L 不能发光，电流表没有示数，但是电压表会有示数，显示电
2 2
源电压，不符合题意；
C、如果是电压表短路，则电源也处于短路状态，灯L 不会发光，不符合题意；
1
D、如果是L 短路，则整个电源也短路，与C描述的现象相同，不符合题意．
2
故选A．
点评：在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源
能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不
能相通．
6．（2分）（2014•抚顺）下列关于电流、电压、电阻的关系说法正确的是（ ）
A．电压大的电路中电流一定大 B．电阻大的电路中电流一定小
C．导体中的电流与电压、电阻无关 D．导体中的电阻与电流、电压无关
考点：欧姆定律的变形公式．
.
专题：欧姆定律．
分析：（1）根据欧姆定律分析流过导体的电流与导体电压、电阻的关系；
（2）导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体电压与电流有关．
解答：解：A、只有在电阻一定时，电压大的电路中电流才一定大，故A错误；
B、只有在电压一定时，电阻大的电路中电流才一定小，故B错误；
C、导体中的电流与电压、电阻都有关系，故C错误；
D、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体的电压与电流无关，故D正确．
故选D．
点评：本题考查了对欧姆定律理解和掌握、影响导体电流、电阻的因素，应知道电流跟电压成
正比，电流跟电阻成反比都是有条件的．
7．（2分）（2014•抚顺）如图，用此滑轮组在大小为15N的拉力作用下将重力为50N的物体匀
速提升0.1m，所用时间为2s，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.25m/s
B．拉力F所做的功为7.5J
C．滑轮组的机械效率为83.3%
D．上升过程中物体的动能转化为重力势能
考点：滑轮（组）的机械效率；动能和势能的转化与守恒．
.
专题：功、功率、机械效率；机械能及其转化．
分析：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数为4，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据速度
公式求出绳子自由端移动的速度；
（2）根据W=Gh求出有用功，根据W=Fs求出拉力F所做的总功，根据效率公式求出滑
轮组的机械效率；
（3）重力势能的大小和物体的质量以及所处位置的高度有关，动能的大小和物体的质
量以及运动的速度快慢有关，在一定的条件下动能和势能可以相互转化．
3解答：解：（1）由图可知，n=4，则绳端移动的距离：
s=nh=4×0.1m=0.4m，
绳子自由端移动的速度：
v== =0.2m/s，故A不正确；
（2）有用功：
W有=Gh=50N×0.1m=5J，
拉力F所做的总功：
W总=Fs=15N×0.4m=6J，故B不正确；
滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%≈83.3%，故C正确；
（3）物体匀速上升过程中，质量和速度不变，动能不变，高度升高，重力势能增大，
则不是动能转化为重力势能，故D不正确．
故选C．
点评：本题考查了滑轮组机械效率的计算和机械能的转化，由图得出滑轮组绳子的有效股数
和知道影响动能、势能的因素是关键．
8．（2分）（2014•抚顺）王亮同学是个爱动脑的孩子，他想知道家里电风扇的实际功率多大，
于是他将家里其他用电器都关闭，只让电风扇单独工作了72s，如图的电能表转盘转了5r，下
列说法正确的是（ ）
A．电风扇的工作原理是利用电流的热效应
B．电能表是测量电路中用电器功率的仪器
C．电风扇消耗的电能为0.04kW•h
D．电风扇的实际功率是100W
考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．
.
专题：应用题；电能和电功率．
分析：（1）电流流过导体时导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应；
（2）用电器消耗电能的多少用电能表测量；
（3）2500r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，或者表示转盘
转1圈，电路中消耗 kW•h的电能，据此求出电能表转盘转了5r消耗的电能，再根
据P=求出电风扇的实际功率．
解答：解：A．电风扇的工作原理是利用电流的磁效应，故A不正确；
B．电能表是测量电路中用电器消耗电能的仪器，故B不正确；
CD．因2500r/kW•h表示转盘转1圈，电路中消耗 kW•h的电能，
所以，电能表转盘转了5r消耗的电能：
W= kW•h=0.02kW•h，故C不正确；
电风扇的实际功率：
4P== =0.1kW=100W，故D正确．
故选D．
点评：本题考查了电流的磁效应和电能表的作用以及电功、电功率的计算，明白电能表参数
的含义是关键．
9．（3分）（2014•抚顺）下面有关家庭电路的说法中正确的是（ ）
A．在使用试电笔时，手不能接触金属笔尖
B．如果卧室中的灯突然熄灭但电视还正常工作，那么一定是卧室中的灯短路了
C．家中带金属外壳的大功率用电器可以不接地线
D．电路中的电流过大使保险丝熔断，原因可能是短路也可能是用电器的总功率过大
考点：安全用电原则．
.
专题：电与热、生活用电．
分析：（1）测电笔的作用是辨别火线和零线的，笔尖接触被检测导线时，若氖管发光，则接触
[来源:Z*xx*k.Com] 的是火线；氖管不发光，则接触的是零线．掌握测电笔的正确使用方法，手一定接触笔
尾金属体，一定不要接触笔尖金属体．
（2）家庭电路的用电器都是并联的，一盏灯熄灭，其余的仍然工作，说明熄灭的这盏灯
所在电路出现问题．
（3）为了防止用电器的金属外壳带电而发生触电事故，金属外壳的用电器必须接地
线．
（4）家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大．
解答：解：A、在使用试电笔时，手接触笔尾金属体，不能接触金属笔尖，该选项说法正确；
B、家庭电路的用电器都是并联的，卧室中的灯突然熄灭，故障应该是灯丝断了，如果
是短路，电视机就不能工作了，该选项说法不正确；
C、为了防止触电，家中带金属外壳的大功率用电器必须接地线，该选项说法不正确；
D、电路中的电流过大使保险丝熔断，原因可能是短路也可能是用电器的总功率过大，
该选项说法正确．
故选AD．
点评：本题考查了家庭电路的故障判断、测电笔的使用以及安全用电的注意事项，与学生生
活联系密切，注重了应用能力的考查．
10．（3分）（2014•抚顺）如图，水平桌面上放有一个装水的容器，一个木块漂浮在水面上，用
一个力F将木块匀速压入水中直至刚好浸没，下列说法正确的是（ ）
A．木块压入水中过程所受浮力逐渐变大
B．木块压入水中过程压力F逐渐变大
C．容器底受到水的压强保持不变
[科Z 来 ,X,网源
,X
:
,
学
K]
,
D．木块漂浮时容器对桌面的压强小于木块刚好浸没时容器对桌面的压强
考点：阿基米德原理；压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用．
.
专题：错解分析题；压强和浮力．
分析：（1）木块漂浮在水面上时，浮力等于重力，即G木=F浮 ；当木块全部没入水中时，其受到
的浮力增大，此时G木+F=F浮 ′，据此求出压力的大小．
（2）容器对水平桌面的压力等于容器重力、水的重力和木块重力的和，受力面积等于
容器的底面积，因此容器对水平桌面的压强变化取决于压力的变化．
5解答：解：A、木块压入水中过程，排开水的体积变大，根据阿基米德原理可知所受浮力逐渐
变大，故A正确；
B、木块压入水中的压力F=F浮 ﹣G，由于重力不变，浮力变大，则压力逐渐变大，故B
正确；
C、由于排开水的体积变大，水没有溢出，液面上升，根据p=ρgh可知容器底受到水的
压强变大，故C错误；
D、施加压力后排开的水没有溢出，即木块刚好浸没时容器对桌面的压力变大，容器的
底面积不变，因此容器对水平桌面的压强变大，故D正确．
故选C．
点评：该题重点考查压强和阿基米德原理公式的应用，关键是物体受力情况的分析，属于一
个中档题．
11．（3分）（2014•抚顺）如图是足球运动员踢球时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．足球离开脚后还能向前飞行是因为足球具有惯性
B．足球的速度越大惯性越大，飞得越远
C．飞行的足球如果不受力的作用，它将一直做匀速直线运动
D．足球在空中飞行轨迹是弧线形，是因为受到力的作用
考点：力与运动的关系．
.
专题：运动和力．
分析：（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，
质量越大，惯性越大；
（2）运动的物体在不受力的作用时，保持匀速直线运动状态；
（3）力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态．
解答：解：
A、足球离开脚之前，受到脚的作用力；离开脚之后，由于惯性要保持原来的运动状态，
所以继续向前运动．此选项正确；
B、惯性是物体本身的性质，决定于物体的质量，与速度无关．此选项错误；
C、飞行的足球，如果受到的作用力全部消失，将以原来的速度和方向做匀速直线运
动．此选项正确；
D、力可以改变物体的运动状态，足球在空中飞行轨迹是弧线形，是受到重力的作用．
此选项正确．
故选：ACD．
点评：此题考查的是我们对惯性及其影响因素、牛顿第一定律、力的作用效果的理解和应用，
正确理解基本规律是解答此类问题的关键．
12．（3分）（2014•抚顺）如图甲，两个灯泡串联在电路中，电源电压为6V，L 的额定电压为
1
3V，L 的额定电压为2V．通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示，闭合开关后，
2
6当滑动变阻器的滑片滑至中点时，其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，下列说法中正确
的是（ ）
A．正常发光的小灯泡是L ，其额定功率为0.3W
2
B．正常发光的小灯泡是L ，其额定功率为0.45W
1
C．当L 两端电压为1.5V时，通过它的电流为0.15A
2
D．此时滑动变阻器两端电压是1.5V
考点：电功率的计算．
.
专题：应用题；电能和电功率．
分析：（1）由图象可知，两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点可知能正常发光的灯
泡是额定电流较小的，根据P=UI求出其额定功率；
（2）由图象可知，电路中的电流为0.15A时，两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压
特点求出滑动变阻器两端的电压．
解答：解：（1）由图象可知，L 的电压为3V时通过的电流0.15A，L 的电压为2V时通过的电
1 2
流大于0.15A，
因串联电路中各处的电流相等，且其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，
所以，正常发光的灯泡是L ，其额定功率P =U I =3V×0.15A=0.45W，故A不正确，B
1 1 1 1
正确；
（2）由图象可知，当电路中的电流为0.15A时，灯泡L 两端的电压为3V，灯泡L 两端
1 2
的电压为1.5V，故C正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
[来源:Zxxk.Com]
U滑=U﹣U
1
﹣U
2
=6V﹣3V﹣1.5V=1.5V，故D正确．
故选BCD．
点评：本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据两灯泡的额定电流确定
电路中的最大电流．
二、填空题（共9小题，每小题3分，满分26分）
13．（3分）（2014•抚顺）小明家附近广场音乐声过大影响了居民正常生活，这里的声音是由音
箱中纸盆的 振动 产生的，声音大是指声音的 响度 （选填“音调”或“响度”）大，经
过居委会的协调，该音乐的播放者将音量调小了些，这是在 声源处 减弱噪声．
考点：声音的产生；响度；防治噪声的途径．
.
7专题：声现象．
分析：（1）声音是物体振动产生的；
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，音量的调节就是改变声音的响度；
（3）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处．
解答：解：（1）音乐声是由音箱中纸盆的振动产生的；
（2）调节音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变；所以声音大是
指声音的响度大；
（3）把音量调小可以在声源处减弱噪声，防止影响人们正常生活．
故答案为：振动；响度；声源处．
点评：本题主要考查学生对响度在生活中具体应用的了解情况，知道控制噪声的途径，是一
道声学的基础题．
14．（3分）（2014•抚顺）据国外一则新闻报道，某地行人在路上闻到了刺鼻的塑料烧焦的气味，
随后发现原来是路边的一辆汽车后视镜已经被烤化了，经调查原因是马路对面大楼的玻璃
幕墙将光 反射 到后视镜上，使其温度过高造成的，闻到塑料烧焦的气味是 扩散 现象．
考点：光的反射；扩散现象．
.
专题：光的传播和反射、平面镜成像；分子热运动、内能．
分析：光的反射分为镜面反射和漫反射，当平行光线射到光滑表面时发生镜面反射，反射光
线依然平行；平面镜成的像是虚像．
我们离物体很远就能闻到物体散发出来的气味，这是一种扩散现象，是气味的分子运
动到我们身边的结果．
解答：解：光线照射到光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射；光 反射到后视镜上使其温度过
高，时间长了被烤化；
闻到塑料烧焦的气味是一种扩散现象；扩散现象是分子不停地做无规则运动的结果．
故答案为：反射；扩散．
点评：解答本题需掌握：平行光射到玻璃幕墙、釉面砖墙、磨光大理石等反射面时，反射光线
射向同一方向，会造成光污染，在平时的学习生活中多积累与物理相联系的现象，将物
理与社会联系起来．
15．（3分）（2014•抚顺）如图为我国电视播放的我国首批女子仪仗队训练时的画面，队员们之
所以能够站的这么整齐是利用了光的 直线传播 原理，她们在行走过程中以其中一名队
员为参照物，其他队员是 静止 （选填“运动”或“静止”）的，我们从电视中看到的五颜
六色的画面都是由 红、绿、蓝 三种颜色的色光混合而成的．
考点：光在均匀介质中直线传播；参照物及其选择；色光的三原色和颜料的三原色．
.
专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；长度、时间、速度．
分析：①光在同种均匀介质中沿直线传播．
②运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的
物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的．
8③红、绿、蓝三种色光叫色光三原色．彩色电视机的丰富多彩的画面是由三原色光混合
而成．
解答：解：①女子仪仗队训练时的画面，队员们之所以能够站的这么整齐是利用了光的直线
传播原理；
②她们在行走过程中以其中一名队员为参照物，其他队员和所选的队员之间没有位置
的变化，所以其他队员以其中一名队员为参照物是静止的；
③彩色电视画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的．
故答案为：直线传播；静止；红、绿、蓝．
点评：本题考查了光的直线传播、参照物的选择及光的三原色的知识在生产和生活中的应
用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣．
16．（3分）（2014•抚顺）如图为一种登冰山用的冰爪，它可以套在登山者的鞋上，由于冰雪很
滑，穿上冰爪可以 增大 （选填“增大”或“减小”）摩擦力，冰爪底面做的非常锋利可以
通过 减小受力面积 的方式 增大 （选填“增大”或“减小”）压强，使冰爪很容易的
插入冰雪中．
考点：增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用．
.
专题：重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强．
分析：（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一
定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力．
（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，
增大压力来增大压强．
解答：解：穿上冰爪，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下可以增大摩擦力，冰爪
底面做的非常锋利可以通过减小受力面积的方式增大压强，使冰爪很容易的插入冰雪
中．
点评：此题主要考查学生对增大摩擦的方法和增大压强的方法的理解．此类现象在现实生活
中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生
活中的实际问题．
17．（3分）（2014•抚顺）飞机是我们重要的交通工具之一，它在起飞时机翼上方空气流速 大
压强小，会产生向上的升力，飞机在爬升过程中外界大气压要 减小 （选填“增大”或
“减小”），所以机舱要密封．飞行过程中飞行员还要与指挥中心通过 电磁波 （选填“电
磁波”或“超声波”）进行联系．
考点：流体压强与流速的关系；大气压强与高度的关系；电磁波的传播．
.
专题：其他综合题．
分析：飞机起飞是利用流体压强与流速的关系产生升力；高度越高，大气压越小；飞行员通过
电磁波与地面进行联系．
解答：解：（1）飞机在起飞时机翼上方空气流速大，压强小，会产生向上的升力；
（2）飞机在爬升过程中，海拔越高，外界大气压越小，故爬升时大气压减小，所以机舱
要密封；
（3）飞行过程中飞行员还要与指挥中心通过电磁波进行联系．
故答案为：大；减小；电磁波．
点评：本题考查了与飞机飞行有关的三个知识点，包括升力产生的原理，大气压与高度的关
系，和电磁波的传播，属基础知识．
918．（2分）（2014•抚顺）如图为一张水床，夏天人躺在床垫上会明显凹陷进去，说明力可以改
变物体的 形状 ，同时又利用了水 比热容 大的特点来为人体降温．
考点：水的比热容的特点及应用；力的作用效果．
.
专题：比热容、热机、热值；运动和力．
分析：（1）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（2）水的比热容大含义：相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸
收或放出的热量多，据此分析．
解答：解：（1）夏天人躺在床垫上会明显凹陷进去，说明力可以改变物体的形状；
（2）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热
量多，所以夏天冲入冷水，躺在上面感觉非常凉爽．
故答案为：形状；比热容．
点评：本题通过“水床”考查力的作用效果以及比热容的相关知识，注重了物理和生活的联
系，属于基础知识的考查．
19．（3分）（2014•抚顺）研发太阳能汽车是很多汽车厂商的未来发展方向，太阳能是 可再生
（选填“可再生”或“不可再生”）能源，该类汽车有个重要的部件是太阳能电池，它可以将
太阳能转化为 电 能；该车还有一个重要部件是电动机，它的工作原理与 扬声器 （选
填“麦克风”或“扬声器”）工作原理相同．
[来源:学.科.网]
考点：太阳能的利用；直流电动机的原理．
.
专题：电和磁；能源的利用与发展．
分析：（1）在自然界短时间就能得到补充的是可再生能源，常见的可再生能源有：风能、太阳
能、水能等；
（2）电动汽车上有许多电子设备，需要电能的提供，太阳能电池板就可以将太阳能转
化为电能；
（3）通电导体在磁场中受力而发生运动，故人类利用这一原理发明了电动机．
解答：解：
（1）太阳能是一种新型的可再生能源，越来越被广泛利用；
（2）太阳能电池板可以将太阳能转化为电能，供汽车使用；
（3）电动机是利用通电线圈在磁场中受力作用工作的，扬声器是磁场中的线圈在通入
交变电流时受力发生振动，即也是利用通电导体在磁场中受力；电动机和扬声器的工
作原理相同．
故答案为：可再生；电；扬声器．
点评：本题主要考查学生对太阳能特点的了解和太阳能电池板上的能量转化过程，以及电动
机的工作原理，都是基础知识．
20．（3分）（2014•抚顺）如图装置，它的外部并联了两个发光二极管，二极管是用 半导体
材料制成的．当转动该装置手柄是地，二极管发光，则该装置是一台 发电机 （选填“发电
机”或“电动机”），它的工作原理是 电磁感应原理 ．
10考点：半导体的作用；发电机的构造和原理．
.
专题：电和磁．
分析：半导体的阻值随温度、光照和杂质等外界因素的不同而发生变化，故可以利用半导体
制作成光敏电阻、热敏电阻以及二极管三极管等．电磁翘翘板上下翘动时，塑料管中的
磁铁来回运动，使线圈相对于磁铁做切割磁感线运动产生感应电流．磁铁运动的方向
不同，使线圈做切割磁感线运动的方向不同，产生的感应电流方向不同．
解答：解：二极管和三极管都是要半导体制成的，塑料管中的磁铁来回运动，使线圈相对于磁
铁做切割磁感线运动产生感应电流，所以电磁翘翘板中发光二极管轮流发光是根据电
磁感应原理工作的，发电机也是根据这一原理工作的．
故答案为：半导体；发电机；电磁感应原理．
点评：本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重
点考查的内容．
21．（3分）（2014•抚顺）如图电路中，灯泡的规格为“6V 2W”，闭合开关，灯泡正常发光，当
滑动变阻器的滑片向右滑动时，此时电压表的示数 不变 ，电流表的示数 变小 （以上
两空均选填“变大”、“变小”或“不变”），灯泡的亮度 不变 （选填“变亮”、“变
暗”或“不变”）．电源电压为 6 V．
考点：欧姆定律的应用．
.
专题：电路和欧姆定律．
分析：分析图示电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，
然后根据并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题．
解答：解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端电压，电流表测通
过滑动变阻器的电流，
滑片向右滑动时，电源电压不变，电压表示数不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，
滑动变阻器两端电压不变，
由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，电流表示数变小；
滑片移动时，灯泡两端电压不变，灯泡实际功率不变，灯泡亮度不变；
灯泡两端电压等于电源电压，灯泡正常发光，灯泡电压等于额定电压6V，则电源电压
为6V；
故答案为：不变；变小；不变；6．
点评：本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，分析清楚
电路结构后，根据电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．
三、作图题（共3小题，每题3分，共9分）
22．（3分）（2014•抚顺）如图，B点为海岸上一棵椰子树的顶点，请画出人在水下A点看到B
点的光路图，并大致确定B点的像的位置B′．
11考点：作光的折射光路图．
.
专题：图像综合题．
分析：掌握光的折射规律，知道光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角．
人能看到岸上灯的虚像，是因为光从灯发出经过折射进入水中达到人眼，所以可以先
根据虚像和人眼的位置确定折射光线，再根据折射规律大体画出入射光线．
解答：解：连接BA，与水面相交于一点，确定出折射光线，与水面的交点是入射点．通过入射
点做出法线，根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角做出入射光线．
如图所示：
点评：此题考查了有关折射光路的画法，首先确定光从哪种介质斜射入哪种介质，根据折射
规律确定入射角与折射角的大小关系即可解决．
23．（3分）（2014•抚顺）纪录片《舌尖上的中国》已经播出了两季，深受广大观众的欢迎，它向
人们介绍了祖国各地的美食和风土人情．如图甲是山西的一种制作美食饸饹的画面，其中压
制工具的手柄可以看成一个杠杆，图乙为其简化图，请在图乙中画出阻力臂L 、作用在A点
2
的最小动力F 和动力臂L ．
1 1
考点：力臂的画法；力的示意图．
.
专题：图像综合题．
分析：根据杠杆平衡的条件，F ×L =F ×L ，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用
1 1 2 2
的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两
点所得到的线段最长，据此可解决此题．
解答：解：①连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向
下，据此可画出最小的动力；
②O为支点，点O到F
2
的垂线段就是F
2
的力臂，如图所示：
12点评：做出杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行
1、确定杠杆中的支点和动力作用点的位置
2、连接支点与动力作用点，得到最长的线段
3、经过动力作用点做出与该线段垂直的直线
4、根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向．
24．（3分）（2014•抚顺）一个可以自由转动的通电螺线管，其静止时的位置如图，请你根据其
地理位置指向标出通电螺线管的N极、磁感线的方向和电源的正极．
[来源:学科网ZXXK]
考点：通电螺线管的磁场．
.
专题：磁现象、电生磁．
分析：先根据螺线管的指向判定出通电螺线管的N、S极，在磁体外部，磁感线从N极出发回
到S极；
然后根据安培定则判定出螺线管中的电流方向，最后根据电流方向判定出电源的正、
负极．
解答：解：
由螺线管的指向可知，通电螺线管的上端为N极，下端为S极，且在磁体外部，磁感线
从N极出发回到S极，据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的
N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源
的下端为正极，电源上端是负极．如下图所示：
点评：本题考查了磁体的基本性质和右手螺旋定则．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判
定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．
13四、简答题（共3分）
25．（3分）（2014•抚顺）2014年5月，沈阳地区下了一场罕见的冰雹，此次冰雹给不少市民的
财产造成了损失，如图为冰雹过后停在路边的一辆轿车，它的后车窗已经千疮百孔，请问：
（1）冰雹在下落过程中能量如何转化（忽略空气阻力）？
（2）下落的冰雹为什么能将车玻璃砸坏？
（3）车窗玻璃被砸坏的同时为什么冰雹自身也破碎了？
考点：能量的相互转化；力作用的相互性．
.
专题：机械能及其转化．
分析：（1）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，二者可以相
互转化；
（2）力可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状．物体具有能量，就可以对外
做功；
（3）物体间力的作用是相互的．
解答：解：（1）冰雹在下落过程中质量不变，高度减小，速度增加，故是重力势能转化为动能；
（2）下落的冰雹具有很大的动能，所以可以对外做功，同时力可以改变物体的形状，因
此下落的冰雹能将车玻璃砸坏；
（3）车窗玻璃被砸坏的同时冰雹自身也破碎了，这是因为物体间力的作用是相互的．
答：（1）重力势能转化为动能；
（2）下落的冰雹具有很大的动能，同时力可以改变物体的形状，故下落的冰雹能将车
玻璃砸坏；
（3）物体间力的作用是相互的．
点评：结合生活中的现象，考查了我们用物理知识解释生活现象的能力，掌握相关基础知识
重要．
14五、解答题（共2小题，共18分，要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）（2014•抚顺）如图是建造楼房时常用的混凝土泵车，它使用柴油提供动力，能将搅
拌好的混凝土抽到高处进行浇灌，该车满载时总重为2.5×105N，为了减少对地面的压强它装
有四只支腿，支腿和车轮与地面的总接触面积为2m2，该车正常工作时每小时可以将60m3的
混凝土输送到10m高的楼上．求：（g=10N/kg，ρ混凝土=4.3×103kg/m3，q柴油=4.3×107J/kg）
（1）该车满载时静止在水平路面上时对路面的压强；
（2）该车将60m3的混凝土输送到10m高的楼上，克服混凝土重力所做的功；
（3）该车将60m3的混凝土输送到10m高的楼上，消耗柴油2kg，则泵车的效率为多少？
考点：压强的大小及其计算；功的计算；机械效率的计算．
.
专题：计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．
分析：（1）该车满载时静止在水平路面上时，对路面的压力等于重力，又已知接触面积，根据
p=即可求出该车满载时对路面的压强；
（2）先根据密度的变形公式和G=mg求出60m3混凝土的重力，然后根据W=Gh即可求
出克服混凝土重力所做的功；
（3）先根据Q放=mq求出完全燃烧柴油2kg放出的热量，然后根据η= 即可求出泵
车的效率．
解答：解：（1）该车满载时静止在水平路面上时，对路面的压力：
F=G=2.5×105N；
则该车满载时对路面的压强：
p== =1.25×105Pa；
（2）由ρ=和G=mg可得，60m3混凝土的重力：
G′=m′g=ρVg=4.3×103kg/m3×60m3×10N/kg=2.58×106N，
则将60m3的混凝土输送到10m高的楼上，克服混凝土重力所做的功：
W=G′h=2.58×106N×10m=2.58×107J；
（3）完全燃烧2kg柴油产生的热量：
Q放=mq=2kg×4.3×107J/kg=8.6×107J；
则泵车的效率：
η= ×100%= ×100%=30%．
答：（1）该车满载时静止在水平路面上时对路面的压强为1.25×105Pa；
（2）该车将60m3的混凝土输送到10m高的楼上，克服混凝土重力所做的功为
2.58×107J；
（3）泵车的效率为30%．
点评：本题考查了压强公式、密度和重力公式、功的计算公式、效率公式以及二力平衡条件的
应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等．
1527．（9分）（2014•抚顺）如图是一款有煮洗功能的洗衣机的简化电路图及相关参数．此款洗衣
机有两个档位，当开关置于位置1时为加热状态，当开关置于位置2时为保湿洗涤状态．其中
电阻R
1
的阻值为22Ω[C水=4.2×103J/kg•℃ ，求：
加热功率（kW） 2.4
]
加水量（kg） 15
洗涤衣物容量（kg） 3
额定电压（V） 220
产品质量（kg） 44
产品尺寸（mm） 450×540×768
（1）在洗衣机内按“加水量”加入20℃的冷水加热到90℃时水吸收的热量；
（2）R 的阻值；
2
（3）洗衣机在保湿洗涤状态下工作时，电动机的功率为200W，则此时通过电动机的电流为多
少？
考点：电功与热量的综合计算．
.
专题：计算题；电和热综合题．
分析：（1）知道水的质量，水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（t﹣t
0
）求水吸收的热量；
（2）根据P= 求出R 的功率，当开关置于位置1时为加热状态，R 与R 并联，加热电
1 1 2
阻正常工作时，加热功率和额定功率相等，则求出R 的功率，根据R= 求R 阻值；
2 2
（3）洗衣机在保湿洗涤状态下工作时，电动机工作，根据P=UI求通过电动机线圈的电
流．
解答：解：（1）水需要吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t
0
）
=4.2×103J/（kg•℃）×15kg×（90℃﹣20℃）
=4.41×106J；
（2）R 的功率P = = =2200W，
1 1
由于当开关置于位置1时为加热状态，R
1
与R
2
并联，则P
2
=P加热 ﹣P
1
=2400W﹣
2200W=200W，
由P= 得：R = = =242Ω；
2
（3）电动机的功率P电动机=200W，电压U=220V，
由P=UI可得：
通过线圈的电流：
I= = ≈0.91A；
答：（1）在洗衣机内按“加水量”加入20℃的冷水加热到90℃时水吸收的热量为
4.41×106J；
16（2）R 的阻值为242Ω；
2
（3）洗衣机在保湿洗涤状态下工作时，此时通过电动机的电流为0.91A．
点评：本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公
式和效率公式的应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等并能从表
格中得出相关的信息．
六、实验、探究题（共5小题，共36分）
28．（6分）（2014•抚顺）下面是晓婷同学设计的探究“光的反射定律”和“平面镜成像特
点”的实验过程．
（1）如图，为了探究“光的反射定律”，晓婷将一张白纸B放在水平桌面上，将一个平面镜A
垂直白纸放置，用激光手电贴着 B （选填“A”或“B”）照射，并记录下了反射角和入射角
的度数如下表．通过表格中的数据可得到的结论是 反射角等于入射角 ．
入射角 15° 30° 60°
反射角 15° 30° 60°
（2）为了探究“平面镜成像特点”，她将平面镜换成了 透明的玻璃板 ，并取来了两个
等大 的蜡烛．在实验过程中，随着蜡烛的燃烧变短，蜡烛的像与用来找像的蜡烛 不再重
合 （选填“仍然重合”或“不再重合”），此时所成的像与物大小 相同 （选填“相同”
或“不相同”）．
考点：光的反射定律；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
.
专题：实验题；探究型实验综合题．
分析：（1）在探究“光反射时的规律”时将一块平面镜放在水平桌面上，再把一张纸板放置
在平面镜上，让一束光贴着纸板射到镜面上，使入射光线和其反射光线的径迹同时在
纸板上出现．根据反射角和入射角的度数可得出结论．
（2）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是
在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位
置．
实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻
璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像
的位置，同时也可以比较物像大小关系．
解答：解：（1）探究“光的反射定律”的实验过程，将一个平面镜A垂直白纸放置，用激光手
电贴着B照射到平面镜上，则入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现．通过
表格中的数据可得到的结论是反射角等于入射角；
（2）为了探究“平面镜成像特点”，她将平面镜换成了透明的 玻璃板，用透明的玻璃
板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代
替物体的另一个物体．
选取两支完全相同的蜡烛，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合
时，便于比较物像大小关系．
在实验过程中，随着蜡烛的燃烧变短，蜡烛的像与用来找像的蜡烛 不再重合，此时所
成的像与物大小 相同．
故答案为：（1）B；反射角等于入射角；（2）透明的玻璃板；等大；不再重合；相同．
点评：掌握平面镜成像实验中各器材选择和操作的目的，例如为什么选择薄透明玻璃板、为
什么选择两个完全相同的蜡烛、玻璃板为什么要竖直放置、刻度尺的作用等．
29．（7分）（2014•抚顺）刘明同学用图甲装置探究了“固体熔化”和“液体沸腾”的实验；
17（1）甲图是实验过程中某时刻温度计的示数，此时的温度为 ﹣ 2 ℃；
（2）刘明在实验过程中发现熔化过程持续了很长时间，其原因可能是 放入的固体太多 ；
（3）解决问题后两个实验连接完成，根据实验数据画出了如图乙的图象，由图象可知该物质
是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）熔化时的特点是： 达到熔点 ， 不断吸热 ；
（4）该物质熔化结束后，继续加热升温过程中其比热容大小 不变 （选填“变大”、“变
小”或“不变”）．由图象可知，该物质的沸点为 10 0 ℃．
考点：熔化和凝固的探究实验；探究水的沸腾实验．
.
专题：实验题；探究型实验综合题．
分析：（1）要认清温度计的分度值，然后进行读数．
（2）晶体熔化条件：达到熔点，不断吸收热量．
（3）晶体和非晶体的重要区别是：晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变；非晶体
熔化时，不断吸收热量，温度不断升高；
（4）比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、
体积的大小都没有关系；由图象可知该物质的沸点．
解答：解：（1）由图知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为﹣2℃．
（2）熔化过程持续了很长时间，其原因可能是放入的固体太多；
（3）由图象知，该物质熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，所以该物质是晶体．
（4）比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，所以不同物质比热容一般
不同，同种物质状态不同时比热容一般不同，该物质熔化结束后，继续加热升温过程中
其比热容大小不变；由图象可知，该物质的沸点为100℃．
故答案为：（1）﹣2；（2）放入的固体太多；3晶体；达到熔点；不断吸热；（4）不变；100．
点评：掌握晶体熔化的条件和熔化特点：
晶体熔化条件：达到熔点，不断吸收热量．
晶体熔化特点：不断吸收热量，温度保持不变．
30．（7分）（2014•抚顺）如图为小明“探究液体内部压强的特点”的实验过程图：
（1）小明首先用手指按了按探头的橡皮膜，发现U型管内液柱几乎无变化，其原因是 液体
压强计漏气 ，然后小明重新调整好器材，继续实验；
（2）比较图A、图B、图C，得出结论：同种液体，同一深度， 液体向各个方向的压强相等 ；
（3）将图A中的探头逐渐下移，可观观察到U型管内液柱的高度差逐渐变大，得出结论：液
体密度一定， 液体的压强随深度的增加而增大 ；
（4）向图B中的容器内加入一定量的浓盐水，为使探头在液体中的深度与加盐水前的深度相
同，应将探头位置 不变 （选填“上移”、“下移”或“不变”），并且观察到U型管内液
柱的高度差变大，可得出结论：深度相同，液体密度越大， 液体压强越大 ；
（5）小明又想探究一下浮力大小与液体密度的关系，于是他找来了一个木块，分别放入了装
有水和装有盐水的容器中，发现两次木块都漂浮在液面上，浮力都等于木块的重力，浮力相
等，所以他得出结论：浮力大小与液体密度无关，他得出的结论是否正确？ 不正确 ，原因
是 没有控制木块排开水和盐水的体积相等 ．
18考点：探究液体压强的特点实验．
.
专题：实验题；探究型实验综合题．
分析：（1）压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强
的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面变化很小，
甚至不会变化．
（2）液体内部朝各个方向都有压强，在同一深度，液体向各个方向的压强相等．
（3）将图A中的探头逐渐下移，是控制液体的密度相同，改变液体的深度，观察U形管
两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的深度有关．
（4）深度相同，液体密度越大，液体的压强越大．
（5）探究浮力与密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同而液体密度不同，据此
分析答题．
解答：解：（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现
象，导致U形管两边液柱的高度差变化小；
（2）金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不
变，因此同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等；
（3）在乙图中把探头慢慢下移，控制液体的密度不变，改变深度，可以观察到U型管两
边液体的高度差增大，得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；
（4）为使探头在液体中的深度与加盐水前的深度相同，应将探头位置，并且观察到U
型管内液柱的高度差变大，可得出结论：深度相同，液体密度越大，液体压强越大；
（5）不论木块浮在水面上，还是悬浮在盐水中，木块都处于平衡状态，木块受到的浮力
都等于木块的重力，木块受到的浮力不变；木块浮在水表面时，木块排开水的体积较
大，浮在盐水中时，木块排开盐水的体积小，由于没有控制木块排开水和盐水的体积相
等，根据实验现象得出：浮力大小与液体密度无关的结论是错误的．
故答案为：
（1）液体压强计漏气；
（2）液体向各个方向的压强相等；
（3）液体的压强随深度的增加而增大；
（4）不变；液体压强越大；
（5）不正确；没有控制木块排开水和盐水的体积相等．
点评：这是一道综合实验题，此题考查了学生理论联系生活实际的能力，及液体压强计的有
关知识，我们要了解压强计的原理，知道液体压强计的操作要求等．
31．（6分）（2014•抚顺）如图为小明“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，其中图
甲和图乙所用的是粗糙程度相同且较光滑的木板，图丙所用的是较粗糙的木板，小明做出了
如下猜想：
猜想A：滑动摩擦力大小与压力有关；
猜想B：滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
猜想C：滑动摩擦力大小与接触面积有关．
为了验证以上猜想，小明设计了如下的实验过程：
（1）实验中需要用弹簧测力计水平拉动木块在水平木板上做 匀速直线 运动，目的是使拉
力等于摩擦力；
19（2）为了验证猜想A，比较图甲和图乙可得出： 接触面的粗糙程度 一定，压力越大，滑动
摩擦力越大；
（3）比较图 乙 和图 丙 ，可得出：压力一定，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）将图甲中的木块侧放进行实验，测出的摩擦力与图甲实验所测出的摩擦力相同，可验证
猜想 C 是 错误 （选填“正确”或“错误”）的．
考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
.
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）在此题中要掌握二力平衡条件的应用，要测量摩擦力的大小，需拉动测力计做匀
速直线运动，此时拉力大小与摩擦力大小相等；
（2）（3）根据影响摩擦力大小的两个因素，结合控制变量法，可对不对实验次数中的变
量和控制量进行分析，地而得出实验结论；
（4）用控制变量法研究摩擦力大小和接触面积的关系，控制压力大小、接触面粗糙程
度不变，改变接触面积．
解答：解：（1）要测滑动摩擦力，需拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡
力，大小相等．
（2）为了验证猜想A，比较图甲和图乙可得出：在接触面的粗糙程度一定时，压力越
大，摩擦力越大；
（3）同样的道理，比较乙与丙相比，压力相同，接触面的粗糙程度不同，因此是探究的
摩擦和大小与接触面的粗糙程度的关系，可得出的结论是：在压力相同时，接触面越粗
糙，摩擦力越大；
（4）将图甲中的木块侧放进行实验，让长方体木块侧放或竖放来改变接触面积的大
小，测出的摩擦力与图甲实验所测出的摩擦力相同，故滑动摩擦力大小与接触面积无
关，可验证猜想C是错误的；
故答案为：（1）匀速直线；（2）接触面的粗糙程度；（3）乙；丙；（4）C；错误
点评：（1）滑动摩擦力在物体的接触面上，所以摩擦力的大小无法直接测量，可借助于平衡
力的条件，将摩擦力的大小转化成测力计示数的大小进行测量；
（2）由猜想可知滑动摩擦力的大小可能跟接触面的粗糙程度、压力的大小、接触面积
的大小等有关，因此在分析实验结论和设计实验步骤时应使用控制变量的方法．
2032．（10分）（2014•抚顺）如图是“测量小灯泡额定功率”的实验，其中灯泡的额定电压为
3.8V，电源电压未知，请你将实验过程补充完整．
（1）如图甲是实验电路，请你用笔画线代替导线将电路补充完整，并使滑动变阻器连入电路
的阻值最大（导线不允许交叉）．
（2）实验过程中的某时刻，电压表的示数如图乙所示，为了测量灯泡的额定功率，应将滑动变
阻器的滑片向 左 （选填“左”或“右”）端滑动．灯泡正常发光时电流表的示数如图丙
为 0. 3 A，则灯泡的额定功率为 1.1 4 W．
（3）为了考察同学们的能力，老师拿来了一个已知额定电流为0.2A，但额定电压未知的小灯
泡，一个已知阻值为R的电阻和两个开关S 、S ，利用上面的部分器材为同学们设计了如图
1 2
丁所示的电路来测量小灯泡的额定功率，请你将下列实验步骤补充完整；
① 闭合开关 S 、 S （填开关S、S 、S 的通断情况），调节滑动变阻器的滑片使电压表的示
1 1 2
数为 0.2R ；
②闭合开关S、S ，断开S ， 保持滑动变阻器的滑片不动 （选填“适当调节滑动变阻器的
2 1
滑片”“保持滑动变阻器的滑片不动”），读出电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为：P= 0.2A× （ U﹣0.2R ） ．
考点：电功率的测量．
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专题：探究型实验综合题．
分析：（1）根据题意确定滑动变阻器的接法，根据实验原理连接实物电路图．
（2）由图示电压表读出其示数，根据电压表示数与灯泡额定电压的关系确定滑片的移
动方向；由图示电流表读出其示数，由P=UI求出灯泡额定功率．
（3）测灯泡功率需要测出灯泡额定电流对应的额定电压，根据实验原理与实验步骤分
析答题．
解答：解：（1）灯泡额定电压为3.8V，电压表选0～15V量程，把滑动变阻器串联接入电路，电
压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：
（2）电压表量程为0～15V，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.5V，所示为2.5V，小
于灯泡额定电压3.8V，为了测量灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向左端滑
动．由图丙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所示为：0.3A，灯泡
的额定功率为P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
21（3）①闭合开关S、S ，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 0.2R；
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②闭合开关S、S ，断开S ，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表的示数为U；
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③灯泡额定功率的表达式为：P=0.2A×（U﹣0.2R）．
故答案为：（1）电路图如图所示；（2）左；0.3；1.14；（3）①闭合开关S、S ；0.2R；②保持
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滑动变阻器的滑片不动；③0.2A×（U﹣0.2R）．
点评：本题考查了连接实物电路图、滑动变阻器调节、电表读数、求灯泡额定功率、完善实验
步骤等问题，对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与
电表刻度线垂直．
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