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2025 年福建省物理真题
一、单选题
1.山崖上有一个风动石，无风时地面对风动石的作用力是F ，当受到一个水平风力时，风动石依然静止，
1
地面对风动石的作用力是F ，以下正确的是( )
2
A. F 大于F B. F 大于F
2 1 1 2
C. F 等于F D. 大小关系与风力大小有关
1 2
2.某理想变压器如图甲，原副线圈匝数比4：1，输入电压随时间的变化图像如图乙，R 的阻值为R 的2
1 2
倍，则( )
A. 交流电的周期为2.5s B. 电压表示数为12V
C. 副线圈干路的电流为R 电流的2倍 D. 原副线圈功率之比为4：1
1
3.如图所示，空间中存在两根无限长直导线L 与L ，通有大小相等，方向相反的电流。导线周围存在M、
1 2
O、N三点，M与O关于L 对称，O与N关于L 对称且OM=ON，初始时，M处的磁感应强度为B ，O点
1 2 1磁感应强度为B ，现保持L 中电流不变，仅将L 撤去，求N点的磁感应强度( )
2 1 2
1 1
A. B - B B. B -B C. B -B D. B -B
2 2 1 2 2 1 2 1 1 2
4.某种静电分析器简化图如图所示，在两条半圆形圆弧板组成的管道中加上径向电场。现将一电子a自A
点垂直电场射出，恰好做圆周运动，运动轨迹为ABC，半径为r。另一电子b自A点垂直电场射出，轨迹
为弧APQ，其中PBO共线，已知BP电势差为U，|CQ|=2|BP|，a粒子入射动能为E ，则( )
k
E
A. B点的电场强度E= k B. P点场强大于C点场强
er
C. b粒子在P点动能小于Q点动能 D. b粒子全程克服电场力做功小于2eU
二、多选题5.春晚上转手绢的机器人，手绢上有P、Q两点，圆心为O，OQ=√3OP，手绢做匀速圆周运动，则( )
A. P、Q线速度之比为1:√3 B. P、Q角速度之比为√3:1
C. P、Q向心加速度之比为√3:1 D. P点所受合外力总是指向O
6.核反应方程为 ，现真空中有两个动量大小相等，方向相反的氘
❑
2H+❑ 3H→❑ 4He+❑ 1n+17.6MeV
1 1 2 0
核与氚核相撞，发生核反应，设反应释放的能量几乎转化为 与 的动能，则( )
❑
4He
❑
1n
2 0
A. 该反应有质量亏损 B. 该反应为核裂变
C. 获得的动能约为14MeV D. 获得的动能约为14MeV
❑
1n
❑
4He
0 2
7.空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场B与水平向右的匀强电场E，一带电体在复合场中恰能沿着MN做
匀速直线运动，MN与水平方向呈45∘，NP水平向右。带电量为q，速度为v，质量为m，当粒子到N时，撤去磁场，一段时间后粒子经过P点，则( )
√2mg
A. 电场强度为E=
q
√2mg
B. 磁场强度为B=
qv
2mv2
C. NP两点的电势差为U=
q
v2
D. 粒子从N→P时距离NP的距离最大值为
8g
8.传送带转动的速度大小恒为1m/s，顺时针转动，物块A，B中间有一根轻弹簧，A的质量为1kg，B的
质量为2kg，A与传送带的动摩擦因数为0.5，B与传送带的动摩擦因数为0.25。t=0时，A速度为
v =2m/s，方向向右，B的速度为零。在t=t 时，A与传送带第一次共速，此时弹簧弹性势能E =0.75J，
0 0 p
传送带足够长，A可留下痕迹，则( )
t
A. 在t= 0时，B的加速度大小大于A的加速度大小
2
B. t=t 时，B的速度为0.5m/s
0
C. t=t 时，弹簧的压缩量为0.2m
0
D. 0-t 过程中，A与传送带的痕迹小于0.05m
0
三、填空题
9.洗衣机水箱的导管内存在一竖直空气柱，根据此空气柱的长度可知洗衣机内的水量多少。当空气柱压强
为p 时，空气柱长度为L ，水位下降后，空气柱温度不变，空气柱内压强为p ，则空气柱长度L = ，
1 1 2 2该过程中内部气体对外界 。(填做正功，做负功，不做功)
10.沙漠中的蝎子能感受来自地面震动的纵波和横波，某波源同时产生纵波与横波，已知纵波速度大于横
波速度，频率相同，则纵波波长 横波波长。若波源震动后，蝎子感知到来自纵波与横波的振动间隔
Δt，纵波速度v ，横波速度v ，则波源与蝎子的距离为 。
1 2
11.两个点电荷Q 与Q 静立于竖直平面上，于P点放置一检验电荷恰好处于静止状态，PQ 与Q Q 夹角
1 2 1 1 2
为30∘，PQ ⊥PQ ，则Q 与Q 电量之比为 ，在PQ 连线上是否存在其它点能让同一检验电荷维持
1 2 1 2 1
平衡状态 (存在，不存在)。
12.(1)为测糖水的折射率与浓度的关系，设计如下实验：某次射入激光，测得数据如图，则糖水的折射率
为 。(2)改变糖水浓度，记录数据如下表：
n 1.32 1.34 1.35 1.38 1.42
η(%) 10% 20% 30% 40% 50%
将30%的数据描点，并绘图，求得糖水浓度每增加10%，折射率的增加值为 (保留两位有效数字)。
四、计算题
13.某运动员训练为直线运动，其v-t图如图所示，各阶段图像均为直线。
(1)0-2s内的平均速度；
(2)44.2-46.2s内的加速度；
(3)44.2-46.2s内的位移。14.如图甲，水平地面上有A、B两个物块，两物块质量均为0.2kg，A与地面动摩擦因数为μ=0.25，B与
地面无摩擦，两物块用弹簧置于外力F的作用下向右前进，F与位移x的图如图乙所示，P为圆弧最低点，
M为最高点，水平地面长度大于4m。重力加速度g取10m/s2。
(1)求0∼1m，F做的功；
(2)x=1m时，A与B之间的弹力；
(3)要保证B能到达M点，圆弧半径满足的条件。
15.光滑斜面倾角为θ=30∘，Ⅰ区域与Ⅱ区域均存在垂直斜面向外的匀强磁场，两区磁感应强度大小相等。
正方形线框abcd质量为m，总电阻为R，同种材料制成且粗细均匀，Ⅰ区域长为L ，Ⅱ区域长为L ，两区
1 2
域间无磁场的区域长度大于线框长度。线框从某一位置释放，cd边进入Ⅰ区域时速度为v，且直到ab边离
开Ⅰ区域时速度均为v，当cd边进入Ⅱ区域时的速度和ab边离开Ⅱ区域时的速度一致，则：(1)求线框释放点cd边与Ⅰ区域上边缘的距离；
(2)求cd边进入Ⅰ区域时cd边两端的电势差；
(3)求线框进入Ⅱ区域到完全离开过程中克服安培力做功的平均功率。答案和解析
1.【答案】A
【解析】风动石在两种情况下都处于静止状态，即平衡状态。在无风时，风动石受到重力 G和地面对它的
作用力F ，这两个力平衡，所以F =G。当受到水平风力时，风动石受到重力 G、水平风力F 和地面对
1 1 风
它的作用力F ，这三个力平衡。地面对风动石的作用力F 与重力G和水平风力F 的合力大小相等、方向
2 2 风
相反。则F 大于F ，A正确，BC错误。
2 1
D 选项无论风力大小如何，F 都等于重力G和水平风力F 的合力，一定大于F =G，大小关系与风力大
2 风 1
小无关， D错误。
2.【答案】B
【解析】A.由图像可知交流电的周期为2.25s，故A错误；
B.由图像可知输入电压有效值为 ，则n U ，故电压表示数为12V，B正确；
U =48V 1= 1=4
1 n U
2 2
C.R 的阻值为R 的2倍，两者并联，故R 电流为R 电流的2倍；故副线圈干路的电流为R 电流的3倍，C
1 2 2 1 1
错误；
D.根据理想变压器原理可知，原副线圈功率相同，故D错误；
3.【答案】B
【解析】由对称性可知，L 在O、M点及L 在O、N点的磁感应强度的大小相等，设为B
1 2 3;
同理，L 在N点与L 在M点的磁感应强度的大小相等，设为B
1 2 4;
1
由安培定则可知，O点的磁感应强度，B =2B ，M点的磁感应强度，B =B -B ，解得B = B -B ；
2 3 1 3 4 4 2 2 1
1
当将L 撤去，N点磁感应强度等于L 在N点的磁感应强度B = B -B ，故选B。
2 1 4 2 2 1
4.【答案】D
【解析】 a粒子入射动能为 ，根据动能的表达式有 1 ，粒子恰好做圆周运动，则 mv2，
A. E E = mv2 eE= a
k k 2 a r
2E
联立解得E= k，故A错误；
er
B.由图可知，P点电场线密度较稀疏，则场强小于C点场强，故B错误；C.已知|CQ|=2|BP|，因为BC在同一等势线上，且沿电场方向电势降低，则Q点电势小于P点，电子在
电势低处电势能大，则b粒子在Q点电势能大，根据能量守恒可知，b粒子在Q点动能较小，故C错误；
D.由电场线密度分布情况可知，沿径向向外电场强度减小，则BP之间平均电场强度大小大于CQ之间的平
均电场强度大小，根据U=Ed，则U <2U ，则b粒子全程的克服电场力做功
CQ BP
W =eU <2eU =2eU，故D正确。
CQ BP
故选 D。
5.【答案】AD
【解析】B.P、Q两点围绕O点做同轴转动；则两者角速度相等，故B错误；
AC.线速度v=ωr，故P、Q线速度之比为1:√3，A正确，向心加速度a=ω2r，P、Q向心加速度之比为
1:√3，C错误；
D.手绢做匀速圆周运动，故P点所受合外力总是指向O，D正确；
故选AD；
6.【答案】AC
【解析】A.核反应过程中质量数守恒，但质量是有亏损的，A正确；
B.该反应是核聚变反应，B错误；
CD.在真空中，该反应满足动量守恒定律，由于相撞前氘核与氚核动量大小相等，方向相反，系统总动量
p2
为零。故反应后氦核与中子的动量也大小相等，方向相反。由动能和动量的关系式E = ，得反应粒子
k 2m
获得的动能之比为 E m 4，反应后两个粒子获得的总动能为 ，则可得 获得的动能
kn = He= 17.6MeV ❑ 1n
E m 1 0
kHe n
4 1
E = ×17.6MeV =14.08MeV，❑ 4He获得的动能E = ×17.6MeV =3.52MeV，C正确，D错误。
kn 5 2 kHe 5
7.【答案】BC
【解析】AB.由题意可知，未撤磁场之前，带电体在复合场中恰能沿着MN做匀速直线运动，可知带电体
受力情况如图1所示。mg √2mg
带电体匀速运动，受力平衡可知mg=qE，解得电场强度E= ，磁感应强度B= ，故A错误，B
q qv
正确。
C.当粒子到N撤去磁场后，粒子所受合力方向与运动方向垂直，做类平抛运动，如图2所示。
F
且加速度a= 合=√2g，粒子到达P点时，位移偏转角为45∘，故在P点，速度偏转角的正切值
mtanθ=2tan45∘=2，所以粒子在P点的速度v =√v2+v2=√5v，N到P过程，由动能定理，有
P x y
1 1 2mv2
qU= mv2- mv2 ，解得NP两点间的电势差U= ，C正确;
2 P 2 q
D.将粒子在N点的速度沿水平方向和竖直方向进行分解，可知粒子在竖直方向做竖直上抛运动，且
√2 v2 v2
v =vcos45∘= v，故粒子能向上运动的最大距离h= Ny = ，D错误;
N y 2 2g 4g
故选BC。
8.【答案】BD
【解析】对物块受力分析可知摩擦力f =f =μmg=5N，其中A所受摩擦力方向向左，B所受摩擦力方向
A B
向右，AB弹簧系统所受外力为零，故系统动量守恒，m v =m v +m v ，在t=t 时，A与传送带第一次
A 0 A 1 B 2 0
共速，则v =1m/s，解得此时B的速度为v =0.5m/s；B正确；
1 2
AB物块 运动过程中， f +F ； f +F ， 故 错误；
0-t a = A 弹 a = A 弹 m =2m ; a =2a ;A
0 A m B m B A A B
A B
1 1 1
物块0-t 运动过程中，有 m v2= m v2+ m v2+E +Q，解得Q=0.5J=fs；故物块AB与传送带的
0 2 A 0 2 A 1 2 B 2 p
相对位移之和为s=0.1m=x -vt +vt -x =x -x ，故t=t 时，弹簧的压缩量为0.1m，C错误；
A 0 0 B A B 0
0-t 过程中，A与传送带的痕迹s =x -vt ；B与传送带的痕迹s =vt -x ，又过程中a =2a ，
0 A A 0 B 0 B A B
s
s=s +s ；故s
