文档内容
2020年甘肃省平凉市、白银市、庆阳市、武威市、酒泉市、陇南市
张掖市、定西市、临夏州中考化学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题意）
1．【分析】本题考查学生对物理变化和化学变化的确定。判断一个变化是物理变化还是化学
变化，要依据在变化过程中有没有生成其他物质，生成其他物质的是化学变化，没有生成
其他物质的是物理变化。
【解答】解：A、纸张燃烧生成二氧化碳和水，属于化学变化，故错；
B、粮食酿酒有新物质酒精生成，属于化学变化，故错；
C、酒精挥发是由液态变为气态，只是状态的改变，属于物理变化，故正确；
D、钢铁生锈生成了主要成分是氧化铁的新物质，属于化学变化，故错；
故选：C。
【点评】搞清楚物理变化和化学变化的本质区别是解答本类习题的关键。判断的标准是看
在变化中有没有生成其他物质。一般地，物理变化有物质的固、液、气三态变化和物质形
状的变化。
2．【分析】有机合成材料简称合成材料，要判断是否属于合成材料，可抓住三个特征：有机物、
合成、高分子化合物，据此常见材料的分类进行分析判断。
【解答】解：A、旧报纸属于纸张，不属于合成材料，故选项错误。
B、塑料瓶是用塑料制成的，塑料属于三大合成材料之一，故选项正确。
C、玻璃瓶是用玻璃制成的，玻璃的主要成分是硅酸盐，属于无机非金属材料，故选项错误。
D、铝制易拉罐是用铝合金制成的，属于金属材料，故选项错误。
故选：B。
【点评】本题难度不大，掌握合成材料的三大特征（有机物、合成、高分子化合物）、分类是
正确解答此类题的关键所在。
3．【分析】根据元素是质子数（即核电荷数）相同的一类原子的总称，决定元素种类的是质子
数（即核电荷数），据此进行分析解答。
【解答】解：元素是质子数（即核电荷数）相同的一类原子的总称，决定元素种类的是质子
数（即核电荷数），不同种元素最本质的区别是核电荷数（即核内质子数）不同，故铝（Al）
元素与锂（Li）元素的本质区别是质子数不同。
第1页（共10页）故选：D。
【点评】本题难度不大，明确决定元素种类的是质子数（即核电荷数）、不同种元素之间的
本质区别是质子数不同是正确解答本题的关键。
4．【分析】A、从减少“白色污染”，不会对环境造成污染去分析；
B、从煤、石油和天然气等属于化石燃料，是不可再生能源去分析；
C、从给钢铁制品进行防锈处理，不仅可节约资源，节约能源，去分析；
D、从开发新能源汽车可减少汽车尾气的排放去分析。
【解答】解：A、为减少“白色污染”，提倡自带购物布袋，故A正确；
B、煤、石油和天然气等属于化石燃料，是由古代生物的遗骸经过一系列复杂变化而形成
的，是不可再生能源，故B错误；
C、给钢铁制品进行防锈处理，不仅可节约资源，节约能源，以有效减少金属资源的浪费，
而且可以减少对环境的污染，故C正确；
D、开发新能源汽车可减少汽油、柴油的使用，可减少汽车尾气的排放，从而减少雾霾天气
现象，减少环境污染，故D正确。
故选：B。
【点评】环境的污染与保护是社会关注的焦点问题，与之相关的考题就成为中考的热点之
一。
5．【分析】A、根据给试管中的液体加热的方法进行分析判断。
B、根据向试管中装粉末状固体药品的方法（“一斜、二送、三直立”）进行分析判断。
C、根据浓硫酸的稀释方法（酸入水，沿器壁，慢慢倒，不断搅）进行分析判断。
D、根据检查装置气密性的方法进行分析判断。
【解答】解：A、给试管中的液体加热时，用酒精灯的外焰加热试管里的液体，且液体体积不
能超过试管容积的 ，图中所示操作正确。
B、取用粉末状药品，试管横放，用药匙或纸槽把药品送到试管底部，图中所示操作正确。
C、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量
及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误。
D、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴容器外壁，若导管口有气
泡冒出，装置不漏气；图中所示操作正确。
故选：C。
【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的
第2页（共10页）注意事项是解答此类试题的关键。
6．【分析】鉴别物质时，首先对需要鉴别的物质的性质进行对比分析找出特性，再根据性质的
不同，选择适当的试剂，出现不同的现象的才能鉴别。
【解答】解：A、用燃着的木条区别O 和N ，能使木条燃烧更旺的是氧气，能使木条熄灭的
2 2
是氮气，可以鉴别，故选项错误。
B、二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，一氧化碳不能，用澄清的石灰水区别CO和CO ，
2
可以鉴别，故选项错误。
C、可用燃烧法区别羊毛织物和棉织物，产生烧焦羽毛气味的是羊毛织物，产生烧纸气味
的是棉织物，可以鉴别，故选项错误。
D、氯化钠溶液和稀硫酸分别显中性、酸性，均不能使酚酞溶液变色，不能鉴别，故选项正
确。
故选：D。
【点评】本题有一定难度，解答物质的鉴别题时要熟练掌握鉴别的物质的性质，然后选择
适当的试剂或方法，出现不同的现象即可鉴别。
7．【分析】在金属活动性顺序中，位于氢前面的金属能置换出酸中的氢，位于前面的金属能把
排在它后面的金属从其盐溶液中置换出来，据此判断能否发生反应，进而可确定三种金属
活动性由强到弱的顺序。
【解答】解：在X、Y、Z三种金属中，如果把X和Y分别放入稀硫酸中，X溶解并产生气泡，
Y不反应，说明X的金属活动性比氢强，Y的金属活动性比氢弱，即X＞H＞Y；如果把Y
和Z分别放入硝酸银溶液中，在Y表面有固体物质析出，而Z没有变化，说明Y的金属活
动性比银强，Z的金属活动性比银弱，即Y＞Ag＞Z；则X、Y和Z的金属活动性顺序为：X
＞Y＞Z。
故选：A。
【点评】本题难度不大，考查金属活动性应用，掌握金属活动性应用“反应则活泼、不反应
则不活泼”是正确解答此类题的关键。
8．【分析】根据化学反应的微观示意图和质量守恒定律，分析反应物、生成物及反应条件，写
出反应的化学方程式，据其意义分析判断有关的说法。
【解答】解：由微观反应示意图可知，该反应是由二氧化碳和水在催化剂和光照的条件下
第3页（共10页）反应生成甲烷和氧气，化学方程式为CO +2H O CH +2O 。
2 2 4 2
A．该反应的反应物是两种化合物，所以该反应不属于置换反应，选项说法错误；
B．二氧化碳、水、甲烷和氧气都是由分子构成的，选项说法正确；
C．该反应中是二氧化碳和水生成甲烷和氧气，由于甲烷组成中不含硫和氮元素，燃烧过
程中不会生成二氧化硫和二氧化氮有害气体，属于比较清洁的燃料。又因为反应物中有二
氧化碳，所以可以在总量上抑制二氧化碳的增加，所以可以延缓温室效应的发生，选项说
法正确；
D．该反应是由二氧化碳和水在催化剂和光照的条件下反应生成甲烷和氧气，化学方程式
为CO +2H O CH +2O ，选项说法正确。
2 2 4 2
故选：A。
【点评】本题通过微观粒子的反应模型图，考查了微观上对化学反应的认识，学会通过微
观示意图把宏观物质和微观粒子联系起来、从微观的角度分析物质的变化是正确解答此
类题的关键。
9．【分析】根据题目信息和溶解度曲线可知：a、b两种固体物质的溶解度，都是随温度升高而
增大，而c的溶解度随温度的升高而减少；A、a的溶解度大于b的溶解度错误；B、P点表
示t ℃时a、c两物质溶解度相等正确；C、将t ℃饱和的c溶液升温到t ℃，得到的是不饱
1 1 2
和溶液错误；D、将t ℃，a、b、c三种物质的饱和溶液降温到t ℃时，由于c物质的溶解度增
2 1
大，但是没有加入溶质，所以没有形成低温的饱和溶液；而a、b降温后都形成了低温下的
饱和溶液，且该温度下b的溶解度大于a的，所以所得溶液中溶质质量分数由大到小的顺
序为：b＞a＝c错误；
【解答】解：A、a的溶解度大于b的溶解度错误，因为没有指明温度；故选项错误；
B、P点表示t ℃时a、c两物质溶解度相等正确，因为P是交点；故选项正确；
1
C、将t ℃饱和的c溶液升温到t ℃，得到的是不饱和溶液错误，因为c的溶解度随温度的
1 2
升高而减少；故选项错误；
D、将t ℃，a、b、c三种物质的饱和溶液降温到t ℃时，由于c物质的溶解度增大，但是没有
2 1
加入溶质，所以没有形成低温的饱和溶液，而a、b降温后都形成了低温下的饱和溶液，且
该温度下b的溶解度大于a的，所以所得溶液中溶质质量分数由大到小的顺序为：b＞a＞
第4页（共10页）c，b＞a＝c错误；故选项错误；
故选：B。
【点评】本考点考查了溶解度曲线及其应用，通过溶解度曲线我们可以获得很多信息；还
考查了有关溶液溶质质量分数的变化等，本考点主要出现在选择题和填空题中。
10．【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指
除去杂质，同时被提纯物质不得改变。除杂质至少要满足两个条件：①一般加入的试剂只
能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质。
【解答】解：A、CaCO 固体在加热条件下生成氧化钙和二氧化碳，能除去杂质且没有引入
3
新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确。
B、Fe能与过量的稀盐酸反应生成氯化亚铁溶液和氢气，铜不与过量的稀盐酸反应，再过
滤、洗涤、干燥，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正
确。
C、NaCl能与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，反而会把原物质除去，不符合除
杂原则，故选项所采取的方法错误。
D、CO能与灼热的氧化铜反应生成铜和二氧化碳，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合
除杂原则，故选项所采取的方法正确。
故选：C。
【点评】物质的分离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需
条件（加入的试剂一般只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键。
二、填空与简答（本题包括4小题，共24分。）
11．【分析】物质的性质决定物质的用途，根据常见物质的性质和用途分析回答。
【解答】解：（1）氧气能供给呼吸，所以氧气是可用于急救病人的气体；故填：③。
（2）水是被誉为“生命之源”的物质；故填：①。
（3）一氧化碳有毒且易于血红蛋白结合；故填：④。
（4）小苏打能与胃酸中的盐酸反应，所以是治疗胃酸过多症的一种药剂；故填：⑤。
【点评】本题较为简单，了解常见物质的性质和用途即可分析解答。
12．【分析】（1）书写元素符号时应注意：①有一个字母表示的元素符号要大写；②由两个
字母表示的元素符号，第一个字母大写，第二个字母小写。
（2）原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前
加上相应的数字。
（3）由分子构成的物质，分子是保持物质化学性质的最小粒子。
第5页（共10页）（4）由氧和铝两种元素组成的化合物是氧化铝，进行分析解答。
【解答】解：（1）书写元素符号注意“一大二小”，镁的元素符号是Mg。
（2）由原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号
前加上相应的数字，故两个氢原子表示为：2H。
（3）二氧化硫是由二氧化硫分子构成的，保持二氧化硫的化学性质的最小粒子是二氧化硫
分子，其分子符号为SO 。
2
（4）由氧和铝两种元素组成的化合物是氧化铝，氧化铝中铝元素显+3价，氧元素显﹣2价，
其化学式为：Al O 。
2 3
故答案为：
（1）Mg；
（2）2H；
（3）SO ；
2
（4）Al O 。
2 3
【点评】本题难度不大，掌握常见化学用语（元素符号、原子符号、分子符号、化学式等）的
书写方法是正确解答此类题的关键。
13．【分析】（1）根据食物中富含的营养素以及均衡膳食的原则来分析；
（2）根据物质的组成与分类、化合物中元素化合价的计算、相对分子质量的计算方法以及
溶液稀释过程中溶质的质量不变来分析；
（3）根据质量守恒定律来分析解答。
【解答】解：（1）①红烧牛肉中富含的营养物质是蛋白质和油脂；故填：蛋白质和油脂；
②在人体必需的六大营养素中，蛋白质、油脂、糖类和维生素属于有机物，米饭富含糖类，
因此还缺少维生素；故填：维生素；
（2）①次氯酸钠是由金属阳离子与酸根阴离子构成的化合物，属于盐；故填：盐；
②钠元素显+1价，氧元素显﹣2价，设氯元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价
代数和为零，可得：（+1）+x+（﹣2）＝0，则x＝+1；故填：+1；
③次氯酸钠的相对分子质量为：23×1+35.5×1+16×1＝74.5；故填：74.5；
④设需要加水的质量为x，则：
1000g×0.5%＝（1000g﹣x）×5%
x＝900g
故填：900；
（3）根据质量守恒定律可知，化学反应前后原子的种类与数目保持不变，由
第6页（共10页）2NaClO ═2X+3O ↑可知，反应前有：2个钠原子、2个氯原子和6个氧原子，反应后有：6
3 2
个氧原子，所以2X中含有2个钠原子和2个氯原子，则X的化学式为NaCl；故填：NaCl。
【点评】本题难度不大，但涉及的知识点较多，掌握化学式的有关计算、溶液稀释前后溶质
的质量不变、六大类营养素的相关知识、质量守恒定律的应用等是正确解答本题的关键。
14．【分析】A天然气的主要成分，则A是甲烷，甲烷燃烧生成二氧化碳和水，则C是二氧化
碳；D为单质，与氧化铜反应能生成二氧化碳，则D是碳，B为铜；氧化铜与硫酸反应生成
硫酸铜和水，则E是硫酸铜，氢氧化钠与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠，进行分
析解答。
【解答】解：A天然气的主要成分，则A是甲烷，甲烷燃烧生成二氧化碳和水，则C是二氧
化碳；D为单质，与氧化铜反应能生成二氧化碳，则D是碳，B为铜；氧化铜与硫酸反应生
成硫酸铜和水，则E是硫酸铜，氢氧化钠与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠。
（1）A的化学式是CH ，具有可燃性，常用作燃料（合理即可）。
4
（2）反应①是碳与氧化铜在高温下反应能生成铜和二氧化碳，反应的化学方程式为
C+2CuO 2Cu+CO ↑．该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另
2
一种化合物的反应，属于置换反应。
（3）反应②，是氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜和水，会观察到黑色粉末逐渐溶解，溶液由
无色变为蓝色。
（4）反应③，是氢氧化钠与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠，反应的化学方程式为
2NaOH+CuSO ═Na SO +Cu（OH） ↓。
4 2 4 2
故答案为：
（1）CH ；作燃料；
4
（2）C+2CuO 2Cu+CO ↑；置换；
2
（3）黑色粉末逐渐溶解，溶液由无色变为蓝色；
（4）2NaOH+CuSO ═Na SO +Cu（OH） ↓。
4 2 4 2
【点评】本题有一定难度，解题时往往需要从题目中挖出一些明显或隐含的条件，抓住突
破口（突破口往往是现象特征、反应特征等），获得结论，最后把结论代入原题中验证。
三、实验与探究本题（包括两个小题，共20分。）
15．【分析】（1）考查实验室常用仪器名称；
（2）高锰酸钾在加热条件下反应生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，据此书写化学方程式；根
第7页（共10页）据反应物状态和反应条件，选择发生装置，根据气体密度与水中溶解度选择收集装置；根
据氧气密度选择进气口；
（3）盐酸与碳酸钙反应生成氯化钙、水和二氧化碳，据此书写化学方程式；根据二氧化碳
不支持燃烧的性质回答此题；利用浓硫酸吸水性回答此题。
【解答】解：（1）①为固体反应物的反应容器试管；
故答案为：试管。
（2）高锰酸钾在加热条件下反应生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，所以化学方程式为
2KMnO K MnO +MnO +O ↑；反应物为固体且需要加热，因此选择B为发生装
4 2 4 2 2
置，氧气不易溶于水，可以用排水法收集，密度比空气大，可以用向上排空气法收集，F装
置为向上排空法的等效装置，所以收集装置可选C或D或F；氧气密度比空气大，先在底
部聚集，因此从短口b进气，达到收集氧气的目的；
故答案为：2KMnO K MnO +MnO +O ↑；BC或BD或BF；b。
4 2 4 2 2
（3）实验室选择稀盐酸与大理石制取二氧化碳，大理石的主要成分为碳酸钙，因此是盐酸
与碳酸钙反应生成氯化钙、水和二氧化碳，所以该反应的化学方程式为2HCl+CaCO ＝
3
CaCl +H O+CO ↑；二氧化碳不支持燃烧，所以在集气瓶口用燃着的木条检验是否集满，
2 2 2
若木条熄灭，则二氧化碳集满；浓硫酸可以吸收气体中水蒸气，且不吸收二氧化碳；
故答案为：2HCl+CaCO ＝CaCl +H O+CO ↑；燃着的木条置于瓶口，木条熄灭，则已集满；
3 2 2 2
浓硫酸。
【点评】在解此类题时，首先要将题中的知识认知透，然后结合学过的知识进行解答。
16．【分析】（1）氢氧化钠溶液显碱性，能使酚酞试液变红色，能和稀硫酸反应生成硫酸钠和
水；
（2）氯化钡和硫酸钠反应生成白色沉淀硫酸钡和氯化钠，和稀硫酸反应生成白色沉淀硫酸
钡和盐酸；
稀硫酸和碳酸钠反应生成硫酸钠、水和二氧化碳，和氧化铁反应生成硫酸铁和水；
显酸性废液能够发生铁质下水道、酸化水等；
实验后药品不能带出实验室，要倒入废液缸中。
【解答】解：（1）甲同学在烧杯中加入约5mL氢氧化钠溶液，滴入几滴无色酚酞溶液，氢氧
化钠溶液显碱性，此时溶液呈红色；
氢 氧 化 钠 和 稀 硫 酸 反 应 生 成 硫 酸 钠 和 水 ， 该 反 应 的 化 学 方 程 式 为 ：
第8页（共10页）2NaOH+H SO ═Na SO +2H O。
2 4 2 4 2
故填：红；2NaOH+H SO ═Na SO +2H O。
2 4 2 4 2
（2）【猜想与假设】
猜想一：恰好完全反应时只有Na SO
2 4
猜想二：稀硫酸过量时有有Na SO 和H SO
2 4 2 4
猜想三：氢氧化钠过量时有Na SO 和NaOH
2 4
以上猜想中，可以直接排除的是猜想三，理由是氢氧化钠溶液显碱性，能使酚酞试液变红
色。
故填：有Na SO 和H SO ；猜想三；氢氧化钠溶液显碱性，能使酚酞试液变红色。
2 4 2 4
【实验探究】
乙同学方案：取少量反应后的溶液于试管中，向试管中加入碳酸钠溶液，产生气泡，是因
为碳酸钠和稀硫酸反应生成硫酸钠、水和二氧化碳，说明溶液中含有硫酸，猜想二正确；
丙同学方案：取少量反应后的溶液于试管中，向试管中加入生锈的铁钉，铁锈溶解，溶液
由无色变黄色，是因为氧化铁和稀硫酸反应生成硫酸铁和水，说明溶液中含有硫酸，猜想
二正确；
老师认为甲同学方案不合理，理由是硫酸钠也能和氯化钡反应生成白色沉淀硫酸钡。
故填：碳酸钠溶液；铁锈溶解，溶液由无色变黄色；硫酸钠也能和氯化钡反应生成白色沉
淀硫酸钡。
【反思交流】
实验结束后，废液不能倒入下水道，是因为废液中的稀硫酸能够腐蚀铁质下水道、酸化水
等，不能带出实验室，要倒入废液缸中。
故填：B。
【点评】本题主要考查物质的性质，解答时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行
分析、判断，从而得出正确的结论。
四、计算题（本题包括一个小题，共6分）
17．【分析】根据10g稀硫酸对应0.04g氢气生成和发生的反应的化学方程式求算原稀硫酸中
溶质的质量分数。
【解答】解：
由图可知铁粉反应完时，产生氢气的质量为 0.08g。
设原稀硫酸中溶质的质量分数为x
由图可知10g硫酸对应0.04g氢气生成
第9页（共10页）Fe+H SO ＝FeSO +H ↑
2 4 4 2
98 2
10gx 0.04g
＝
x＝19.6%
故答案为：
（1）0.08；
（2）19.6%。
【点评】根据化学方程式计算时，第一要正确书写化学方程式，第二要使用正确的数据，第
三计算过程要完整。
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