河南2025年高考河南物理高考真题文档版（含答案）_1.高考2025全国各省真题+答案_7.高考物理试题及答案更新中

河南省 2025 年普通高中学业水平选择性考试 物理 注意事项： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在试卷、答题卡上。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目的答案 标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题 时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共 7小题，每小题 4分，共28分。在每小题给出的四个 选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．野外高空作业时，使用无人机给工人运送零件。如图，某次运送过程中的一段时间内， 无人机向左水平飞行，零件用轻绳悬挂于无人机下方，并相对于无人机静止，轻绳与竖直方 向成一定角度。忽略零件所受空气阻力，则在该段时间内（ ） A．无人机做匀速运动 B．零件所受合外力为零 C．零件的惯性逐渐变大 D．零件的重力势能保持不变 2．折射率为 2的玻璃圆柱水平放置，平行于其横截面的一束光线从顶点入射，光线与竖 直方向的夹角为45，如图所示。该光线从圆柱内射出时，与竖直方向的夹角为（不考虑光 线在圆柱内的反射）（ ） 试卷第1页，共9页A．0 B．15 C．30 D．45 3．2024年天文学家报道了他们新发现的一颗类地行星Gliese12b，它绕其母恒星的运动可视 1 为匀速圆周运动。已知Gliese122b轨道半径约为日地距离的 ，其母恒星质量约为太阳质 14 2 量的 ，则Gliese122b绕其母恒星的运动周期约为（ ） 7 A．13天 B．27天 C．64天 D．128天 4．如图，在与纸面平行的匀强电场中有a、b、c三点，其电势分别为6V、4V、2V；a、b、c 分别位于纸面内一等边三角形的顶点上。下列图中箭头表示a点电场的方向，则正确的是 （ ） A． B． C． D． 5．如图，一金属薄片在力F作用下自左向右从两磁极之间通过。当金属薄片中心运动到N 试卷第2页，共9页极的正下方时，沿N极到S极的方向看，下列图中能够正确描述金属薄片内涡电流绕行方 向的是（ ） A． B． C． D． 6．由于宇宙射线的作用，在地球大气层产生有铍的两种放射性同位素7Be和10Be。测定不 4 4 同高度大气中单位体积内二者的原子个数比，可以研究大气环境的变化。已知7Be和10Be的 4 4 半衰期分别约为53天和139万年。在大气层某高度采集的样品中，研究人员发现7Be和10Be 4 4 3 的总原子个数经过106天后变为原来的 ，则采集时该高度的大气中7Be和10Be的原子个数 4 4 4 比约为（ ） A．1:4 B．1:2 C．3:4 D．1:1 7．两小车P、Q的质量分别为m 和想m ，将它们分别与小车N沿直线做碰撞实验，碰撞 P Q 前后的速度v随时间t的变化分别如图1和图2所示。小车N的质量为m ，碰撞时间极短， N 则（ ） A．m m m B．m m m C．m m m D．m m m P N Q N P Q Q P N Q N P 二、多项选择题：本题共 3小题，每小题 6分，共18分。在每小题给出的四个 选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有 试卷第3页，共9页选错的得 0分。 8．贾湖骨笛是河南博物院镇馆之宝之一，被誉为“中华第一笛”。其中一支骨笛可以发出 A 、B 、C 、D 、E 等音。己知A 音和D 音所对应的频率分别为880Hz和1175Hz，则 5 5 6 6 6 5 6 （ ） A．在空气中传播时，A 音的波长大于D 音的 5 6 B．在空气中传播时，A 音的波速小于D 音的 5 6 C．由空气进入水中，A 音和D 音的频率都变大 5 6 D．由空气进入水中，A 音的波长改变量大于D 音的 5 6 9．手机拍照时手的抖动产生的微小加速度会影响拍照质量，光学防抖技术可以消除这种影 响。如图，镜头仅通过左、下两侧的弹簧与手机框架相连，两个相同线圈c、d分别固定在 镜头右、上两侧，c、d中的一部分处在相同的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里。拍照 时，手机可实时检测手机框架的微小加速度a的大小和方向，依此自动调节c、d中通入的 电流I 和I 的大小和方向（无抖动时I 和I 均为零），使镜头处于零加速度状态。下列说法 c d c d 正确的是（ ） A．若I 沿顺时针方向，I 0，则表明a的方向向右 c d B．若I 沿顺时针方向，I 0，则表明a的方向向下 d c C．若a的方向沿左偏上30，则I 沿顺时针方向，I 沿逆时针方向且I I c d c d D．若a的方向沿右偏上30，则I 沿顺时针方向，I 沿顺时针方向且I I c d c d 10．如图，一圆柱形汽缸水平固置，其内部被活塞M、P、N密封成两部分，活塞P与汽缸 壁均绝热且两者间无摩擦。平衡时，P左、右两侧理想气体的温度分别为T 和T ，体积分别 1 2 试卷第4页，共9页为V 和V ，T T ,V V 。则（ ） 1 2 1 2 1 2 A．固定M、N，若两侧气体同时缓慢升高相同温度，P将右移 B．固定M、N，若两侧气体同时缓慢升高相同温度，P将左移 C．保持T、T 不变，若M、N同时缓慢向中间移动相同距离，P将右移 1 2 D．保持T、T 不变，若M、N同时缓慢向中间移动相同距离，P将左移 1 2 三、非选择题：本题共 5小题，共 54分。 11．实验小组研究某热敏电阻的特性，并依此利用电磁铁、电阻箱等器材组装保温箱。该热 敏电阻阻值随温度的变化曲线如图1所示，保温箱原理图如图2所示。回答下列问题： (1)图1中热敏电阻的阻值随温度的变化关系是 （填“线性”或“非线性”）的。 (2)存在一个电流值I ，若电磁铁线圈的电流小于I ，衔铁与上固定触头a接触；若电流大 0 0 于I ，衔铁与下固定触头b接触。保温箱温度达到设定值后，电磁铁线圈的电流在I 附近上 0 0 下波动，加热电路持续地断开、闭合，使保温箱温度维持在设定值。则图2中加热电阻丝的 c端应该与触头 （填“a”或“b”）相连接。 (3)当保温箱的温度设定在50C时，电阻箱旋钮的位置如图3所示，则电阻箱接入电路的阻 值为 。 试卷第5页，共9页(4)若要把保温箱的温度设定在100C，则电阻箱接入电路的阻值应为 。 12．实验小组利用图1所示装置验证机械能守恒定律。可选用的器材有：交流电源（频率 50Hz）、铁架台、电子天平、重锤、打点计时器、纸带、刻度尺等。 (1)下列所给实验步骤中，有4个是完成实验必需且正确的，把它们选择出来并按实验顺序 排列： （填步骤前面的序号） ①先接通电源，打点计时器开始打点，然后再释放纸带 ②先释放纸带，然后再接通电源，打点计时器开始打点 ③用电子天平称量重锤的质量 ④将纸带下端固定在重锤上，穿过打点计时器的限位孔，用手捏住纸带上端 ⑤在纸带上选取一段，用刻度尺测量该段内各点到起点的距离，记录分析数据 ⑥关闭电源，取下纸带 (2)图2所示是纸带上连续打出的五个点A、B、C、D、E到起点的距离。则打出B点时重锤 下落的速度大小为 m/s（保留3位有效数字）。 试卷第6页，共9页(3)纸带上各点与起点间的距离即为重锤下落高度h，计算相应的重锤下落速度v，并绘制图 3所示的v2h关系图像。理论上，若机械能守恒，图中直线应 （填“通过”或“不通 过”）原点且斜率为 （用重力加速度大小g表示）。由图3得直线的斜率k （保留3位有效数字）。 E E (4)定义单次测量的相对误差 p k 100%，其中E 是重锤重力势能的减小量，E 是 E p k p 其动能增加量，则实验相对误差为 100%（用字母k和g表示）；当地重力加 速度大小取g 9.80m/s2，则 %（保留2位有效数字），若5%，可认为在 实验误差允许的范围内机械能守恒。 13．流式细胞仪可对不同类型的细胞进行分类收集，其原理如图所示。仅含有一个A细胞 或B细胞的小液滴从喷嘴喷出（另有一些液滴不含细胞），液滴质量均为m2.01010kg 。 当液滴穿过激光束、充电环时被分类充电，使含A、B细胞的液滴分别带上正、负电荷，电 荷量均为q1.01013C。随后，液滴以v2.0m/s的速度竖直进入长度为l2.0102m的 电极板间，板间电场均匀、方向水平向右，电场强度大小为E 2.0105N/C。含细胞的液 滴最终被分别收集在极板下方h0.1m处的A、B收集管中。不计重力、空气阻力以及带电 液滴间的作用。求： 试卷第7页，共9页(1)含A细胞的液滴离开电场时偏转的距离； (2)A、B细胞收集管的间距。 14．如图，在一段水平光滑直道上每间隔l 3m铺设有宽度为l 2.4m的防滑带。在最左 1 2 端防滑带的左边缘静止有质量为m 2kg的小物块P，另一质量为m 4kg的小物块Q以 1 2 v 7m/s的速度向右运动并与P发生正碰，且碰撞时间极短。已知碰撞后瞬间P的速度大 0 小为v7m/s，P、Q与防滑带间的动摩擦因数均为0.5，重力加速度大小g 10m/s2。 求： (1)该碰撞过程中损失的机械能； (2)P从开始运动到静止经历的时间。 15．如图，水平虚线上方区域有垂直于纸面向外的匀强磁场，下方区域有竖直向上的匀强电 场。质量为m、带电量为q（q0）的粒子从磁场中的a点以速度v 向右水平发射，当粒 0 子进入电场时其速度沿右下方向并与水平虚线的夹角为60，然后粒子又射出电场重新进入 磁场并通过右侧b点，通过b点时其速度方向水平向右。a、b距水平虚线的距离均为h，两 点之间的距离为s3 3h。不计重力。 试卷第8页，共9页(1)求磁感应强度的大小； (2)求电场强度的大小； (3)若粒子从a点以v 竖直向下发射，长时间来看，粒子将向左或向右漂移，求漂移速度大 0 小。（一个周期内粒子的位移与周期的比值为漂移速度） 试卷第9页，共9页1．D 【详解】D．无人机沿水平方向飞行，零件相对于无人机静止，也沿水平方向飞行做直线运 动，故零件的高度不变，可知零件的重力势能保持不变，D正确； AB．对零件受力分析，受重力和绳子的拉力，由于零件沿水平方向做直线运动，可知合外 力沿水平方向，提供水平方向的加速度。零件水平向左做匀加速直线运动，AB错误； C．惯性的大小只与质量有关，零件的质量不变，故零件的惯性不变，C错误。 故选D。 2．B 【详解】 sin45 设光线射入圆柱体时的折射角为，根据光的折射定律可知n sin 解得30 如图，根据几何关系可知光线射出圆柱体时的入射角i30 则法线与竖直方向的夹角i60 sinr 根据光的折射定律可知n sini 解得光线射出圆柱体时的折射角r 45 光线从圆柱体内射出时，与竖直方向的夹角为r 15 故选B。 3．A GM m 42 【详解】地球绕太阳运行的周期约为365天，根据万有引力提供向心力得 0 m r r2 T2 0 0 0 1 2 GMm 42 已知r  r ，M  M ，同理得 m r 14 0 7 0 r2 T2 答案第1页，共8页T2 r3M 整理得  0 T2 r3M 0 0 1 带入数据得T  T 13天 28 0 故选A。 4．C 【详解】 匀强电场中任意两点间的中点电势等于这两点的平均值，可知ac中点d的电势与b点相同， bd的连线为该匀强电场的等势面。电场线垂直于等势面且由高电势指向低电势，故电场线 沿ac方向且由a指向c，C选项正确。 故选C。 5．C 【详解】根据题意当金属薄片中心运动到N极正下方时，薄片右侧的磁通量在减小，左侧 磁通量在增加，由于两极间的磁场竖直向下，根据楞次定律可知此时薄片右侧的涡电流方向 为顺时针，薄片左侧的涡电流方向为逆时针。 故选C。 6．B 【详解】设采集时大气中有x个7Be原子和y个10Be原子，由于10Be的半衰期为139万年， 4 4 4 故经过106天后10Be原子的衰变个数可以忽略不计，7Be的半衰期为53天，故经过106天 4 4 2 1 1 2 x   y 后剩余数量为x  ，故可得 2 3 2  x y 4 x 1 解得  y 2 故选B。 7．D 答案第2页，共8页【详解】PN碰撞时，根据碰撞前后动量守恒有m v m v m v m v  P P N N P P N N     即m v v  m v v P P P N N N     根据图像可知 v v  > v v ，故m m ； P P N N P N 同理，QN碰撞时，根据碰撞前后动量守恒有m v m v m v m v  Q Q N N Q Q N N     即m v v  m v v Q Q Q N N N     根据图像可知 v v  < v v ，故m m ； Q Q N N Q N 故m m m Q N P 故选D。 8．AD 【详解】B．声音在相同介质中的传播速度相同，因此A 和D 的传播速度相同，B错误； 5 6 v A．由vT  可知，A 的波长大于D 的波长，A正确； f 5 6 C．由空气进入水中，频率不发生变化，C错误； v D．空气中  0 f v 在水中 f 其中声音的速度只与介质有关，即在水中它们的速度大小也一样，则可得到波长的改变量为 vv  f 可知频率越小其对应的波长改变量越大，D正确。 故选AD。 9．BC 【详解】A．I 顺时针而I 0，则镜头向左运动，加速度方向向左，A错误； c d B．I 顺时针而I 0，则镜头向下运动，加速度方向向下，B正确； d c C．若a的方向左偏上30，说明镜头向上运动以及向左运动拉伸弹簧，且向左运动的分速 度大于向上运动的分速度，可知I 顺时针I 逆时针，由E Blv可知I I ，C正确； c d c d D．若a的方向右偏上30，说明镜头向上运动以及向右运动，且向右运动的分速度大于向 答案第3页，共8页上运动的分速度，可知I 逆时针I 逆时针，D错误。 c d 故选BC。 10．AC 【详解】AB．由题干可知初始左右气体的压强相同，假设在升温的过程中P板不发生移动， p p p 则由定容过程  p T T T T 可得左侧气体压强增加量多，则P板向右移动；A正确B错误； CD．保持温度不变移动相同的距离时 pV CT CT CT V V 1 C p 1 1 1 1  2 2 1 = 2 T 1， V 同理 V V 得CT C T ， 1 1 1 2 1 1 2 2 V V V V CT CT 1  2 1 1  2 2 若P不移动，则 CT C T ，故V V V V 1 1 2 2 1 2 ，则 p  p ，向右移动，C正确D错误。 1 2 故选AC 11．(1)非线性 (2)a (3)130.0 (4)210.0 【详解】（1）根据图1可知热敏电阻的阻值随温度的变化关系是非线性的。 （2）根据图1可知温度升高，热敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可知流过电磁铁线圈的 电流变大，衔铁与上固定触头b接触，此时加热电阻丝电路部分断开连接，停止加热，可知 图2中加热电阻丝的c端应该与触头a相连接。 （3）由图3可知电阻箱接入电路的阻值为1001103130.0 （4）根据（3）可知，当温度为50C时，热敏电阻的阻值为180，电阻箱接入的电阻为130， 当温度为100C时，热敏电阻的阻值为100，要使得电流值I 不变，则在电流为I 时，控制 0 0 电路的总电阻不变，则此时电阻箱的电阻为180Ω130.0Ω100Ω210.0Ω 12．(1)④①⑥⑤ (2)1.79 (3) 通过 2g 19.0 答案第4页，共8页2gk (4) 3.1 2g 【详解】（1）实验步骤为：将纸带下端固定在重锤上，穿过打点计时器的限位孔，用手捏住 纸带上端，先接通电源，打点计时器开始打点，然后再释放纸带，关闭电源，取下纸带，在 纸带上选取一段，用刻度尺测量该段内各点到起点的距离，记录分析数据，根据原理 1 mgh mv2可知质量可以约掉，不需要用电子天平称量重锤的质量。 2 故选择正确且正确排序为④①⑥⑤。 1 （2）根据题意可知纸带上相邻计数点时间间隔T  0.02s f h 根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于该过程平均速度可得v  AC B 2T 代入数据可得v 1.79m/s B 1 （3）[1][2]根据mgh mv2 2 整理可得v2 2gh 可知理论上，若机械能守恒，图中直线应通过原点，且斜率k2g 5.61.5 [3]由图3得直线的斜率k  19.0 0.2950.08 1 mgh mv2 （4）[1]根据题意有 2  100% mgh 2gk 可得 100% 2g [2]当地重力加速度大小取g 9.80m/s2，代入数据可得3.1%。 13．(1)5103m (2)0.11m 【详解】（1）由题意可知含A细胞的液滴在电场中做类平抛运动，垂直于电极板方向则l vt 1 1 沿电极板方向x  at2 1 2 1 由牛顿第二定律qE ma 解得含A细胞的液滴离开电场时偏转的距离为x 5103m 1 （2）含A细胞的液滴离开电场后做匀速直线运动，则hvt 2 则x att 2 12 答案第5页，共8页联立解得x 0.05m 2 有对称性可知则A、B细胞收集管的间距x2(x x )2(0.0050.05)m0.11m 1 2 14．(1)24.5J (2)5s 【详解】（1）P、Q与发生正碰，由动量守恒定律m v m v mv 2 0 2 Q 1 1 1 1 由能量守恒定律 m v2  m v2  mv2E 2 2 0 2 2 Q 2 1 联立可得v 3.5m/s，E 24.5J Q （2）对物块P受力分析由牛顿第二定律mg ma 1 1 物块P在第一个防滑带上运动时，由运动学公式v2v2 2al ，v vat P1 2 P1 1 解得v 5m/s P1 则物块P在第一个防滑带上运动的时间为t 0.4s 1 物块P在光滑的直道上做匀速直线运动，则l v t 1 P12 解得t 0.6s 2 物块P在第二个防滑带上运动时，由运动学公式v2 v2 2al ，v v at P1 P2 2 P2 P1 3 解得v 1m/s P2 则物块P在第二个防滑带上运动的时间为t 0.8s 3 物块P在光滑的直道上做匀速直线运动，则l v t 1 P2 4 解得t 3s 4 由以上条件可知，物块P最终停在第三个防滑带上，由运动学公式0v at P2 5 可得物块P在第三个防滑带上运动的时间为t 0.2s 5 故物块P从开始运动到静止经历的时间为tt t t t t 5s 1 2 3 4 5 mv 15．(1) 0 2qh 答案第6页，共8页mv2 (2) 0 2qh 3 3 (3) v 6 38 0 【详解】（1）根据题意可知，画出粒子的运动轨迹，如图所示 由题意可知60 设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，由几何关系有r rcosh 解得r2h v2 由牛顿第二定律有qv Bm 0 0 r mv 解得B 0 2qh （2）根据题意，由对称性可知，粒子射出电场时，速度大小仍为v ，方向与水平虚线的夹 0 角为60，由几何关系可得ABs2rsin3 3h2 3h 3h AB 2 3h 则粒子在电场中的运动时间为t   v cos v 0 0 沿电场方向上，由牛顿第二定律有qE ma 由运动学公式有v sinv sinat 0 0 mv2 联立解得E  0 2qh （3）若粒子从a点以v 竖直向下发射，画出粒子的运动轨迹，如图所示 0 答案第7页，共8页由于粒子在磁场中运动的速度大小仍为v ，粒子在磁场中运动的半径仍为2h，由几何关系 0 可得，粒子进入电场时速度与虚线的夹角60 2 3h 结合小问2分析可知，粒子在电场中的运动时间为t  1 v 0 AB间的距离为AB 3h 由几何关系可得BC2rsin2 3h 则ACBCAB 3h 3602 2r 8h 粒子在磁场中的运动时间为t    2 360 v 3v 0 0   6 38 h 则有 t t t  1 2 3v 0 3h 3 3 综上所述可知，粒子每隔时间t向右移动 3h，则漂移速度大小v  v t 6 38 0 答案第8页，共8页