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2013 年普通高等学校招生全国统一考试
理科综合能力测试物理答案（浙江卷）
一、选择题
（本题4小题。每题6分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
14．答案：B
解析：A、电磁波可以传递信息，如电视信号；声波也可以传递信息，如人说话；故A错误；
B、手机用电磁波传递信息，人用声波说话，故B正确；
C、太阳光中的可见光是电磁波，真空中为 3×108m/s；“B超”中的超声波是声波，常温下，空气中大
约为340m/s；故C错误；
D、遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线频率不同，波速相同，根据c=λf，波长不同，故D错
误；
15．答案：D
解析：根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，只将
刷卡速度改为 ，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来的 。磁卡通过刷卡器的时间 与
速率成反比，所用时间变为原来的2倍．故D正确．
16．答案：C
解析：当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的沿直线传播的光被
不透明的地球完全挡住，光线照不到月球上，在地球上完全看不到月球的现象就是月全食．看到整个月
亮是暗红的，是因为太阳光中的红光经地球大气层折射到月球．故C正确，A、B、D错误．故选C．
17．答案：D
解析：A、在0-4s内，物体所受的摩擦力为静摩擦力，4s末开始运动，则5s内位移不为零，则拉力做功
不为零．故A错误．B、4s末拉力为4N，摩擦力为4N，合力为零．故B错误．C、根据牛顿第二定律得，
6s～9s内物体做匀加速直线运动的加速度
f=μmg，解得= 。故C错误，D正确．故选D．
二、选择题（本题共3小题。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确，全部选对的得6分，
选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
18．答案：BC．
解析：A、根据万有引力定律 可知，质量分布均匀的球体间的引力距离r等于两球心间的距离，
而r-R为同步卫星距地面的高度，故A错误；B、计算卫星与地球间的引力，r应为卫星到地球球心间的
距离也就是卫星运行轨道半径r，故B选项正确；
C、根据几何关系可知，两同步卫星间的距离 ，故两卫星间的引力大小为 ，故C
正确；D、卫星对地球的引力均沿卫星地球间的连线向外，由于三颗卫星质量大小相等，对地球的引力大
小相等，又因为三颗卫星等间隔分布，根据几何关系可知，地球受到三个卫星的引力大小相等方向成
120°角，所以合力为0，故D错误．
19．答案：AD
解析：A、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二粒，
有：F -mg=ma解得：F =m（g+a）=460×（10+0.5）N=4830N，故A正确；B、气球受重力、浮力和
浮 浮
空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球匀加速上升，矛盾，故B错误；C、刚开始竖直上升时的加速度
为0.5m/s2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s后的速度大小小于5m/s，故C错误；D、以
5m/s匀速上升时，根据平衡条件，有：F =mg+f，解得f=230N，故D正确；
浮
第1页 | 共4页20．答案：BCD
解析：A：两个离子的质量相同，其带电量是1：3的关系，所以由 可知其在电场中的加速度是
1：3，故A错．B：要想知道半径必须先知道进入磁场的速度，而速度的决定因素是加速电场，所以在离
开电场时其速度表达式为： ，可知其速度之比为： ．又由 ，知 ，所以
其半径之比为 ，故B正确．C：由B的分析知道，离子在磁场中运动的半径之比为： ，设磁
场宽度为L，离子通过磁场转过的角度等于其圆心角，所以有sinθ= ，则可知角度的正弦值之比为
，又P+的角度为300，可知P3+角度为600，故C正确．
D：由电场加速后： 可知，两离子离开电场的动能之比为1：3，故D正确．
非选择题部分共5题，共78分。
21．答案：（1）2.40cm
（2）1.25m/s，小于 （3）C
解析：（1）选②纸带读出b、c两点间的距离为6.50-4.10cm=2.40cm
（2）选②纸带读出c、e两点间的距离为5cm，相对应的平均速度 选①纸带读出
c、e两点间的距离为4.5cm，所以平均速度 小于 ．
① ②
（3）装置甲实验中小车做匀加速直线运动，所以相邻的计时点的间距之差相等，装置乙实验中小车受橡
皮筋的弹力越来越小，所以做加速度减小的变加速直线运动，以相邻的计时点的间距之差减小，所以带
①为用装置甲实验所得，纸带②为用装置乙实验所得故选C．
22．答案：（1）A；（2）见右图，r=0.76Ω；（3）0.22Ω．
解析：（1）对照电路图，会发现缺少电压表；
（2）根据闭合电路欧姆定律，有E=U+Ir，变形得到：U=-rI+E，作出U-I图，如图所示
斜率的绝对值表示内电阻，故 ；
（3）根据闭合电路欧姆定律，有：U=IR +IR，故
A
23．答案：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值为8m/s．
（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小9m/s．
（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小为216N．
解析：根据 ，解得 。则跳离的最小速度
（2）根据机械能守恒定律得， 解得 （3）根
第2页 | 共4页据牛顿第二定律得，F-(M+m)g=(M+m) 根据几何关系得，(L-h )2+x 2=L2
2 2
联立解得F=216N．
点评：本题综合考查了平抛运动，圆周运动，运用了机械能守恒定律、牛顿第二定律，
24．答：（1）B板电势高于A板； （2）求等势面C所在处电场强度E的大小
；（3）△E =e（φ -φ ），△E =e（φ -φ ）；（4）|△E |＞|△E |
k左 C B k右 C A k左 k右
解析：（1）电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，受力的方向与电场的方向相反，所以B板的电势
较高；
（2）电场力提供向心力： 又： ，
联立以上3式，得：
（3）到达N板左、右边缘处的电子，在运动的过程中，电场力对它们做功，电子动能的改变量等于电场
力做功，即：
△E =eU =e（φ -φ ），△E =eU =e（φ -φ ）
K左 CB C B K右 CA C A
（4）该电场是放射状电场，内侧的电场线密，电场强度大，所以U ＞U ，即：φ -φ ＞φ -φ ，所以：|
BC CA C B C A
△E |＞|△E |
K左 K右
点评：该题考查带电粒子在放射状电场中的运动与电场力做功，解题的关键是电场力提供向心力，写出
相应的表达式，即可正确解答．属于中档题目．
25．答：（1）一个直线通道推进器内磁场对通电海水的作用力大小为1.92××103N，其方向为垂直于
BI平面向右；
（2）开启或关闭不同个数的左、右两侧的直线通道推进器，实施转弯．
改变电流方向，或改变磁场方向，可以改变海水所受磁场力的方向，实施“倒车”．
（3）当潜艇以恒定速度v =30m/s前进时，海水在出口处相对于推进器的速度v=34m/s，电源提供的电
0
功率中的第一部分为牵引功率，其大小6.9×105W；电源提供的电功率中的第二部分为单位时间内海水的
焦耳热功率，其大小为6×106W；电源提供的电功率中的第三部分为单位时间内海水动能的增加量，其功
率的大小为4.6×104W．
解析：（1）安培力的大小，F=BIL=6.4×1000×0.3=1.92×103N，
根据左手定则可知，方向：垂直于BI平面向右；
（2）开启或关闭不同个数的左、右两侧的直线通道推进器，实施转弯．
改变电流方向，或改变磁场方向，可以改变海水所受磁场力的方向，实施“倒车”．
（3）电源提供的电功率中的第一部分为牵引功率
P=F v=6.9×105W
1 牵 0
电源提供的电功率中的第二部分为单位时间内海水的焦耳热功率
推进器内海水的电阻 P=12I2R=6×106W
2
电源提供的电功率中的第三部分为单位时间内海水动能的增加量
单位时间内通过推进器的水的质量为
m=ρ bcv =480kg
m 水对地
单位时间内其动能增加为P mv2 =4.6×104W
3= 水对地
第3页 | 共4页点评：考查安培力及其根据F=BIL求其大小，由左手定则确定安培力方向．并巧用安培力来实施转弯及
倒车，同时掌握提供电源的不同功率，且通过功率公式来计算．
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