2025重庆康德二诊物理答案_2025年4月_250412重庆市2025年普通高等学校招生全国统一考试（康德二诊）（全科）

2025 年重庆市普通高中学业水平选择性考试 高三第二次联合诊断检测 物理参考答案 1～7BCDCBAD 8BCD 9AB 10AD 解析： 1．B。由质量数和电荷数守恒可得，90Sr的衰变方程为90Sr90Y 0e，可知产生的是β粒子，发生的是β衰变， 38 38 39 1 选项A错误，选项B正确；半衰期是原子核的固有属性，与所处环境无关，选项C错误；58年后，90Sr 38 剩余原来的1/4，并没有全部发生衰变，选项D错误；故选B。 2．C。将玻璃管拿离水面过程中，管内封闭气体温度不变，分子平均速率不变，选项C正确；由玻意耳定律知， 管内封闭气体体积变大，压强变小，单位体积内分子数减少，选项A、B、D均错误；故选C。 3．D。由图知，这两列波的振动周期T 1s，波长vT 1m，选项A错误；t8s时刻，质点E在平衡位置向 ＋y方向振动，选项B错误；由分析知，E、F点均为振动加强点，选项D正确，选项C错误；故选D。 π 4．C。该线框匀速旋转，产生的感应电动势的最大值E BSBS ，该过程中，该线框中产生的感应电流为 m t E 2πBS 正弦式电流，故感应电动势的有效值E  m  ，选项C正确；故选C。 有效 2 2t R3 R3 Mm v2 1 5．B。根据开普勒第三定律可知 1  2 ，又结合G m ，E  mv2，联立可得该卫星先后在这两个圆 T2 T2 R2 R k 2 1 2 2 E T 3 轨道上的动能之比 k1  2 ，选项B正确；故选B。   E T  k2 1 6．A。设抛出点O到杯壁上端的距离为H，小物块平抛时的速度大小为v，从O点到P点历时t，则在水平方 1 1 t  2 6gh 向有Dvt，在竖直方向有H h gt2，且H  g  ，联立解得v D，选项A正确；故选A。 2 2 2 4h 7．D。由分析知，当B恰好能相对A沿接触面上滑时，对应的F最小。对A、B进行受力分析易得，对B在竖 直方向有N cos45 f cos45mg，对A在水平方向有N sin45 f sin45F ，又 f N ，联立 AB AB AB 1 解得F  mg，选项D正确；故选D。 1 8．BCD。a移动过程中，a、b间距先减小后增大，由库仑定律知，a、b间的库仑力先增大后减小，选项A错误； a、b带等量异种电荷，其连线中点的电势始终为零，选项B正确；a、b到O点的距离保持不变，O 点的电势不变，选项C正确；从左侧到最低点过程中，库仑力对a做正功，系统电势能减少，从最低 点到右侧等高处过程中，库仑力对a做负功，系统电势能增加，选项D正确；故选BCD。 第二次联合诊断检测（物理）参考答案 第 1 页 共 4 页 9．AB。理想二极管单向导电，引发电火花的频率与交流电的频率相同，即 f  50Hz，选项A正确，选项 2π n C错误；由于引发电火花时的电压峰值为瞬时值，需满足U  2 U ≥10103V，解得n ≥103n ， 2m n 1m 2 1 1 选项B正确，选项D错误；故选AB。 sin  d d  2 10．AD。设a在C点的入射角为θ，则n 2cos ，sin ，解得n 22 1  ，选项D正确，  2 R R sin 2 sin() sin sin()  选项C错误；只稍增大d时，入射角也增大，则n  ＞ ，易得＜ ， sin   2 sin sin 2 2 结合几何关系可知，光束a将从BO间某处射出，选项A正确，选项B错误；故选AD。 11．（6分） （1）1.040（2分） 2 m d  （2）   （2分） 2 t （3）2gL（2分） 解析： （1）直径d 1.0cm0.05mm81.040cm。 2 d 1 m d  （2）小圆柱体经过光电门时的速度v ，由静止释放到经过光电门，其动能增加量E  mv2    。 t k 2 2 t （3）小圆柱体由静止释放到经过光电门过程中，重力势能减少量E mgL(1cos)，若“机械能守恒”，则有 p 2  d   d  E E ，可得  2gL(1cos)，即对应的 (1cos)图像斜率的理论值k 2gL。 k p t t 12．（10分） （1）b（2分） （2）1.47（2分） 0.73（3分） 0.83（3分） 解析： （1）电压表为理想电表，电阻不计，由图2可知，当两图线的电流相同时，图线B对应的电压较小，此时电流 表应是外接，即电压表的负接线柱接b。 （2）由图线A可知U EIr，由图线B可知U EI(rR )，联立解得：该干电池的电动势E1.47V，内 A 1.471.03 5 阻r k  0.73，电流表的内阻R  k  k  0.83。 A 0.6 A B A 6 13．（10分） 2h 解：（1）设a飞行的速度大小为v ，由2h v t （2分），解得：v  0 （2分） 0 0 0 0 0 t 0 第二次联合诊断检测（物理）参考答案 第 2 页 共 4 页（2）设b飞行的加速度大小为a，从B点运动到C点的位移大小为x 由几何关系可得：x2 (2h cos)2 (h 2h sin)2，解得：x 7h （2分） 0 0 0 0 1 2 7h 又由x at2（1分），解得：a 0 （1分） 2 0 t2 0 2 7h 因此，b刚到达C点时的速度大小v at  0 （2分） C 0 t 0 14．（13分） 解：（1）由几何关系易得，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径rR（1分） v2 mv 由qvBm （1分），解得：B （1分） R qR 由分析知，粒子带正电，匀强磁场的方向垂直xOy平面向外（1分） （2）设粒子从O点进入电场区域时，速度与－x方向的夹角为θ，则0＜＜90 设粒子打在OC上的位置到O点的距离为x，在电场中运动的时间为t，则 qE t 平行x轴方向：xvcost（1分），平行y轴方向：vsin  （1分） m 2 mv2sin2 联立解得：x （1分） qE 当sin21，即45时，x取最大值（1分） mv2 可得：OCx  （1分） max qE （3）由（2）可知，落在C处的粒子进入电场时对应的45 18045 结合几何关系可得，该粒子在磁场中运动的时间t T （2分） 360 2πR 3πR 又由T  （1分），联立解得：t （1分） v 4v 15．（18分） 解：（1）当k 0时，B、C恰好未发生碰撞，此时A、B、C三者共速，设速度大小为v 共 由分析知，该过程中，A、B始终保持相对静止，对A、B、C整体： 1 1 由动量守恒定律有：2mv 3mv （2分），由动能定理有： fL 2mv2  3mv2 （2分） 0 共 2 0 2 共 mv2 联立解得： f  0 （1分） 3L （2）设B、C碰撞前瞬时速度大小分别为v 、v ，碰撞后瞬时速度分别为v、v 1 2 1 2 1 1 1 1 由弹性碰撞有：mvmv mv mv ， mv2  mv2  mv2 mv2 1 2 1 2 2 1 2 2 2 1 2 2 联立解得：v v ，v v （可知碰撞后，B、C速度交换）（2分） 1 2 2 1 第二次联合诊断检测（物理）参考答案 第 3 页 共 4 页由此可知，碰撞后，A、C（同步）做加速度相同的匀减速直线运动，B做匀加速直线运动，且A、B 的相对位移等于B、C的相对位移，均为(1k )L 0 又由分析知，当粗糙涂层部分恰好全部从小孔滑出时，A、B、C三者共速 2 且2mv 3mv ，解得：v  v （1分） 0 共 共 3 0 因此，从A、B开始运动到粗糙涂层部分恰好全部滑出小孔过程中，由动能定理有： 1 1 2 3f(1k )L 2mv2 3mv2 （1分），解得：k  （1分） 0 2 0 2 共 0 3 2 （3）当k＞k  时，设涂层全部从小孔滑出时，A、C（同步）速度大小为v ，B速度大小为v 0 3 C B 从A、B开始运动到涂层全部滑出小孔，对A、B、C整体有： 1 1 1 2mv 2mv mv ，3f(1k)L 2mv2 2mv2  mv2 0 C B 2 0 2 C 2 B 2 3k2 22 3k2 联立解得：v  v （1分），v  v （1分） C 3 0 B 3 0 此后C匀速，A、B继续相对运动至共速，设最终A、B的速度大小为v ，则 AB 4 3k2 mv mv 2mv ，解得：v  v （1分） C B AB AB 6 0 2 3k2 2 即：最终C的速度大小为v  v （其中 ＜k≤1） C 3 0 3 4 3k2 2 A、B的速度大小为v  v （其中 ＜k≤1） AB 6 0 3 设碰撞前瞬时，B、C的速度大小分别为v 、v ，则碰撞前，对A、B、C整体有： 3 4 1 1 1 2mv 2mv mv ， f(1k)L 2mv2  2mv2  mv2 0 3 4 2 0 2 3 2 4 2 k 22 k 联立解得：v  v （1分），v  v （1分） 3 3 0 4 3 0 设从涂层开始进入小孔到碰撞前瞬时，历时t ，则 1 2L 对C有： ft mv ，解得：t  (1 k)（1分） 1 4 1 v 0 设从碰撞后瞬时到A、B最终共速，历时t ，则 2 L 对A有： ft mv mv ，解得：t  (2 k  3k2)（1分） 2 AB 3 2 2v 0 因此，从涂层开始进入小孔到最终稳定的总时间：tt t 1 2 L 2 联立解得：t (42 k  3k2)（其中 ＜k≤1）（1分） 2v 3 0 第二次联合诊断检测（物理）参考答案 第 4 页 共 4 页