文档内容
2025 年中考数学终极押题猜想（全国通用）
（高分的秘密武器：终极密押+押题预测）
押题猜想一 规律探索问题 ............................2
押题猜想二 从函数图象上获取信息 .....................8
押题猜想三 几何图形的选填压轴题 ....................14
押题猜想四 函数的选填压轴 ..........................28
押题猜想五 涉及数与式、方程不等式（组）有关的计算问题35
押题猜想六 一元二次方程根的判别式与韦达定理 .......40
押题猜想七 尺规作图 ................................45
押题猜想八 统计和概率 .............................56
押题猜想九 利用函数解决实际问题 ..................62
押题猜想十 利用锐角三角函数解决实际问题 ..........72
押题猜想十一 几何图形的证明与计算问题 .............82
押题猜想十二 几何图形压轴 ..........................92
押题猜想十三 反比例函数与一次函数 .................112
押题猜想十四 函数与几何图形综合 ..................121
押题猜想十五 与函数有关的最值问题 ................134
押题猜想十六 与函数有关的存在性问题 ...............152
学科网（北京）股份有限公司押题猜想一 规律探索问题
限时：5min
1．【改编】烷烃是一类由碳、氢元素组成的有机化合物质，下图是这类物质前4种化合物的分子结构模型
图，其中灰球代表碳原子，白球代表氢原子．第1种如图①有1个碳原子，4个氢原子；第2种如图②有
2个碳原子，6个氢原子；第3种如图③有3个碳原子，8个氢原子；
(1)按照这一规律，第10种化合物的分子结构模型中氢原子的个数是________个；第n种化合物的分子结构
模型中氢原子的个数是________个；
(2)按照这一规律，这类物质是否存在某种化合物的分子结构模型中有2025个氢原子？请说明理由．
【答案】(1)22，2n+2；
(2)不存在，理由见解析．
【分析】本题主要考查了图形类的规律探索，一元一次方程的应用，掌握相关知识是解题的关键．
（1）观察前面四幅图可知氢原子的个数是序号的2倍加2，据此规律求解即可；
（2）根据（1）所求得到方程，解方程看方程是否有正整数解即可得到结论．
【详解】（1）解：第1种化合物的分子模型中，氢原子的个数为：
4=1´2+2，
第2种化合物的分子模型中，氢原子的个数为：
6=2´2+2，
第3种化合物的分子模型中，氢原子的个数为：
8=3´2+2，
第4种化合物的分子模型中，氢原子的个数为：
10=4´2+2，
LL，
∴第n种化合物的分子模型中，氢原子的个数为2n+2个，
当n=10时，
2n+2=2´10+2=22（个），
学科网（北京）股份有限公司∴第10种化合物的分子模型中，氢原子的个数为22个，
故答案为：22，2n+2；
（2）解：不存在，理由如下：
令 ，
2n+2=2025
解得： ，
2023
n=
2
∵n为正整数，∴不存在某种化合物的分子结构模型中有2025个氢原子．
押题解读
本题主要考查初中化学中烷烃的分子结构规律及代数式的推导。跨学科问题是近年来出现在各地中考
数学中的热点题型，通常以选择、填空或计算题形式出现，此类题以“结构规律→代数建模→实际验
证”为主线，是中考化学中典型的“理科思维融合”题型，需重点突破！
1．若一列数a
1
，a
2
，a
3
，
L
，a
2025
满足任意相邻三个数的和都相等，且a
2
=-5，a
6
=4，a
10
=2，则
a +a +a + +a =（ ）
1 2 3 L 2025
A．670 B．-675 C．677 D．675
【答案】D
【分析】本题考查了数字规律；根据题意得出， a
1
=a
4
=a
7
=
L
=a
2023
=2，a
2
=a
5
=a
8
=
L
=a
2024
=-5，
a
3
=a
6
=a
9
=
L
=a
2025
=4，这列数为：2，-5，4，2，-5，4，…，按2，-5，4循环，进而根据
2025¸3=675，即可求解．
【详解】解：∵这列数中任意相邻三个数的和都相等，
∴a +a +a =a +a +a =a +a +a =…，
1 2 3 2 3 4 3 4 5
又∵a =-5，a =4，a =2，
2 6 10
∴a
1
=a
4
=a
7
=
L
=a
2023
=2，a
2
=a
5
=a
8
=
L
=a
2024
=-5，a
3
=a
6
=a
9
=
L
=a
2025
=4，
∴这列数为：2，-5，4，2，-5，4，…，按2，-5，4循环出现，
∵2025¸3=675，
∴a
1
+a
2
+a
3
+a
4
+
L
+a
2025
=675´2-5+4=675，
学科网（北京）股份有限公司故选：D．
2．【图形规律与热点问题结合】风力发电是一种常见的绿色环保发电形式，它能够使大自然的资源得到更
好的利用．如图1，风力发电机有三个底端重合、两两成120°角的叶片，以三个叶片的重合点为原点、水平
方向为x轴建立平面直角坐标系，如图2所示．已知开始时其中一个叶片的外端点的坐标为A(1,-4)，在一
段时间内，叶片每秒绕原点O逆时针转动90°，则第2025秒时，点A的对应点A 的坐标为（ ）
2025
A．(-4,1) B．(-1,-4) C．(4,1) D．(-1,4)
【答案】C
【分析】本题考查坐标变化的规律—旋转型，全等三角形的判定与性质，找到A点的坐标循环的规律是解
题的关键．
根据旋转的性质分别求出第1s、2s、3s、4s时，点A的对应点A、A 、A 、A 的坐标，找到规律，A点
1 2 3 4
的坐标以每4秒为一个周期依次循环，进而得出第2025s时，点的对应点A 的坐标．
2025
【详解】解：如图，作AE⊥x轴于E，作AF ^ y轴于F，
1
∵A(1,-4)，
∴AF =1,OF =4．
∵ÐAOA =90°,ÐEOF =90°
1
∴ÐAOF+ÐAOE=90°,ÐAOE+ÐAOE=90°，
1
∴ÐAOF =ÐAOE，
1
∵ÐAFO=ÐAEO=90°，OA=OA，
1 1
学科网（北京）股份有限公司∴V AFO≌ V A 1 EO，
∴AE= AF =1,OE=OF =4，
1
∴A 4,1
1
同理可求：A -1,4，A -4,-1，
2 3
∵360°¸90°=4，
∴A点的坐标以每4秒为一个周期依次循环，
∵2025 ¸ 4 = 506......1
∴第2025s时，点的对应点A 的坐标与A相同，为(4,1)．
2025 1
故选：C．
3．【图形规律与几何问题结合】如图，在
V
ABC中，ÐC =90°，BC=1，AC=2，CA
1
B
1
C
1
、A
1
A
2
B
2
C
2
、
A ABC …都是正方形，且A、A 、A …在AC边上，B 、B 、B …在AB边上．则线段B C 的长为 ．
2 3 3 3 1 2 3 1 2 3 2025 2025
æ2ö 2025
【答案】
ç ÷
è3ø
【分析】本题考查了正方形的性质、相似三角形的判定与性质、图形类规律探索，正确归纳类推出一般规
律是解题关键．先根据正方形的性质可得CC =BC ，CA ∥BC ，再证出 BBC∽ BAC，根据相似三角形
1 1 1 1 1 1 V 1 1 V
的性质可得BC 的长，同理可得BC ，BC 的长，归纳类推出一般规律，由此即可得．
1 1 2 2 3 3
【详解】解：∵四边形CABC 是正方形，
1 1 1
∴CC =BC ，CA ∥BC ，
1 1 1 1 1 1
∴V BB 1 C 1 ∽ V BAC，
BC BC
∴ 1 = 1 1 ，
BC AC
设CC =BC =x，
1 1 1
∵BC=1，
学科网（北京）股份有限公司∴BC =BC-CC =1-x，
1 1
∵AC=2，
1-x x
∴ = ，
1 2
2
解得x= ，
3
2
即BC = ，
1 1 3
4 æ2ö 2 8 æ2ö 3
同理可得：BC = =ç ÷ ，BC = =ç ÷ ，
2 2 9 è3ø 3 3 27 è3ø
æ2ö n
归纳类推得：BC =ç ÷ ，其中n为正整数，
n n è3ø
æ2ö 2025
∴B C =ç ÷ ，
2025 2025 è3ø
æ2ö 2025
故答案为： ．
ç ÷
è3ø
4．【图形规律与热点问题结合】2024年10月30日4时27分，神舟十九号载人飞船成功发射，蔡旭哲、
宋令东和王浩泽顺利进入太空．某中学科技小组的同学用形状大小相同的基本图形“ ”按照一定规律拼
接得到火箭模型图．如图，第1个图案中需要4个基本图形，第2个图案中需要6个基本图形，第3个图
案中需要8个基本图形……按此规律拼接下去，第2025个图案中需要 个基本图形．
【答案】4052
【分析】本题考查了图形类规律探索，根据图形发现一般规律是解题关键．观察图形发现，第n个图案中
需要2n+1个基本图形，再进一步求解即可得到答案．
【详解】解：第1个图案中需要2´2=4个基本图形，
第2个图案中需要2´3=6个基本图形，
学科网（北京）股份有限公司第3个图案中需要2´4=8个基本图形，
……
观察发现，第n个图案中需要2n+1个基本图形，
∴第2025个图案中需要2´2025+1=4052个基本图形．
故答案为：4052．
5．【近年热考】我国宋代数学家杨辉（13世纪）写了一本书《详解九章算法》，书中记载了一个用数字排
成的三角形，这个三角形数阵图是北宋贾宪（约11世纪上半叶）首创的“开方作法本源图”，后人称之为贾
宪三角或杨辉三角．（图1）
杨辉三角实际是二项式乘方展开式的系数表（图2），观察图2右侧的系数表，你发现了什么规律？用你发
现的规律回答下列问题：
(1)多项式a+b5展开式的第三项系数是_____________．
(2)请写出x+15的展开式：x+15 =______________．
(3)已知多项式x5-10x4+40x3-80x2+80x-32，当x=4时，求该多项式的值．
【答案】(1)10；
(2)x5+5x4+10x3+10x2+5x+1
(3)32
【分析】本题考查对题干“杨辉三角”规律的理解，以及规律的运用，解题的关键是找出a+bn展开式的各
项系数规律并灵活运用．
（1）根据“杨辉三角”规律写出多项式a+b5的展开式，即可得到展开式中的第三项；
（2）根据“杨辉三角”规律得到多项式x+15展开式；
（3）根据“杨辉三角”规律得到x5-10x4+40x3-80x2+80x-32为x-25的展开式，即可解题．
学科网（北京）股份有限公司【详解】（1）解：由题可得：多项式a+b5的展开式各系数依次为1，5，10，5，1，
\多项式a+b5的展开式中第三项系数是10．
故答案为：10；
（2）解：由题意可得：x+15 =x5+5x4+10x3+10x2+5x+1．
故答案为：x5+5x4+10x3+10x2+5x+1；
（3）解：x5-10x4+40x3-80x2+80x-32
=x5+5x4×-2+10x3×-22+10x2×-23+5x×-24+-25
=x-25，
当x=4时，原式=4-25 =25 =32．
押题猜想二 从函数图象上获取信息
限时：3min
1．【改编】某款纯电动汽车采取智能快速充电模式进行充电，当充电量达到电池容量的80%时，为保护电
池，充电速度会明显降低．如图是该款电动汽车某次充电时，汽车电池含电率y（电池含电率
电池中的电量
= ´100%）随充电时间x（分钟）变化的函数图象，下列说法正确的有 ．
电池的容量
①本次充电开始时汽车电池内仅剩10%的电量；②本次充电40分钟，汽车电池含电率达到80%；③本次
充电持续时间是120分钟；④若汽车电池从无电状态到充满电需要耗电70千瓦时，则本次充电耗电56千
瓦时．
【答案】①②③
【分析】本题考查了由函数图像读取信息，仔细观察函数图像，正确读取信息逐项进行分析解答即可
【详解】解：①由函数图像可知，本次充电开始时汽车电池内仅剩10%的电量，正确，符合题意；
②由函数图像可知，本次充电40分钟，汽车电池含电率达到80%，正确，符合题意；
学科网（北京）股份有限公司③由函数图像可知，本次充电持续时间是120分钟，正确，符合题意；
④若汽车电池从无电状态到充满电需要耗电70千瓦时，那么从0%到100%的电量变化对应的耗电量是70
千瓦时，
90%-10%
\10%到90%的电量变化对应的耗电量为70´ =56千瓦，正确，符合题意
100%
故答案为：①②③④．
押题解读
本题主要考查初中数学中一次函数图象的实际应用，核心内容为：
1. 分段函数图象分析：识别充电初期（0-40分钟）与后期（40-120分钟）的速率变化，理解斜率代表
的充电速度差异。
2. 数据计算与推理：通过图象坐标计算充电时间、电量变化及耗电量（如从0%到90%对应耗电63
千瓦时）。
3. 实际问题的数学建模：将充电过程转化为分段函数模型，结合物理常识（如充电速度保护机制）验
证选项合理性。
总结：此类题以“图象分析→分段建模→数据验证”为核心，是中考数学中典型的“应用型探究”题
型，需重点突破分段函数与跨学科情境的综合应用！
1．如图，在菱形ABCD中，ÐB=60°，AB=2．动点P从点B出发，以每秒1个单位长度的速度沿折线BA® AC
运动到点C，同时动点Q从点A出发，以相同速度沿折线AC®CD运动到点D，当一个点停止运动时，另
一点也随之停止．设△APQ的面积为y，运动时间为x秒．则下列图象能大致反映y与x之间函数关系的是
（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
学科网（北京）股份有限公司【分析】此题考查动点问题的函数图象，解题关键在于分情况讨论：当P，Q分别在AB，AC上运动时，
1 1 3
y= AP´QH = (2-t)´tsin60°，当P，Q分别在AC，DC上运动时，同理可得：y= (t-2)2，即可求
2 2 4
解．
【详解】解：（1）当P，Q分别在AB，AC上运动时，
∵ABCD是菱形，ÐB=60°，则△ABC，△ACD为边长为2的等边三角形，过点Q作QH ^ AB于点H，
1 1 3 3
，y= AP´QH = (2-t)´tsin60°=- t2+ t，
2 2 4 2
3
函数最大值为 ，符合条件的A，B，C，D，
4
（2）当P，Q分别在AC，DC上运动时：
3
同理可得：y= (t-2)2，
4
符合条件的有A，
故选A．
2．如图1，在Rt△ACB中，ÐC =90°，M 为边AC上一定点，动点N 从点C出发，沿折线CB—BA运动
至点A后停止．设点N 运动的路程为x，令y=MN2，图2是y与x的函数关系图象，则点M 到AB的距离
为 ．
【答案】 6
【分析】本题考查了动点问题的函数图象，勾股定理，垂线段最短，熟练掌握以上知识点，数形结合是解
题的关键．过点M 作MD^ AB于点D，连接MB，由图象可知CM =1；当点N与点B重合时，MN2 =MB2 =10；
BC+BD=5，先求得BC，推出BD，在利用勾股定理求得MD．
【详解】解：过点M 作MD^ AB于点D，连接MB，如图所示：
学科网（北京）股份有限公司由图象可知CM =1；当点N与点B重合时，MN2 =MB2 =10；BC+BD=5．
在Rt△MCB中，由勾股定理，可得BC = MB2-CM2 = 10-1=3．
\BD=5-3=2，
\MD= MB2-BD2 = 10-22 = 6．
故答案为： 6．
3．如图1，在正方形ABCD中，AB=m，以B为圆心，AB为半径作弧AC，F为弧AC上一动点，作矩形
DEFG，E、G在正方形ABCD的边上，设EF =x，矩形DEFG的面积为y，y关于x的函数图象如图2所
示，点P的坐标为2,8，则m= ．
【答案】10
【分析】先证明四边形ABGE，四边形EGCD都是矩形，结合以B为圆心，AB为半径作弧AC，F为弧AC
上一动点，得BF =m，BH = 2mx-x2 ，HC =m- 2mx-x2 ，y=x m- 2mx-x2 ，因为点P的坐标为
2,8，即2 m- 4m-4 =8，解得m=10或m=2，即可作答．
【详解】解：延长EF，交BC于点H，连接BF，如图，
Q
四边形EFGD为矩形，四边形ABCD为正方形，
\EG^BC，ÐA=ÐABC =ÐBCD=ÐD=90°，
学科网（北京）股份有限公司\四边形ABGE，四边形EGCD都是矩形，
\EG= AB=m，FG=HC，
EF=x，
Q
\GH =m-x，
Q
以B为圆心，AB为半径作弧AC，F为弧AC上一动点，
\BF = AB=m，
\BH = BF2-FH2 = m2-m-x2 = 2mx-x2.
\HC =FG=BC-BH =m- 2mx-x2 ，
\y=EF×FG=x m- 2mx-x2 ，
Q
点P的坐标为2,8，
\2 m- 4m-4 =8，
\m-4= 4m-4，
\m=10或m=2，
经检验，m=10是原方程的根，m=2不合题意，舍去，
\m=10.
故答案为：10
【点睛】本题考查了正方形的性质，矩形的判定与性质，勾股定理，圆的基本性质，正确掌握相关性质内
容是解题的关键．
4．如图（1）所示，E为矩形ABCD的边AD上一点，动点P，Q同时从点B出发，点P沿折线BE-ED-DC
运动到点C时停止，点Q沿BC运动到点C时停止，它们运动的速度都是1cm/秒．设P、Q同时出发t秒
时，V BPQ的面积为ycm2．已知y与t的函数关系图象如图（2）（曲线OM 为抛物线的一部分），则下列
3 4 29
结论：①AD=BE=5；②cosÐABE= ；③当0 y > y ，②错误；
2 3 1
当m=1时，函数解析式为：y=-x2+2x+2，故A0,2,C2,2,B1,3
作B关于y轴对称点N，作C关于x轴对称点M，则N-1,3,M2,-2连接MN，则MN为BE,DE,CD和
的最小值，四边形BCDE周长最小值为MN与BC的和，则有：
BC = (1-2)2+(3-2)2 = 2,MN = (-1-2)2+(3+2)2 = 34
\当m=1时，四边形BCDE周长的最小值为 34+ 2，④错误；
正确的有：①③，
故选：D．
学科网（北京）股份有限公司押题解读
本题主要考查二次函数的图象和性质，一次函数与二次函数图象的交点以及轴对称的性质，熟练掌握
二次函数图象的对称性，增减性，函数图象的交点问题与方程的根的关系，二次函数的平移规律，利
用轴对称性，求线段和的最小值，是解题的关键．把二次函数的一般式转化为顶点式，即可发现函数
图形与直线相切于顶点，据此判定①，根据“上加下减，左加右减”求出平移后的抛物线的解析式，
可判定③，根据对称性质确定点的对称点，再根据二次函数的增减性质可判定②，求出时的抛物线的
解析式，作B关于y轴对称点N，作C关于x轴对称点M，四边形周长最小值为与的和，计算后判定
④．
1．如图，抛物线y=x2-2x+m（m为常数）交y轴于点A，与x轴的一个交点在2和3之间，顶点为B．
①抛物线y=x2-2x+m与直线y=-4x+m-1有且只有一个交点；②m的取值范围为-3 y > y ；
1 2 3 1 2 3
④若将该抛物线向右平移2个单位，再向上平移1个单位，所得抛物线的解析式为y=x-32+m；⑤若点
A关于直线x=1的对称点为C，点D，E分别在x轴和y轴上，当m=-2时，四边形BCDE周长的最小值
学科网（北京）股份有限公司为 34．其中正确结论的序号有（ ）
A．①②④ B．①③⑤ C．②③⑤ D．②③④
【答案】A
【分析】本题考查了二次函数图象的图象的性质，掌握二次函数图象开口，对称轴直线，与坐标轴交点的
计算，平移规律，轴对称最短路径的计算是关键．根据判别式可判定①；根据图示可得当x=-1时，
y=1+2+m>0，可判定②；根据对称轴即函数对称轴性质可判定③；根据函数平移规律可判定④；根据
轴对称最短路径的计算可判定⑤．
【详解】解：抛物线y=x2-2x+m（m为常数）交y轴于点A，
∴a0,m,m<0，
抛物线y=x2-2x+m与直线y=-4x+m-1，则有x2+2x+1=0，
∴D=4-4=0，
∴抛物线y=x2-2x+m与直线y=-4x+m-1有且只有一个交点，故①正确；
-2
∵抛物线y=x2-2x+m（m为常数）与x轴的一个交点在2和3之间，对称轴直线为x=- =1，
2
∴另一个交点在0和-1之间，
根据图示可得，当x=-1时，y=1+2+m>0，
∴m>-3，
当x=0时，y=m<0，
∴-3 y = y ，故③错误；
1 2 3
∵二次函数y=x2-2x+m=x-12+m-1，
∴将该抛物线向右平移2个单位，再向上平移1个单位，
∴平移后得抛物线的解析式为y=x-1-22+m-1+1=x-32+m，故④正确；
当m=-2时，y=x2-2x-2，则A0,-2，
学科网（北京）股份有限公司∴点A关于直线x=1的对称点为C2,-2，
∴顶点坐标B1,-3，则BC = 2-12 +-2+32 = 2，
如图所示，作点B关于y轴对称点B¢-1,-3，作点C关于x轴对称点C¢2,2，
∴BE=B¢E,DC =DC¢，
∴四边形BC+CD+DE+EB=BC+C¢D+DE+EB¢，
当点C¢,D,E,B¢四点共线时，CD+DE+EB=C¢D+DE+EB¢=C¢B¢值最小，
∴C¢B¢= -1-22 +-3-22 = 34，
∴四边形BCDE周长的最小值为BC+B¢C¢= 2+ 34，故⑤错误．
综上所述，正确的有①②④，
故选：A．
2．若抛物线y=ax2+bx+1（a，b是常数，a¹0）经过点P-1,-1，当x=-2时，对应的函数值y>1．有
下列结论：①抛物线的对称轴：直线x=-1；②若点A-3,m、B1,n在这个抛物线上，则m0；④a>2．正确结论的个数（ ）
A．0 B．1 C．2 D．3
【答案】C
【分析】本题考查了二次函数的图象与性质，一元二次方程根的判别式，不等式的基本性质，熟练掌握二
次函数的性质，灵活使用根的判别式，准确掌握不等式的基本性质是解题的关键．
由题意得到a-b+1=-1，得到a=b-2,b=a+2；由当x=-2时，对应的函数值y>1得到4a-2b+1>1，得
b a+2 a+2
到a>2，故④正确；抛物线的对称轴为直x=- =- ，令- =-1，解得a=2，故①错误；点
2a 2a 2a
A-3,m、B1,n在这个抛物线上，得到
学科网（北京）股份有限公司m=9a-3b+1,n=a+b+1，得出m>n ，故②错误；令y=0，则ax2+bx+1=0，得到
Δ=b2-4a=a+22-4a=a2+4>0，故③正确，即可得到答案．
【详解】解：
Q
抛物线y=ax2+bx+1经过点P-1,-1，
\a-b+1=-1，
\a=b-2,b=a+2，
Q
当x=-2时，对应的函数值y>1，
\4a-2b+1>1，
\4a-2b>0，
\2a-b>0，
\2a-a+2>0，
\a>2，
故④正确；
\b=a+2>2+2>4，
b a+2
抛物线的对称轴为直线x=- =- ，
Q
2a 2a
a+2
令- =-1，解得a=2，
2a
a>2，
Q
\抛物线的对称轴不是直线x=-1；
故①错误；
点A-3,m、B1,n在这个抛物线上，
Q
\m=9a-3b+1,n=a+b+1，
\m-n=8a-4b，
Qb=a+2，
\m-n=8a-4a+2=4a-8，
a>2，
Q
\4a-8>0，即m>n
故②错误；
令y=0，则ax2+bx+1=0，
学科网（北京）股份有限公司\Δ=b2-4a=a+22-4a=a2+4>0，
故③正确；
综上所述，正确的结论有2个，
故选：C．
3．如图：我们规定：形如y=ax2+b x +ca<0的函数叫做“M 型”函数．如图是“M 型”函数y=-x2+4|x|-3
的图象，根据图象，给出以下结论：①图象关于y轴对称；②关于x的不等式x2-4|x|+3<0的解是
-30的函数叫做“元宝型函数”．如图是“元宝型函数”函数
y= x2-4x+3 的图象，根据图象，给出以下结论：①图象关于直线x=2对称：②关于x的不等式
x2-4x+3 >0的解是x<1或x>3；③当k <1时，关于x的方程 x2-4x+3 =k有四个实数解；④当x<1时
学科网（北京）股份有限公司函数y= ax2+bx+ca>0的y值随x值的增大而减小．其中正确的是 （填出所有正确结论的序号）．
【答案】①
【分析】本题考查了二次函数的性质，二次函数与不等式得关系，方程与函数的关系等知识，根据二次根
式的特征，二次函数与不等式得关系即可解答，采用数形结合的思想是解此题的关键．
【详解】解：根据函数的特征可知图象关于直线x=2对称，故①正确，符合题意；
由“元宝型函数”函数y= x2-4x+3 的图象可知，当x¹1且x¹3时，图象位于x轴上方，
\关于x的不等式 x2-4x+3 >0的解是x¹1且x¹3；故②正错误，不符合题意；
当x=2时，y= x2-4x+3 =1，
由图象可得：当00的y值随x值的变化情况取决于函数在x<1时的增减性，并不一定
是当x<1时，y值随x值的增大而减小．故④错误，不符合题意．
综上所述，正确的是①．
故答案为：①．
押题猜想五 涉及数与式、方程不等式（组）有关的计算
问题
限时：3min
1．【改编】计算：
(1)-20250- æ ç 1ö ÷ -1 +2cos60°+1- 3 - 1 ´ 27 ；
è6ø 3
æ 1 ö m2-6m+9
(2)ç1- ÷¸ ．
è m-2ø 2m-4
学科网（北京）股份有限公司2
【答案】(1)-5 (2)
m-3
【详解】（1）解：-20250- æ ç 1ö ÷ -1 +2cos60°+1- 3 - 1 ´ 27
è6ø 3
1 1
=1-6+2´ + 3-1- ´3 3
2 3
=1-6+1+ 3-1- 3
=-5；
æ 1 ö m2-6m+9
（2）解：ç1- ÷¸
è m-2ø 2m-4
m-2-1
m-32
= ¸
m-2 2m-2
m-3 2m-2
= ×
m-2 m-32
2
= ．
m-3
押题解读
涉及数与式、方程不等式（组）有关的计算问题为中考解答题必考内容，该部分难度较低，属于送分
题，解题的过程需注意涉及相关知识点的概念、性质，灵活地运用各种运算律，关键是把好符号关；在
较复杂的运算中，不注意顺序或者不合理使用运算律，从而使运算出现错误．
3x 3
1．以下是小明解分式方程 -1= 的解答过程：
x-1 x-1
解：3x-1=3①
3x=4②
4
∴x= ③
3
4
经检验x= 是方程的解
3
小明的解答过程对吗？如果不对，从第几步开始错？并写出正确的解答过程．
【答案】小明的解答过程不对，从第①步开始错，解答过程见详解
【分析】本题考查解分式方程，先去分母再解整式方程，最后要检验．
根据解分式方程的步骤进行判断并改正即可．
学科网（北京）股份有限公司【详解】解：不正确，从第①步开始错，
正确步骤如下：
3x 3
-1=
x-1 x-1
去分母得：3x-x-1=3，
去括号得：3x-x+1=3，
移项得：3x-x=3-1，
合并同类项得：2x=2，
系数化成1得：x=1，
检验：当x=1时，x-1=0，
故x=1是增根，原方程无解．
2．（1）解方程：x2+8x-1=0．
æ 1ö -2
（2）计算：-14+ 27-4sin60°- 2 3-4 +ç- ÷
è 2ø
æ 3 ö a+2
（3）化简求值：ça-1- ÷¸ ，其中a=2- 2
è a+1ø a+1
【答案】（1）x =-4+ 17，x =-4- 17；（2）-1+3 3；（3）a-2，- 2
1 2
【分析】本题考查的是一元二次方程的解法，三角函数值的混合运算，分式的化简求值；
（1）把方程化为x2+8x+16=1+16，再利用配方法解方程即可；
（2）先计算乘方，算术平方根，代入特殊角的三角函数值，化简绝对值，计算负整数指数幂，再合并即可；
（3）先计算括号内分式的减法运算，再计算除法运算，最后把a=2- 2代入计算即可．
【详解】解：（1）x2+8x-1=0，
∴x2+8x=1，
∴x2+8x+16=1+16，
∴x+42 =17，
∴x+4=± 17，
∴x =-4+ 17，x =-4- 17；
1 2
æ 1ö -2
（2）-14+ 27-4sin60°- 2 3-4 +ç- ÷ ，
è 2ø
学科网（北京）股份有限公司3
=-1+3 3-4´ +2 3-4+4
2
=-1+3 3-2 3+2 3-4+4
=3 3-1；
æ 3 ö a+2
（3）ça-1- ÷¸
è a+1ø a+1
a2-1-3 a+1
= ×
a+1 a+2
a+2a-2 a+1
= ×
a+1 a+2
=a-2；
当a=2- 2时，
原式=2- 2-2=- 2；
3．先化简，再求值：x+32-2xx+2+x-3x+3，其中x=-1．
【答案】2x，-2
【分析】本题主要考查了整式的混合运算的化简求值，
根据完全平方公式，平方差公式，单项式乘以多项式法则计算，再代入求值即可．
【详解】解：x+32-2xx+2+x-3x+3=x2+6x+9-2x2-4x+x2-9，
= x2-2x2+x2 +6x-4x+9-9=2x，
当x=-1时，原式=2´-1=-2．
ì3x-1<8
ï
4．（1）解不等式组íx+1 x ．
<
ï
î 3 2
æ 3 ö a2-4a+4
（2）先化简ça+1- ÷¸ ，再从-2，0，1，2中选取一个适合的数代入求值．
è a-1ø a-1
a+2
【答案】（1）22；
∴不等式组的解集为20即可；
（2）由根与系数的关系得到AB+BC =2k+1，AB×BC =4k-3，再有勾股定理和矩形的性质得到
AB2+BC2 = AC2，即(AB+BC)2-2AB×BC=AC2，进而可得(2k+1)2-2(4k-3)=31，据此解方程即可得
到答案．
【详解】（1）证明：在x2-(2k+1)x+4k-3=0中，a=1，b=-(2k+1)，c=4k-3，
\D=[-(2k+1)]2-4´1´(4k-3)
=4k2 -12k+13
æ 3ö 2
=4çk- ÷ +4>0，
è 2ø
\无论k取何值，方程总有两个不相等的有实数根；
（2）解： AB和BC是方程的两个根，
Q
学科网（北京）股份有限公司\AB+BC =2k+1，AB×BC =4k-3，
Q 矩形ABCD的对角线长AC = 31，
\AB2+BC2 =AC2，即(AB+BC)2-2AB×BC=AC2，
\(2k+1)2-2(4k-3)=31，
整理得：4k2-4k-24=0，
解得：k =3,k =-2，
1 2
AB+BC >0，
Q
\2k+1>0，
\k =3，
\矩形ABCD的周长为：2(AB+BC)=2´7=14，
矩形ABCD的面积为：AB×BC =9．
【点睛】本题考查了接一元二次方程，一元二次方程根与系数的关系，根的判别式，矩形的性质和勾股定
理，熟练掌握一元二次方程根与系数的关系，根的判别式是解题的关键．
3．关于x的一元二次方程x2-2kx+k2-1=0
①求证：无论k取何值，方程总有两个不相等实数根．
②若
V
ABC两边AB、AC AB< AC的长是这个方程的两根，且斜边BC =10．问k为何值时，
V
ABC是
直角三角形．
【答案】①证明见解析；②当k =7时，
V
ABC是直角三角形
【分析】本题考查了一元二次方程根的判别式、一元二次方程的根与系数的关系、勾股定理的逆定理等知
识，熟练掌握一元二次方程根的判别式是解题关键．
①利用一元二次方程根的判别式即可得证；
②先一元二次方程的根与系数的关系可得AB+AC =2k,AB×AC =k2-1，从而可得AB2+AC2 =2k2+2，再
根据勾股定理的逆定理可得要使
V
ABC是以BC为斜边的直角三角形，则AB2+AC2 =BC2，解方程可得k
的值，然后结合AB+AC =2k >0即可得出答案．
【详解】证明：①对于关于x的一元二次方程x2-2kx+k2-1=0，
∵这个方程根的判别式为D=-2k2-4 k2-1 =4k2-4k2+4=4>0，
∴无论k取何值，方程总有两个不相等实数根．
学科网（北京）股份有限公司②∵V ABC两边AB、AC AB< AC的长是这个方程的两根，
∴AB+AC =2k,AB×AC =k2-1，
∴AB2+ AC2 =AB+ AC2-2AB×AC
=2k2-2 k2-1
=2k2+2，
要使
V
ABC是以BC为斜边的直角三角形，则AB2+AC2 =BC2，
∴2k2+2=102，
解得k =7或k=-7，
当k=-7时，AB+AC =2k =2´-7=-14<0，不符合题意，舍去，
∴当k =7时，
V
ABC是直角三角形．
m 1
4．已知平行四边形ABCD的两边AB、AD的长是关于x的方程x2-mx+ - =0的两个实数根．
2 4
(1)当m为何值时，四边形ABCD是菱形？
25
(2)若AB-3AD-3= m2，求m的值．
4
【答案】(1)当m=1时，四边形ABCD为菱形
(2)m的值为1
【分析】（1）由邻边相等的平行四边形为菱形，得出根的判别式等于0，求出m的值即可；
（2）根据根与系数的关系结合题意列出一元二次方程，解之取满足题意的值即可．
【详解】（1）解：∵四边形ABCD为平行四边形，
∴当AB= AD时，平行四边形ABCD是菱形，
m 1
∵AB、AD的长是关于x的方程x2-mx+ - =0的两个实数根，
2 4
\D=-m2-4´1´ æ ç m - 1ö ÷=0，即m2 -2m+1=0，
è 2 4ø
解得：m =m =1，
1 2
∴当m=1时，四边形ABCD为菱形；
m 1
（2）解：∵AB、AD的长是关于x的方程x2-mx+ - =0的两个实数根，
2 4
m 1
\AB+AD=m，AB×AD= - ，
2 4
学科网（北京）股份有限公司25
∵AB-3AD-3= m2，
4
25
\AB×AD-3AB+AD+9= m2，即25m2+10m-35=0，
4
整理得：5m2+2m-7=0
7
解得：m =- ，m =1，
1 5 2
AB+AD=m>0，
Q
7
∴m=- 不合题意，
5
∴m的值为1．
【点睛】本题考查了一元二次方程的应用、菱形的判定等知识，熟练掌握菱形的判定和根的判别式是解题
的关键．
押题猜想七 尺规作图
限时：4min
1．【改编】如图，AB∥CD，CE平分ÐACD，交AB于点E．
(1)实践与操作：利用尺规作ÐCAB的平分线，交CE于点O，交CD于点F，连接EF（要求：尺规作图并
保留作图痕迹，不写作法，标明字母）；
(2)猜想与证明：试猜想四边形ACFE的形状，并加以证明．
【答案】(1)见解析
(2)猜想：四边形ACFE是菱形，理由见解析
【分析】本题考查角平分线画法，菱形的判定，平行四边形判定及性质等．
1
（1）以点A为圆心，任意长为半径画弧，交AC,AB于M,N两点，再分别以M,N为圆心，大于 MN 的长
2
为半径画弧，两弧交于一点，连接A与这点即为ÐCAB的平分线，即可得到本题答案；
（2）根据题意先证明四边形ACFE是平行四边形，后继而证明出四边形ACFE是菱形．
【详解】（1）解：以点A为圆心，任意长为半径画弧，交AC,AB于M,N两点，再分别以M,N为圆心，
1
大于 MN 的长为半径画弧，两弧交于一点，连接点A与这点交CD于点F，AF 即为ÐCAB的平分线，作
2
图如下：
学科网（北京）股份有限公司（2）解：猜想：四边形ACFE是菱形，证明如下：
∵AB∥CD，
∴ÐAEC =ÐECD，
∵CE平分ÐACD，
∴ÐACE=ÐECD，
∴ÐACE=ÐAEC，
∴AC = AE，
同理可得：AC =CF，
∴AE=CF，
又∵AE
P
CF ，
∴四边形ACFE是平行四边形，
∵AC = AE，
∴四边形ACFE是菱形．
押题解读
中考尺规作图的考查通常会涉及基本作图技能，如作一条线段等于已知线段、作一个角等于已知角、
作角的平分线、作线段的垂直平分线、过一点作已知直线的垂线等，这些基本技能是解决复杂作图问
题的基础。除了基本的作图技能，中考尺规作图题还可能考查学生的综合能力，包括逻辑推理、空间
想象、问题解决等。在解答尺规作图题时，考生需要保留作图痕迹，这要求考生在作图过程中要规范
操作，确保每一步作图都符合尺规作图的要求。
1．如图，
V
ABC中，ÐB=2ÐC．
(1)在BC上找一点M，使得MC =MA，并说明MC =MA理由；（用尺规作图，保留作图痕迹，不写作法）
学科网（北京）股份有限公司(2)在（1）的基础上，若AB=5，BM =6，求AC的长．（保留根号，无需化简）
【答案】(1)见解析
(2)AC =4 5．
【分析】（1）作线段AC的垂直平分线即可，根据线段垂直平分线的性质即可得到MC =MA；
（2）先求得ÐAMB=ÐB，推出MC = AM = AB=5，作AE^BM 于点E，利用等腰三角形的性质求得
1
BE= BM =3，CE=8，再利用勾股定理求得即可．
2
【详解】（1）解：如图，点M即为所作；
由作图知，DM 是线段AC的垂直平分线，
∴MC =MA；
（2）解：∵MC =MA，
∴ÐC =ÐMAC，
∴ÐAMB=ÐC+ÐMAC =2ÐC，
∵ÐB=2ÐC，
∴ÐAMB=ÐB，
∴MC = AM = AB=5，
作AE^BM 于点E，
1
∴BE=ME= BM =3，
2
∴AE= 52-32 =4，CE=5+3=8，
在Rt V ACE中，AC = AE2+CE2 = 42+82 =4 5．
【点睛】本题考查了尺规作图，线段垂直平分线的性质，等腰三角形的判定和性质，勾股定理．正确引出
学科网（北京）股份有限公司辅助线解决问题是解题的关键．
2．如图，在平行四边形ABCD中，点E为AD的中点．仅用无刻度的直尺在给定图形中画图，画图过程用
实线表示，按步骤完成下列问题：
(1)若ÐABC =90°，请在图1中的BC边上找点G，使EG^BC；
(2)如图2，点P为AB边上一点，请在图2中的CD边上找点K，使CK =BP．
【答案】(1)图见解析；
(2)图见解析．
【分析】本题考查了作图-复杂作图，平行四边形的性质，三角形中位线的判定与性质等知识，掌握相关知
识是解题的关键．
（1）连接AC,BD交于点O，连接EO并延长，交BC于点G，则点G即为所求；
（2）连接AC,BD交于点O，连接EO并延长，交BC于点G，连接PC交EG于点F，连接BF并延长，交
CD于点K，则点K即为所求．
【详解】（1）解：连接AC,BD交于点O，连接EO并延长，交BC于点G，则点G即为所求，如图：
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DO=BO，
∴点O为BD中点，
又∵点E为AD的中点，
∴EO为 DAB的中位线，
V
∴EO∥AB，即EG∥AB，
又∴ÐABC =90°，
学科网（北京）股份有限公司∴ÐEGC =ÐABC =90°，
∴EG^BC；
（2）解：连接AC,BD交于点O，连接EO并延长交BC于点G，连接PC交EG于点F，连接BF并延长，
交CD于点K，则点K即为所求，如图：
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DO=BO，AB∥CD，
∴点O为BD、AC的中点，
又∵点E为AD的中点，
∴EO为 DAB的中位线，
V
∴EO∥AB，即EG∥AB，
∴EG∥AB∥CD，
∵点O为AC的中点，EG∥AB，
∴OG是△CAB的中位线，
∴点G是BC的中点，
∴FG是△CPB和△BKC的中位线，
1 1
∴FG= CK = BP，
2 2
∴CK =BP．
3．如图，这是5´5的正方形网格，请仅用无刻度的直尺按下列要求完成以下作图（保留作图痕迹）．
学科网（北京）股份有限公司1
(1)如图1，在AB上作点D,AC上作点E，连接DE，使得DE
P
BC，且DE= BC；
2
1
(2)如图2，在AB上作点F,AC上作点G，连接FG，使得FG
P
BC，且FG= BC．
3
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】本题考查了无刻度直尺作图，矩形的性质，三角形中位线定理，相似三角形的判定与性质等知识，
熟练掌握这些知识是解题的关键；
（1）取格点M，N，连接MN交AB于D，网格线与AC的交点为E，连接DE即为所求；
（2）取格点P，H，连接PH交AC于G，网格线与AB的交点为F，连接FG即为所求．
【详解】（1）解：如图1，DE即为所求；
（2）解：如图2，FG即为所求．
4．如图，在每个小正方形的边长为1的网格中，
V
ABC内接于圆，且顶点A,C均在格点上，顶点B在网格
线上．
学科网（北京）股份有限公司(1)线段AC的长等于_______；
(2)请用无刻度的直尺，在如图所示的网格中，
①画出圆心O
②画出一个以AB为边的矩形ABPQ，并简要说明点P,Q的位置是如何找到的（不要求证明）．
【答案】(1) 10
(2)①画图见解析；②画图见解析
【分析】（1）直接利用勾股定理计算即可；
（2）①如图， 取格点 D， 连接CD与圆相交于点 P，连接AP； 取圆与网格线的交点E，F，连接EF，
与AP相交于点O，则O为圆心；
②连接BO并延长，与圆相交于点Q； 连接BP， PQ， AQ， 则四边形ABPQ 即为所求．
【详解】（1）解：由勾股定理可得：AC= 12+32 = 10；
（2）解：①如图， 取格点 D， 连接CD与圆相交于点 P，连接AP； 取圆与网格线的交点E，F，连接
EF，与AP相交于点O，则O为圆心；
理由：∵ÐECF =90°，
∴EF为直径，
∵AC2 =12+32 =10，CD2 =12+32 =10，AD2 22 42 20，
= + =
∴AC2+CD2 = AD2，
∴ÐACP=90°，
∴AP为直径，
∴O为圆心；
②连接BO并延长，与圆相交于点Q； 连接BP， PQ， AQ， 则四边形ABPQ 即为所求．
理由：∵AP为直径，
∴ÐAQP=90°，
学科网（北京）股份有限公司∵BQ为直径，
∴ÐBAQ=ÐBPQ=90°，
∴四边形ABPQ为矩形；
【点睛】本题考查作图—复杂作图，勾股定理以及勾股定理的逆定理、矩形的判定，圆周角定理的应用，
解题关键是理解题意，灵活运用所学知识是关键．
5．如图均是5´4的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点，每个小正方形的边长均为1，点A、B、
C、D均在格点上．
AE
(1)如图①，连结AD、BC交于点E，直接写出： 的值为______；
DE
(2)如图②，在BC上找一点F，使BF =3；（只用无刻度的直尺，在给定的正方形网格中，按要求画图，
保留作图痕迹，不要求写画法）
(3)如图③，AB、CD交于点P，直接写出sinÐAPC的值______．
1
【答案】(1)
2
(2)见解析
2 5
(3)
5
【分析】本题考查了作图-基本作图，相似三角形的判定和性质，勾股定理，正弦的定义，熟练掌握相似三
角形的判定和性质是解题的关键．
AE AB 1
（1）证明 ABE∽ DCE得到 = = ；
V V
DE DC 2
（2）取点格点G,H ，连接GH交BC于点F，点F即为所求；
（4）取格点E连接AE交CD于点F，得到AE=CD= 2，AE ^CD，证明
V
ADP∽
V
BCP，得到
10
AP= ，即可得到答案．
4
【详解】（1）解： AB CD，
Q P
\△ABE∽△DCE，
学科网（北京）股份有限公司AE AB 1
\ = = ，
DE DC 2
1
故答案为： ；
2
（2）解：如图，取点格点G,H ，连接GH交BC于点F，点F即为所求；
BG∥CH，
Q
\ BFG∽ CFH，
V V
CF CH 2
\ = =
BF GB 3
BC = 32+42 =5，
Q
\BF =3；
（3）解：如图，取格点E连接AE交CD于点F，
由图可知AE=CD= 2，AE ^CD，
1 2
\AF =DF = CD= ，ÐCAD= AFD=90°，
2 2
AD∥BC，
Q
\△ADP∽△BCP，
AP AD 1
\ = = ，
PB BC 3
AB= 32+12 = 10，
Q
10
\AP= ，
4
AF 2 5
\sinÐAPC = = ，
AP 5
2 5
故答案为： ．
5
学科网（北京）股份有限公司k
6．如图，一次函数y=ax+b与反比例函数y= x>0的图象交于点Ac-2,c和点Bc,1，BD^x轴于
x
点D，AC ^ y轴于点C．
(1)求一次函数与反比例函数的解析式；
(2)请用无刻度的直尺和圆规作出线段AB的垂直平分线（不写作法，保留作图痕迹），与反比例函数图象交
于点M ，并求出点M 的坐标；
(3)P是线段AB上的一点，连接PC，PD，若
V
PCA和
V
PDB的面积相等，求点P的坐标．
3
【答案】(1)反比例函数的解析式为y= ，一次函数的解析式为y=-x+4
x
(2)见解析，M 3, 3
(3)2,2
【分析】本题考查反比例函数与一次函数的交点问题，正确的求出解析式，利用数形结合的思想进行求解
时解题的关键：
（1）A,B均在反比例函数的图象上，列出方程求出c的值，进而求出A,B点的坐标和k的值，待定系数法
求出一次函数的解析式即可；
（2）根据尺规作垂线的方法，作出点M ，求出AB的中点坐标N ，求出一次函数与坐标轴的交点坐标，推
出MN的解析式，联立直线和反比例函数的解析式，求出M 点坐标即可；
（3）设Px,-x+41 ，
Q
3 3
所以这个游戏不公平．
可以修改游戏规则为：同时转动甲、乙两个转盘，转盘停止后，将指针指向的两个数字相加（若指针落在
分隔线上时，默认其指向右侧扇形），若和为偶数，则小嘉获胜，否则，小艺获胜．（答案不唯一，合理
即可）
3．随着《黑神话：悟空》这款融合了中国传统文化精髓与现代游戏技术的力作横空出世，不仅激发了玩家
学科网（北京）股份有限公司对神话故事的无限遐想，更意外地点燃了公众对山西这片古老土地的热情．游戏中精心选取的27处山西实
景，如同一幅幅生动的历史画卷，引领我们穿越时空，感受五千年文明的深厚底蕴．某旅游公司推出“跟着
悟空游山西”二日游路线．小明家、小米家利用双休日出去旅游，每次出游只能选一条路线．
“跟着悟空游山西”二日游推荐路线
A．临汾线：小西天、广胜寺、铁佛寺
B．长治线：观音堂、紫庆寺
C．翔州线：尝福寺、应县木塔
D．普中线：平遥镇国寺、平遥双林寺
(1)小米家选A路线的概率是______；
(2)如果小明家相约小米家一起出去旅游，两个家庭从上面四条路线中各选一条路线去游玩，请用树状图或
列表的方法求出两家恰好选同一条路线的概率．
1
【答案】(1)
4
1
(2)
4
【分析】本题考查树状图法或列表法求概率，正确的画出树状图是解题的关键：
（1）直接利用概率公式进行计算即可；
（2）画出树状图，利用概率公式进行计算即可．
1
【详解】（1）解：从A、B、C、D路线中选中A的概率为 ；
4
1
故答案为： ；
4
（2）画树状图如下：
共有16种等可能结果，其中两家恰好选择同一条路线的结果有4种
4 1
\P= =
16 4
1
答：小米家和小明家选择同一条路线的概率为 ．
4
4．截止至2025年3月10日，电影《哪吒之魔童闹海》票房突破148.87亿元人民币，成为全球动画电影票房
冠军．如图，有4张分别印有《哪吒之魔童闹海》角色图案的卡片：A哪吒，B敖丙，C太乙真人，D申
公豹．
学科网（北京）股份有限公司将这4张卡片（形状、大小、质地都相同）放在不透明的盒子中，搅匀后从中任意取出1张卡片不放回，记
录后搅匀，再随机取出1张卡片．求下列事件发生的概率：
(1)第一次取出的卡片图案为“C太乙真人”的概率为__________；
(2)用画树状图或列表的方法，求取出的2张卡片为“A哪吒”和“B敖丙”的概率．
1
【答案】(1)
4
1
(2)
6
【分析】本题考查列表法与树状图法，概率公式，熟练掌握列表法与树状图法以及概率公式是解题的关键．
（1）由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“C太乙真人”的结果有1种，利用概
率公式可得答案；
（2）画树状图展示所有12种等可能的结果数以及取出的2张卡片为“A哪吒”和“B敖丙”的结果数，再利用
概率公式可得出答案；
【详解】（1）解：由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“C太乙真人”的结果
有1种，
1
∴第一次取出的卡片图案为“C太乙真人”的概率为 ，
4
1
故答案为： ；
4
（2）解：任意取出1张卡片，记录后不放回，再从中任意取出1张卡片，作出树状图如下：
共有12种等可能的结果，其中两次取出的2张卡片中图案为“A哪吒”、“B敖丙”的结果数为2，
2 1
∴两次取出的2张卡片中图案为“A哪吒”、“B敖丙”的概率为 = ，
12 6
1
答：取出的2张卡片为“A哪吒”和“B敖丙”的概率为 ．
6
5．一个不透明的箱子里装有1个红色小球和若干个白色小球，每个小球除颜色外其他完全相同，每次把箱
学科网（北京）股份有限公司子里的小球摇匀后随机摸出一个小球，记下颜色后再放回箱子里，通过大量重复实验后，发现摸到红色小
球的频率稳定于0.25左右．
(1)请你通过计算估计箱子里白色小球的个数；
(2)现从该箱子里摸出1个小球，记下颜色后放回箱子里，摇匀后，再摸出1个小球，求两次摸出的小球颜
色恰好不同的概率（请用“画树状图”或“列表”等方法写出分析过程）．
【答案】(1)箱子里白球的个数为3
3
(2)
8
【分析】本题考查利用频率估计概率，利用概率求小球的数量，以及画树状图求概率．熟练掌握概率是频
率的稳定值，求出小球的数量，是解题的关键．
（1）根据摸到红色小球的频率稳定于0.25左右，得到摸到红色小球的概率是0.25，设红色小球的个数为
x，根据概率公式进行计算即可；
（2）画出树状图，求出概率即可．
【详解】（1） Q1¸0.25=4，4-1=3，
∴箱子里白球的个数为3．
（2）画出树状图，如下：
共有16种等可能的结果数，其中两次摸出的球恰好颜色不同的结果数为6，
6 3
\P（摸出的小球颜色恰好不同）= = ．
16 8
押题猜想九 利用函数解决实际问题
限时：5min
1．【改编】据灯塔专业版数据，截至2025年4月29日，《哪吒之魔童闹海》总票房达153亿元，登顶全
球动画电影票房榜，是亚洲首部票房过百亿的影片，并创造了全球单一电影市场最高票房纪录．该片来源
于哪吒闹海的传统故事，但又重塑了全新的“魔童”哪吒形象：表面吊儿郎当，实则勇敢坚毅，强烈反差引
发情感共鸣；“我命由我不由天”的不屈精神，让观众泪目．为满足儿童对哪吒的喜爱，某玩具店决定各用
300元购进了A、B两种哪吒玩偶．已知一个B种哪吒玩偶是一个A种玩偶价格的2倍，且购进两种玩偶的
数量共15个．
学科网（北京）股份有限公司(1)求购进A、B两种哪吒玩偶的单价各是多少元？
(2)因销售效果不错，该玩具店决定再次购进A、B两种哪吒玩偶共80个，且A种哪吒玩偶的数量不多于B
种哪吒玩偶数量的3倍，问此次购进最少要花多少钱？
【答案】(1)A种哪吒玩偶单价是30元，B种哪吒玩偶单价是60元
(2)3000元
【分析】本题考查了分式方程的应用、一元一次不等式的应用以及一次函数的应用，解题的关键是：（1）
找准等量关系，正确列出分式方程；（2）根据各数量之间的关系，找出w关于a的函数关系式．
（1）设购进A种哪吒玩偶的单价是x元，则购进B种哪吒玩偶的单价是2x元，利用数量=总价÷单价，结
合购进两种玩偶的数量共15个，可列出关于x的分式方程，解之经检验后，可得出x的值（即购进A种哪
吒玩偶的单价），再将其代入2x中，即可求出购进B种哪吒玩偶的单价；
（2）设购进A种哪吒玩偶a个，则购进B种哪吒玩偶80-a个，根据购进A种哪吒玩偶的数量不多于B
种哪吒玩偶数量的3倍，可列出关于a的一元一次不等式，解之可得出a的取值范围，设该玩具店再次购
进A、B两种哪吒玩偶共花费w元，利用总价=单价×数量，可找出w关于a的函数关系式，再利用一次函
数的性质，即可解决最值问题．
【详解】（1）解：设A种哪吒玩偶的单价为x元，则B种哪吒玩偶的单价为2x元．
300 300
根据题意，得： + =15
x 2x
解得：x=30
经检验：x=30是原分式方程的解
\B种：2´30=60元
答：A种哪吒玩偶单价是30元，B种哪吒玩偶单价是60元．
（2）解：设购进A种哪吒玩偶a个，则购进B种哪吒玩偶80-a个
根据题意，得：02
î t
8
(2)1£t£
3
【分析】本题考查了一次函数和比例函数的应用，待定系数法求函数解析式．
（1）当0£t£2时，设C =at2+bt+ca¹0，用待定系数法求出函数解析式；当t >2时，设
学科网（北京）股份有限公司k
C:C = k >0，由反比例函数C经过2,80，可求出反比例函数C的解析式；即可得解；
t
（2）先出当C =60时，t的值，进而可得答案．
【详解】（1）解：当0£t£2时，设C =at2+bt+ca¹0，
Q
抛物线C经过0,0,2,80，1,60，
ìc=0
ï
\代入得：í4a+2b=80，
ï
îa+b=60
ìa=-20
ï
解得：íb=80 ，
ï
îc=0
\C =-20t2+80t0£t£2，
当t >2时，
k
Q
反比例函数C经过2,80，设C:C = k >0，
t
\代入得：k=160，
ì-20t2+80t0£t£2
ï
\C =í160 ；
ï
t >2
î t
（2）解：
Q
当0£t£2时，函数C随着t的增大而增大，
此时令C =60，解得t=1，
当t >2时，C随着t的增大而减小，
160
令C =60，则 =60，
t
8
解得t = ，
3
8
\该机体患病的时间段为1£t£ ．
3
2．【热点问题】2025年2月7日，第九届亚冬会在冰城——哈尔滨盛大开幕，吉祥物“滨滨”“妮妮”特许商
品惊喜亮相，特许商品店有A，B两种不同价格的吉祥物，供不同人群购买．已知购买4个A种吉祥物和3
个B种吉祥物共需560元；购买2个A种吉祥物和5个B种吉祥物共需700元．
学科网（北京）股份有限公司(1)求A，B两种吉祥物每件的售价分别是多少元．
(2)某公司举行“追梦新时代 巾帼绽芳华”三八节活动，共设一、二等奖40名，其中一等奖m名，奖励一件B
种吉祥物，二等奖不多于(2m+5)名，奖励一件A种吉祥物．公司如何购买最省钱？
(3)在（2）最省钱的基础上，特许商品店推出A种吉祥物打九折，B种吉祥物打九五折的促销活动，该公司
共能省多少钱？
【答案】(1)A种吉祥物每件的售价是50元，B种吉祥物每件的售价是120元
(2)购进A种吉祥物28件，B种吉祥物12件时，公司最省钱
(3)特许商品店打折后，该公司共能省212元
【分析】本题主要考查了二元一次方程的应用、一元一次不等式的应用、一次函数的应用等知识点，根据
题意正确列出二元一次方程和一元一次不等式成为解题的关键．
（1）设A种吉祥物每件的售价是x元，B种吉祥物每件的售价是y元，然后根据题意列二元一次方程求解
即可；
（2）根据题意列一元一次不等式并求最小整数值，再根据一次函数求最小值，即可解答；
（3）根据题意列算式计算即可．
【详解】（1）解：设A种吉祥物每件的售价是x元，B种吉祥物每件的售价是y元，
ì4x+3y=560
由题意可知í ，
î2x+5y=700
ìx=50
解得í ，
îy=120
答：A种吉祥物每件的售价是50元，B种吉祥物每件的售价是120元；
（2）解：由题意可知：40-m£2m+5，
35
\m³ ，
3
设总费用为W元，则W =120m+50(40-m)=70m+2000，
Q70>0，
\W随m的增大而增大，
学科网（北京）股份有限公司\当m=12时，W取最小值，
\40-m=28，
\购进A种吉祥物28件，B种吉祥物12件时，公司最省钱；
（3）解：50´(1-90%)´28+120´(1-95%)´12=212（元），
答：特许商品店打折后，该公司共能省212元．
3．跳台滑雪是冬季奥运会的比赛项目之一，运动员通过助滑道后在点A 处起跳经空中飞行后落在着陆坡上
某处，他在空中飞行的路线可以看作抛物线的一部分．如图是跳台滑雪训练场横截面示意图，这里OA表示
起跳点A到地面OC的距离，OA=45m，以O为坐标原点，以地面的水平线OC为x轴，OA所在的直线为
y轴，建立平面直角坐标系．某运动员在A处起跳腾空后，在空中飞行过程中，运动员到x轴的距离ym
与水平方向移动的距离xm满足y=ax2+2x+ca¹0．在着陆坡上设置点K作为基准点，点K与AO相
距30m，高度（与OC距离）为5m，着陆点在K点或超过K 点视为成绩达标．
(1)若某运动员在一次试跳中飞行的水平距离为10m时，恰好达到最大高度，此时a的值为 ，他的这次试
跳落地点能否达标？ （填“能”或“不能”）．
(2)研究发现，运动员的运动轨迹与滑出速度vm/s的大小有关，下表是某运动员7次试跳的a与v2的对应
数据：
v2 150 170 190 210 230 250 270
1 5 5 5 5 1 5
a - - - - - - -
6 34 38 42 46 10 54
①猜想a关于v2的函数类型，并求出函数解析式；
②当滑出速度v为多少时，运动员的成绩刚好能达标？
1
【答案】(1)- ，能
10
25
(2)①成反比例函数关系，a=- ，验证见解析；②当滑出速度v为15m/s时，运动员的成绩恰好能达标．
v2
学科网（北京）股份有限公司【分析】本题主要考查了二次函数、反比例函数的实际应用，明确题意，准确得到函数关系式是解题的关
键．
1
（1）根据题意可得抛物线经过点A0,45，对称轴为x=10，从而得到抛物线的解析式为y=- x2+2x+45，
10
令x=30，求出y=15，比较即可求解；
m æ 1ö 25 æ 1 ö 25
（2）①设a= m¹0，将ç150,- ÷代入得m=-25，a=- ．将ç250,- ÷代入a=- 验证：当
v2 è 6ø v2 è 10ø v2
1
v2 =250时，a=- 成立，即可求解；②将K30,5和A0,45分别代入y =ax2 +2x+c，得
10
1 1 25
y=- x2+2x+45，a=- ．由a=- 得v=15m/s，即可求解．
9 9 v2
【详解】（1）解： 由题意得：抛物线y =ax2 +2x+c经过点A0,45，对称轴为x=10，
ì c=45
ï
\可得í 2 ，
- =10
ï
î 2a
ì 1
ïa=- .
\í 10
ï î c=45
1
\解析式为y=- x2+2x+45，
10
1 1
令x=30，则y=- x2+2x+45=- ´302+2´30+45=15，
10 10
15>5，
Q
\此运动员落地达标，
1
故答案为：- ，能；
10
（2）解：①由表格数据可知，a与v2的乘积相等，所以a与v2成反比例函数关系．
m
\设a= m¹0，
v2
æ 1ö 1 m
将ç150,- ÷代入得- = ，
è 6ø 6 150
解得m=-25，
25
\a=- ．
v2
æ 1 ö 25 1
将ç250,- ÷代入a=- 验证：当v2 =250时，a=- 成立，
è 10ø v2 10
25
\a=- 能相当精确地反映a与v2的关系，即为所求的函数表达式．
v2
②由题意可知，当运动员刚好达标即是抛物线刚好经过基准点K，
学科网（北京）股份有限公司将K30,5和A0,45分别代入y =ax2 +2x+c，
1 1
得y=- x2+2x+45，a=- ．
9 9
25
由a=- 得v2 =225，
v2
又Q v>0,
\v=15m/s．
答：当滑出速度v为15m/s时，运动员的成绩恰好能达标．
4．如图，利用135°的墙角修建一个梯形ABCD的储料场，其中AD∥BC，且ÐC =90°．如果新建墙BCD
总长15m．
(1)设储料场面积为Sm2，DC的长为xm，则BC的长为______m，AD的长为______m，S与x的函数关系
式______．
(2)当x取何值时，才能使储料场的面积最大？
3
【答案】(1) 15-x，15-2x，S =- x2+15x
2
(2)x=5
【分析】本题考查了二次函数的应用，解题的关键是：
（1）根据线段的和差关系求出BC，过A作AH ^BC于H，证明四边形AHCD是矩形，得出AD=HC，
AH =DC=xm，求出ÐABH =ÐBAH =45°，根据等角对等边得出BH =AH =xm，再根据线段的和差关系求
出HC，最后根据梯形的面积公式求解即可；
（2）根据二次函数的性质求解即可．
【详解】（1）解：∵新建墙BCD总长15m，DC的长为xm，
∴BC的长为15-xm，
过A作AH ^BC于H，
学科网（北京）股份有限公司∵AD∥BC，
∴AH ^ AD，
又ÐC =90°，
∴四边形AHCD是矩形，
∴AD=HC，AH =DC=xm，
∵ÐBAD=135°，
∴ÐBAH =ÐBAD-ÐDAH =45°，
∴ÐABH =45°=ÐBAH ，
∴BH =AH =xm，
∴AD=HC =BC-BH =15-2xm，
1 3
∴S = 15-2x+15-x×x=- x2+15x，
2 2
3
故答案为：15-x，15-2x，S =- x2+15x；
2
3
（2）解：由（1）可知：S =- x2+15x
2
∵ 抛物线开口向下
b 15
x=- =- =5
抛物线的对称轴为 2a æ 3ö
2´ç- ÷
è 2ø
∴ 当x=5时，储料场的面积最大．
5．【热点问题】掷实心球是中招体育考试的选考项目，如图①是一名女生掷实心球，实心球行进路线是一
5
条抛物线，行进高度ym与水平距离xm之间的函数关系如图②所示，掷出时起点处高度为 m，当水
3
平距离为3m时，实心球行进至最高点3m处．
(1)求抛物线的表达式；
(2)根据中招体育考试评分标准（女生），投掷过程中，实心球从起点到落地点的水平距离大于等于7.80m，
此项考试得分为满分10分，该女生在此项考试中是否得满分，请说明理由．
学科网（北京）股份有限公司(3)在掷出的实心球行进路线的形状和对称轴都完全不变的情况下，提高掷出点，可提高成绩．当掷出点的
高度至少达到多少时，可得满分．
4
【答案】(1)y=- x-32+3
27
(2)没有得满分，见解析
52
(3)当掷出点的高度至少达到 m时，可得满分
25
【分析】本题考查二次函数的应用和一元二次方程的解法，关键是理解题意把函数问题转化为方程问题．
（1）根据题意设出y关于x的函数表达式，再用待定系数法求函数解析式即可；
（2）根据该同学此次投掷实心球的成绩就是实心球落地时的水平距离，令y=0，解方程即可；
4 256
（3）把x=7.80，y=0代入得解析式y=- x-32+h，求出h= ，再令x=0即可求解．
27 75
【详解】（1）解：设y关于x的函数表达式为y=ax-32+3，
æ 5ö
把ç0, ÷代入上式得，
è 3ø
5
a0-32+3=
3
4
解得a=- ．
27
4
∴y关于x的函数表达式为y=- x-32+3．
27
（2）解：该女生在此项考试中没有得满分．理由如下：
4
当y=0时，即：- x-32+3=0，
27
解得x =7.5，x =-1.5（舍去），
1 2
∵7.5<7.80，
∴该女生在此项考试中没有得满分．
4
（3）解：可设y=- x-32+h．
27
4
把x=7.80，y=0代入得，0=- 7.8-32+h，
27
256
求出h= ．
75
4 256
∴y=- x-32+ ．
27 75
4 8 52
∴y=- x2+ x+
27 9 25
学科网（北京）股份有限公司52
答：当掷出点的高度至少达到 m时，可得满分．
25
押题猜想十 利用锐角三角函数解决实际问题
限时：6min
1．【改编】如图①，是液体过滤的实验装置，图②是其侧面示意图，已知底座高度AB=3cm，烧杯高度
EF =12cm，漏斗的一端紧贴烧杯内壁，漏斗的锥形部分MN =GH =8cm，且ÐMNH =ÐGHN =60°，漏
2
斗管位于烧杯的上方部分FG=6cm，玻璃棒斜靠在三层滤纸的点P处，PG= GH ，玻璃棒PQ长度为30cm．
3
（结果精确到0.1cm）
(1)求漏斗口处点N 到底座AD的高度；
(2)某次过滤时，玻璃棒与水平方向的夹角为53°，求此时玻璃棒顶端Q点到桌面的距离．
（参考数据：sin53°»0.80，cos53°»0.60，tan53°»1.33， 3»1.73）
【答案】(1)24.9cm
(2)49.6cm
【分析】本题考查了解直角三角形的应用，根据题目的已知条件并结合图形添加适当的辅助线是解题的关
键．
（1）由题意可知NH∥AD，FE^ AD，延长FG交NH ，则GT ^NH，在Rt
V
THG中，
TG=GH×cosÐGHN =4 3cm，根据题意可知点N 到底座AD的高度等于TE=TG+FG+EF，即可求解；
（2）过点P作PK∥FG，交NH 于I ，过点Q作QK ^PK，由题意可知，ÐPQK =53°，在Rt
V
PQK中，
1 8 4 3
PK =PQ×sinÐPQK »24cm，由题意可知PH = GH = cm，在Rt V PHI中，PI =PH×sinÐGHN cm，此时玻
3 3 3
璃棒顶端Q点到桌面的距离为PK-PI+TE+AB，由此即可求解．
【详解】（1）解：由题意可知NH∥AD，FE^ AD，
延长FG交NH ，则GT ^NH，
学科网（北京）股份有限公司3
在Rt V THG中，ÐGHN =60°，则TG=GH×sinÐGHN =8´ =4 3cm，
2
∴TE=TG+FG+EF =4 3+6+12»24.9cm，
∴点N 到底座AD的高度24.9cm；
（2）过点P作PK∥FG，交NH 于I ，过点Q作QK ^PK，
由题意可知，ÐPQK =53°，
在Rt PQK中，PK =PQ×sinÐPQK =PQ×sin53°»30´0.8»24cm，
V
2
∵GH =8cm，PG= GH ，
3
1 8
∴PH = GH = cm，
3 3
8 3 4 3
在Rt V PHI中，PI =PH×sinÐGHN = ´ = cm，
3 2 3
4 3
此时玻璃棒顶端Q点到桌面的距离为PK-PI+TE+AB=24- +24.9+3»49.6cm，
3
即玻璃棒顶端Q点到桌面的距离为49.6cm．
押题解读
解直角三角形的应用题在中考中通常以解答题的形式出现，有时也会在选择题和填空题中考查基础应
用，也是中考中的热点问题，通常占数学总分的8%至15%，解直角三角形的应用题背景越来越贴近
学生的生活实际，求解的过程就是将实际问题抽象为直角三角形模型，再利用相关知识求解问题.
1．图1是我国古代提水的器具枯槔（ jiégão），创造于春秋时期．它选择大小两根竹竿，大竹竿中点架在
作为杠杆的竹梯上．大竹竿末端悬挂一个重物，前端连接小竹竿（小竹竿始终与地面垂直），小竹竿上悬
挂水桶．其原理是通过对架在竹梯上的大竹竿末端下压用力，从而提水出井．当放松大竹竿时，小竹竿下
学科网（北京）股份有限公司降，水桶就会回到井里．如图2是桔槔的示意图，大竹竿AB=8米，O为AB的中点，支架OD垂直地面
EF，此时水桶在井里时，ÐAOD=120°．
(1)如图2，求支点O到小竹竿AC的距离（结果精确到0.1米）；
(2)如图3，当水桶提到井口时，大竹竿AB旋转至AB 的位置，小竹竿AC至AC 的位置，此时
1 1 1 1
ÐAOD=143°，求水桶水平移动的距离（结果精确到0.1米）．（参考数据：
1
3»1.73,sin37°»0.6,cos37°»0.8,tan37°»0.75）
【答案】(1)点O到小竹竿AC的距离为3.5米
(2)水桶水平移动的距离1.2米
【分析】本题主要考查含30度角的直角三角形的性质，勾股定了，解直角三角形的运用，掌握锐角三角函
数值的计算是关键．
（1）如图所示，过点O作OG^ AC于点G，此时OG为点O到小竹竿AC的距离，可证四边形ODCG是矩
1
形，ÐDOG=90°，ÐAOG=30°，在Rt AOG中，ÐAOG=30°,AO=4米，AG= AO=2米，由勾股定理
V
2
即可求解；
（2）如图所示，过点O作OG^ AC于点G，交AC 于点H，根据解直角三角形的计算得到AH =3.2米，
1 1 1
由AH -AG即可求解．
1
【详解】（1）解：如图所示，过点O作OG^ AC于点G，此时OG为点O到小竹竿AC的距离，
∵AC ^EF,OD^EF,OG^ AC，
∴ÐODC =ÐDCG=ÐCGO=90°，
学科网（北京）股份有限公司∴四边形ODCG是矩形，
∴ÐDOG=90°，
∴ÐAOG=ÐAOD-ÐDOG=120°-90°=30°，
∵AB=8米，点O是AB的中点，
1
∴AO=BO= AB=4米，
2
在Rt AOG中，ÐAOG=30°,AO=4米，
V
1
∴AG= AO=2米，
2
∴OG= AO2-AG2 = 42-22 =2 3»2´1.73=3.46»3.5米，
即点O到小竹竿AC的距离为3.5米；
（2）解：如图所示，过点O作OG^ AC于点G，交AC 于点H，
1 1
由（1）可得，AG=2米，AO= AO=4米，ÐDOG=ÐDOH =90°，
1
∴ÐAOH =ÐAOD-ÐDOG=143°-90°=53°，
1 1
∴ÐA =90°-ÐAOG=90°-53°=37°，
1 1
AH
在Rt AOH 中，cosÐA =cos7°= 1 ，
V 1 1 AO
1
∴AH = AO·cos37°»4´0.8=3.2米，
1 1
∴AH -AG=3.2-2=1.2米，
1
∴水桶水平移动的距离1.2米．
2．如图，港口B位于港口A的北偏西37°方向，港口C位于港口A的北偏东21°方向，港口C位于港口B
的北偏东76°方向．一艘海轮从港口A出发，沿正北方向航行．已知港口B到航线的距离为24km，求港口
8 3
C到航线的距离．（参考数据：tan21°» ，tan37°» ，tan76°»4．）
21 4
学科网（北京）股份有限公司【答案】16km
【分析】本题考查解直角三角形的实际应用，过点C作CE^航线于点E，过点B作BD^ AE，过点B作
BF ^CE于点F，设CE=xkm，分别解Rt V CEA,Rt V BAD,Rt V CBF，进行求解即可．
【详解】解：过点C作CE^航线于点E，过点B作BD^ AE，过点B作BF ^CE于点F，则四边形BDEF
为矩形，
∴BD= EF,BF = DE，
由题意，得：BD=24km，设CE=xkm，则：CF =x+24km
在Rt BAD中，ÐBAD=37°,BD=24km，
V
BD 4
∴AD= »24´ =32km，
tan37° 3
在Rt△AEC中，ÐCAE=21°,CE=xkm，
CE 21x
∴AE= » km，
tan21° 8
æ21x ö
∴BF =DE= AE-AD=ç -32÷km，
è 8 ø
FC
在Rt△BFC中，tanÐFBC =tan76°= »4，
BF
æ21x ö
∴x+24=4ç -32÷，
è 8 ø
学科网（北京）股份有限公司解得：x=16；
∴CE=16km；
即：港口C到航线的距离为16km．
3．如图，为助力乡付振兴，某乡镇帮助农户在一个坡度为i=3:4的斜坡上点A处安装自动浇灌装置（其高
度忽略不计），为坡地AB进行浇灌，点A处的自动浇灌装置喷出的水柱呈抛物线形，已知AB=15m，水
柱在距出水口A的水平距离为3m时，达到距离地面OB的竖直高度的最大值为12m．以OB所在的水平方
向为x轴，OA所在的竖直方向为y轴建立平面直角坐标系．
(1)求图中水柱所在抛物线的函数表达式；
(2)若该装置浇灌的最远点为AB上的点C处，求点C距出水口的水平距离．
1
【答案】(1)y=- (x-3)2+12
3
33
(2) m
4
【分析】本题考查二次函数的实际运用，熟练掌握待定系数法求解析式和函数的交点问题是解题的关键，
（1）根据坡比i=3:4，求出OA,OB的长，从而得到点A，点B坐标，再由题意设抛物线的表达式为
y=a(x-3)2+12，代入即可求得抛物线的解析式；
（2）设直线AB的解析式为y=mx+n，由点A，点B坐标求得直线AB的解析式，再由点C是直线AB和
抛物线的交点，联立方程并求解，即可求出点C坐标．
【详解】（1）解： i=3:4，
Q
OA 3
\ = ，
OB 4
设OA=3t，则OB=4t．
\AB= OA2+OB2 =5t，
\5t =15，
解得t =3，
\OA=3t=9,OB=4t=12，
∴点A的坐标为(0,9)，点B的坐标为(12,0)．
学科网（北京）股份有限公司由条件可设抛物线的表达式为y=a(x-3)2+12，
将(0,9)代入，可得9=a(0-3)2+12，
1
解得a=- ，
3
1
\水柱所在抛物线的函数表达式为y=- (x-3)2+12；
3
（2）解：设直线AB的解析式为y=mx+n，
ìn=9
将点A(0,9)，点B(12,0)代入得：í ，
î12m+n=0
ì 3
ïm=-
解得í 4，
ï în=9
3
\直线AB的解析式为y=- x+9．
4
ì y=- 1 x-32 +12
ï
ï 3
联立í ，
3
ïy=- x+9
ïî 4
1 11
得 x2- x=0，
3 4
33
解得x =0,x = ，
1 2 4
33
\点C的横坐标为 ，
4
33
\点C距出水口的水平距离为 m．
4
4．巫云开高速起于巫溪县， 经云阳县， 止于开州区， 是渝东北地区与主城都市区联系的重要通道， 也
是重庆过境大通道的重要组成部分， 预计在 2025 年建成通车． 为及时学握巫云开高速通车后是否会对
沿途居民生活产生噪音影响， 施工单位派出了两名勘测师对已经修建好的高速路段 DE 进行勘测． 如图，
勘测师甲在一段自西向东的高速路上的 A 处发现民宿 C 在 A 处北偏西 45o 方向上， 与 A 处距离
为 80 米， 民宿 B在 A 处北偏东 60o 方向上； 勘测师乙在民宿 B 处测得民宿 C 在 B 处北偏西
75o 的方向上．
学科网（北京）股份有限公司(1)求 BC 的距离（结果保留一位小数）；
(2)当居住场所与高速路的距离不大于 30 米的时候， 人们的生活会被高速路上的噪声影响， 相关部门可
通过加装隔音堜来减少噪声污染， 每米隔音墙的单价为 158 元． 请判断民宿 B 是否会被高速路上的噪
声影响? 如果有被影响， 则在对民宿有噪音影响的高速路段上全部安装隔音墙， 请计算出安装隔音墙需
要资金多少元? 如果没有被影响， 请说明理由．（参考数据： 2 »1.414, 3 »1.732 ）
【答案】(1)109.3米
(2)3160元
【分析】（1）过点A作AT⊥DE，过点B作BK⊥DE于N，过点A作AM⊥BC于M，证△AMB是等腰直角
1
三角形得AM=BM，∠BAM=45°，再由含30°角的直角三角形的性质得AM= AC=40（米），然后由勾股定
2
理得CM=40 3（米），即可解决问题；
1
（2）由含30°角的直角三角形的性质得BN= AB=20 2（米），再由20 2米＜30米，得民宿B会被高
2
速路上的噪声影响，设在DE上从G到H处受影响，则BG=BH=30米，然后由勾股定理得GN=HN=10
（米），即可解决问题．
【详解】（1）如图，过点A作AT⊥DE，过点B作BK⊥DE于N，过点A作AM⊥BC于M，
则AT∥KN，
学科网（北京）股份有限公司∴∠ABN=∠BAT，
由题意得：∠CAT=45°，∠BAT=60°，∠CBK=75°，
∴∠ABN=60°，
∴∠ABC=180°-∠CBK-∠ABN=180°-75°-60°=45°，
∴△AMB是等腰直角三角形，
∴AM=BM，∠BAM=45°，
∴∠CAM=∠CAT+∠BAT-∠BAM=45°+60°-45°=60°，
∴∠C=30°，
1 1
∴AM= AC= ×80=40（米），
2 2
∴CM = AC2-AM2 = 802-402 =40 3（米），
∴BC=BM+CM=AM+CM=40+40 3≈109.3（米）；
（2）由（1）得：△AMB是等腰直角三角形，AM=40米，
∴AB= 2AM=40 2（米），
∵∠BAN=90°-∠BAT=90°-60°=30°，
1
∴BN= AB=20 2（米），
2
∵20 2米＜30米，
∴民宿B会被高速路上的噪声影响，
设在DE上从G到H处受影响，则BG=BH=30米，
∵BN⊥DE，
∴GN =HN = BG2-BN2 = 302-(20 2)2 =10（米），
∴GH=2×10=20（米），
∴安装隔音墙需要资金为：20×158=3160（元）．
【点睛】本题考查了解直角三角形的应用—方向角问题，正确作出辅助线构造直角三角形是解题的关键．
5．如图，某公园内有一个垂直于地面的信号塔AB，小高同学位于点C的位置观测信号塔，眼睛距地面高
度为CD=1.6米，CD^ AC，测得塔顶B的仰角为30°，小高向着信号塔的方向前进到点E处，此时小高
距信号塔的水平距离为27米，测得塔顶B的仰角为45°﹒
学科网（北京）股份有限公司(1)求小高前进的距离CE；（ 3取1.73，结果保留整数）
(2)此时，小高发现，前方5米的地面上有一个气球正在缓缓升起，假设气球升起的方向是垂直向上的，3
秒后，气球恰好挡住小高的视线无法看到塔顶B的位置，求气球升起的平均速度．
【答案】(1)小高前进的距离CE约为20米
(2)气球升起的平均速度为2.2米/秒
【分析】本题考查了矩形的判定与性质、解直角三角形的应用，熟练掌握解直角三角形的方法是解题关键．
（1）连接DF，并延长交AB于点G，先证出DG^ AB，FG= AE=27米，再在Rt△BFG中，解直角三角
形可得BG的长，在Rt△BDG中，解直角三角形可得DG的长，则可求出DF的长，由此即可得；
（2）过点M 作MN ^ AC于点M ，交DG于点O，交BF于点N ，先分别求出OM,ON 的长，从而可得MN
的长，再利用MN除以时间即可得．
【详解】（1）解：如图，连接DF，并延长交AB于点G，
由题意得：CD^ AC，EF ^ AC，AB^AC ，EF =CD=1.6米，AE=27米，
∴CD∥EF∥AB，
∴四边形CDFE是平行四边形，
又∵CD^ AC，
∴平行四边形CDFE是矩形，
∴DF =CE，DF∥CE，DG^EF ，
∴DG^ AB，四边形EFGA是矩形，
∴ÐBDG=30°，ÐBFG=45°，FG= AE=27米，
学科网（北京）股份有限公司在Rt△BFG中，BG=FG×tanÐBFG=27米，
BG
在Rt△BDG中，DG= =27 3米，
tanÐBDG
∴DF =DG-FG= 27 3-27 米，
∴CE=27 3-27»20（米），
答：小高前进的距离CE约为20米﹒
（2）解：如图，过点M 作MN ^ AC于点M ，交DG于点O，交BF于点N ，
则四边形EFOM是矩形，
∴DG^MN，OM =EF =1.6米，OF =EM ，
由题意得：EM =5米，
∴OF =5米，
在Rt FON中，ON =OF×tanÐBFG=5米，
V
∴MN =OM +ON =6.6米，
∵气球升起的方向是垂直向上的，3秒后，气球恰好挡住小高的视线无法看到塔顶B的位置，
MN 6.6
∴气球升起的平均速度为 = =2.2（米/秒），
3 3
答：气球升起的平均速度为2.2米/秒．
押题猜想十一 几何图形的证明与计算问题
限时：6min
1．【改编】如图，在四边形ABCD中，AB∥CD，AD∥BC，对角线AC和BD相交于点O．请在以下两
个条件中：“①AC =BD；②AB^BC”，选择一个作为已知条件，再解决下列问题：
学科网（北京）股份有限公司(1)求证：四边形ABCD是矩形；
(2)若ÐACB=30°，
AB=2
，求四边形ABCD的面积．
【答案】(1)证明见解析
(2)4 3
【分析】本题考查了平行四边形的判定和性质、矩形的判定和性质、全等三角形的判定和性质，熟练掌握
以上知识点是解题的关键．
（1）选择①AB^BC，先证明四边形ABCD是平行四边形，再根据有一个角是直角的平行四边形是矩形，
即可完成证明；选择②AC =BD，先证明四边形ABCD是平行四边形，得AB=CD，然后证明
△ABC≌△DCBSSS，得ÐABC =ÐDCB，根据两直线平行，同旁内角互补，可知ÐABC+ÐDCB=180°，
得ÐABC =90°，根据有一个角是直角的平行四边形是矩形，即可完成证明；
（2）因为ÐABC =90°，由ÐACB=30°，AB=3，可求AC，在Rt△ABC中，由勾股定理可求BC长，根据
S = AB´BC 即可求解．
矩形ABCD
【详解】（1）选择①AC =BD，
证明： AB CD，AD∥BC，
Q P
\四边形ABCD是平行四边形，
\AB=CD，
AC =BD，BC =CB，
Q
\VABC≌VDCBSSS，
\ÐABC =ÐDCB，
AB CD，
Q P
\ÐABC+ÐDCB=180°，
\ÐABC =ÐDCB=90°，
\平行四边形ABCD是矩形；
选择②AB^BC，
学科网（北京）股份有限公司证明： AB CD，AD∥BC，
Q P
\四边形ABCD是平行四边形，
AB^BC，
Q
\ÐABC =90°，
\平行四边形ABCD是矩形；
（2）解：由（1）得，ÐABC =90°，
ÐACB=30°， ，
Q AB=2
，
\AC =2AB=2´2=4
在Rt△ABC中，BC = AC2-AB2 = 42-22 = 12 =2 3，
．
\S = AB´BC =2´2 3=4 3
矩形ABCD
押题解读
中考中几何图形的证明与计算问题的出现频率较高，是中考的重要组成部分，而且该部分内容涉及知
识点较多，学生需掌握以下知识：三角形的全等/相似、特殊三角形的性质，以及特殊平行四边形的性
质与判定，圆的切线、弦、圆心角、圆周角定理，以及弧长和扇形面积的计算，图形变化等.
1．如图，在
Y
ABCD中，点E，F分别在AD，BC上，AE=CF，连接BE，DF．
(1)求证：四边形EBFD是平行四边形；
(2)已知AB=2，AD=4，ÐABC =60°，当AE的长为 时，四边形EBFD是菱形．
【答案】(1)见解析
(2)1.2
【分析】本题考查了平行四边形的判定与性质，菱形的性质，解直角三角形，勾股定理，添加适当的辅助
线构造直角三角形是解题的关键．
（1）利用平行四边形的性质和等式的性质得到DE =BF ，再利用一组对边互相平行且相等的四边形是平行
四边形的判定定理解答即可；
学科网（北京）股份有限公司（2）过点B作BH ^DA，交DA的延长线于点H，利用平行四边形的性质，直角三角形的边角关系定理求
得BH ，AH，设AE的长为x，则DE = AD-AE =4-x，利用勾股定理和菱形的性质解答即可得出结论．
【详解】（1）证明：
Q
四边形ABCD是平行四边形，
\AD∥BC，AD=BC，
\ED∥BF．
又∵AE=CF，
\ED=BF，
\四边形EBFD是平行四边形．
（2）解：过点B作BH ^DA，交DA的延长线于点H，如图，
设AE的长为x，则DE = AD-AE =4-x，
∵AD∥BC，
∴ÐHAB=ÐABC =60°，
∵BH ^DA，
3 2
∴BH = AB×sin60°=2´ = 3，HA= 22- 3 =1，
2
∴HE=HA+AE=x+1，
∴BE2 =BH2+HE2 =3+x+12，
∵四边形EBFD是菱形，
∴BE=DE，
∴BE2 =DE2，
∴3+x+12 =4-x2，
∴x=1.2．
∴当AE的长为1.2时，四边形EBFD是菱形．
故答案为：1.2．
2．如图，菱形ABCD的对角线AC与BD相交于点O，点E是AB的中点，连接OE．EF^BC于点F，
OG∥EF，OG交BC于点G．
学科网（北京）股份有限公司(1)求证：四边形OEFG是矩形；
(2)若菱形ABCD的周长为40，BF =3，求菱形ABCD的面积．
【答案】(1)见解析
(2)80
【分析】（1）由菱形的性质得出点O是AC的中点．由三角形中位线的判定和性质得出OE∥BC，再结合
已知条件以及矩形的判定方法即可证明．
（2）由菱形的性质，三角形中位线的性质得出AE=BE=OE=5，再利用勾股定理分别求出EF，OC，
OB，最后再根据S =4S ．
菱形 ABCD VBOC
【详解】（1）证明：
Q
菱形ABCD的对角线AC与BD相交于点O，
\点O是AC的中点．
Q
点E是AB的中点，
\OE BC．
P
OG∥EF，
Q
\四边形OEFG是平行四边形．
EF ^BC，
Q
\ÐEFG=90°．
\四边形OEFG是矩形．
（2）解：
Q
菱形ABCD的周长为40，
\AB=BC =10．
1
由（1）可得，OE=FG= BC =5，
2
则AE=BE=OE=5．
ÐEFB=90°，BF =3，
Q
\EF = BE2-BF2 = 52-32 =4．
由（1）知，四边形OEFG是矩形，
学科网（北京）股份有限公司\OG=EF =4．CG=10-3-5=2．
Q
ÐOGC =90o，
\OC = OG2+CG2 = 42+22 =2 5．
Q
菱形ABCD的对角线AC与BD相交于点O，
\ÐBOC=90°．
2
\OB= BC2-OC2 = 102- 2 5 =4 5．
1
\S =4S =4´ ´4 5´2 5 =80
菱形 ABCD △BOC 2
【点睛】本题主要考查了菱形的性质，矩形的判定和性质，三角形中位线的定义和性质，勾股定理等知识，
掌握这些判定定理和性质是解题的关键．
3．如图，以
V
ABE的AB边为直径作
e
O，交AE于点C，交BE于点M ，连接CB,AM 相交于点H，连接
CM ，MC =MB．
(1)判断 ABE的形状，并证明；
V
3
(2)若cosÐBAC = ，求CH:BH的值．
5
【答案】(1) ABE是等腰三角形，证明见解析
V
3
(2)
5
【分析】（1）根据MC =MB，得出ÐBAM =ÐCAM ，根据圆周角定理得出ÐAMB=90°,ÐAME=90°，证
出ÐABE=ÐAEB，即可得AB= AE，即 ABE是等腰三角形．
V
（2）过点C作CG^ AM ，垂足为G．根据圆周角定理得出ÐACB=90°，在Rt ACB中，
V
AC 3
cosÐBAC = = ，设AB=5x，则AC =3x，根据等腰三角形的性质得出BM = ME ，证明
AB 5
AGC∽ AME， CGH∽ BMH ，即可求解．
V V V V
【详解】（1）解： ABE是等腰三角形
V
理由如下：
∵MC =MB，
学科网（北京）股份有限公司∴MC =MB，
∴ÐBAM =ÐCAM ，
∵AB是
e
O的直径，
∴ÐAMB=90°,ÐAME=180°-90°=90°，
∴ÐABE+ÐBAM =90°,ÐAEB+ÐCAM =90°，
∴ÐABE=ÐAEB，
∴AB= AE，即 ABE是等腰三角形．
V
（2）解：过点C作CG^ AM ，垂足为G．
∵AB是
e
O的直径，
∴ÐACB=90°，
AC 3
在Rt ACB中，cosÐBAC = = ，
V
AB 5
设AB= AE=5x，则AC =3x，
又∵AB= AE，ÐAMB=90°，
∴BM = ME ，
∵ÐAGC =ÐAME=90°，
∴CG∥ME，
∴V AGC∽ V AME，
CG AC 3
∴ = = ，
ME AE 5
∵CG∥BM ，
∴ V CGH∽ V BMH ，
CH CG CG 3
∴ = = = ．
BH BM ME 5
【点睛】该题考查了相似三角形的性质和判定，解直角三角形，圆周角定理，等腰三角形的性质和判定等
知识点，解题的关键是掌握以上知识点．
4．如图，四边形ABCD中，AD∥BC，ÐBAD=90°，CB=CD，连接BD，以点B为圆心，BA长为半径
学科网（北京）股份有限公司作
e
B，交BD于点E．
(1)试判断CD与 B的位置关系，并说明理由；
e
(2)若AB=4 3，ÐBCD=60°，求图中阴影部分的面积．
【答案】(1)CD与 B相切；理由见解析
e
(2)8 3-4p
【分析】（1）过点B作BF⊥CD，证明
V
ABD≌
V
FBD，得到BF =BA，即可证明CD与
e
B相切；
（2）先证明△BCD是等边三角形，根据三线合一得到ÐABD=30°，求出AD，再利用S -S ，求
VABD 扇形ABE
出阴影部分面积．
【详解】（1）解：CD与 B相切，理由如下：
e
过点B作BF⊥CD，如图所示：
∵AD∥BC，
∴ÐADB=ÐCBD，
∵CB=CD，
∴ÐCBD=ÐCDB，
∴ÐADB=ÐCDB，又BD=BD，ÐBAD=ÐBFD=90°，
∴V ABD≌ V FBDAAS，
∴BF =BA，
∴点F在
e
B上，
学科网（北京）股份有限公司∴CD与
e
B相切；
（2）解：∵ÐBCD=60°，CB=CD，
∴△BCD是等边三角形，
∴ÐCBD=60°，
∵BF⊥CD，
∴ÐABD=ÐDBF =ÐCBF =30°，
∵AB=BF =4 3，
3
∴AD= AB×tan30°=4 3´ =4，
3
∴阴影部分的面积=S -S
VABD 扇形ABE
2
30´p´ 4 3
1
= ´4 3´4-
2 360
=8 3-4p．
【点睛】本题考查了切线的判定，全等三角形的判定和性质，等边三角形的判定和性质，扇形面积，三角
函数的定义，题目的综合性较强，难度不小，解题的关键是正确做出辅助线．
5．在Rt△ABC中，ÐBAC =90°，AB= AC，AD^BC于点D．点M，N分别是AB，AC上的动点，且
满足AM = AN ．连接BN，交AD于点E，过点M作MF ^BN ，交BC于点F，垂足为H．
(1)如图1，当AE = AN时，求证：BM =BF ；
(2)如图2，当AE¹ AN 时，依题意补全图形，用等式表示线段DE与BF的数量关系，并证明．
【答案】(1)证明见解析
(2)BF =2DE，证明见解析
【分析】（1）根据等腰三角形的性质证明ÐACB=ÐABC =ÐBAD=ÐCAD=45°，结合AE = AN，可得
1
ÐAEN =ÐANE= 180°-45°=67.5°，再进一步的分别求解ÐBMF ，ÐBFM 即可得到结论；
2
学科网（北京）股份有限公司（2）如图，连接CE，ME，证明△AEM≌△AEN ，BM =CN ，可得EM =EN，ÐAME=ÐANE，证明
ÐBEM =ÐCEN，可得C,E,M 三点共线，延长EM至K，使CE=EK，而BD=CD，AD^BC，可得ED∥BK ，
BK =2DE，BK ^BC，再证明 BMK≌ BMF，可得BK =BF，从而可得答案．
V V
【详解】（1）证明：∵ÐBAC =90°，AB= AC，AD^BC，
∴ÐACB=ÐABC =ÐBAD=ÐCAD=45°，BD=CD= AD，
∵AE = AN，
1
∴ÐAEN =ÐANE= 180°-45°=67.5°，
2
∴ÐBED=ÐAEN =67.5°，
∵BN ^MF，AD^BC，
∴ÐEHF =ÐEDF =90°，
∴ÐHFD=360°-90°-90°-67.5°=112.5°，
∴ÐBFM =180°-112.5°=67.5°，
∴ÐBMF =180°-45°-67.5°=67.5°，
∴ÐBMF =ÐBFM ，
∴BM =BF ；
（2）解：BF =2DE，理由如下：
如图，连接CE，ME，
∵AM = AN ，ÐMAE=ÐNAE=45°，AE=AE，AB= AC，
∴△AEM≌△AEN ，BM =CN ，
∴EM =EN，ÐAME=ÐANE，
∵AD^BC，BD=CD，
∴EB=EC，
∴△BME≌△CNE，
∴ÐBEM =ÐCEN，
学科网（北京）股份有限公司∴C,E,M 三点共线，
延长EM至K，使CE=EK，而BD=CD，AD^BC，
∴ED∥BK ，BK =2DE，BK ^BC，
∵ÐABC =45°，
∴ÐMBK =45°=ÐMBF，
∵MF ^BN ，ÐBAC =90°，
∴ÐMHN =90°=ÐMAN ，
∴ÐBMH +ÐAMH =180°=ÐAMH +ÐANE，
∴ÐBMH =ÐANE，
∵ÐBMK =ÐAME=ÐANE，
∴ÐBMK =ÐBMF，
∵BM =BM，ÐMBK =ÐMBF =45°，
∴ BMK≌ BMF，
V V
∴BK =BF，
∴BF =2DE．
【点睛】本题考查的是四边形的内角和定理的应用，全等三角形的判定与性质，等腰直角三角形的性质，
三角形的内角和定理的应用，三角形的中位线的性质，作出合适的辅助线是解本题的关键．
押题猜想十二 几何图形压轴
限时：2min
1．【改编】综合与实践：
如图1，这个图案是3世纪我国汉代的赵爽在注解《周髀算经》时给出的，人们称它为“赵爽弦图”，受这幅
图的启发，数学兴趣小组建立了“一线三直角模型”．如图2，在
V
ABC中，ÐA=90o，将线段BC绕点B顺
时针旋转90°得到线段BD，作DE^AB交AB的延长线于点E．
(1)【观察感知】
学科网（北京）股份有限公司如图2，通过观察，线段AB与DE的数量关系是________；
(2)【问题解决】
如图3，连接CD并延长交AB的延长线于点F，若AB=1，AC=3．
①求线段EF的长；
BN
②连接CE交BD于点N ，则 的值为________．
BC
(3)【拓展应用】
3
如图3，若AB=2，AC=6，在直线AB上找点P，使tanÐBCP= ，请直接写出线段AP的长度．
4
【答案】(1)DE= AB
9
(2)①2；②
13
26
(3)2或
3
【分析】（1）根据旋转的性质可得ÐCBD=90，CB=BD，进而证明
V
ABC≌
V
EDBAAS，即可求解；
DE AC
（2）①证明
V
ABC≌
V
EDBAAS，得出DE= AB=1，BE= AC =3，根据tanF = = ，得出
EF AF
1 3
= ，求出结果即可；
EF 4+EF
1
②过点N 作NM ^ AF 于点M ，证明 ABC∽ MNB得出MN = BM ，证明 EMN∽ ECA，设BM =x，
V V V V
3
27
则ME=BE-BM =3-x，代入比例式，得出x= ，进而即可求解；
13
（3）当P在B点的左侧时，过点P作PQ^BC于点Q，当P在B点的右侧时，过点P作PT ^BC交CB的
延长线于点T，分别解直角三角形，即可求解．
【详解】（1）解：∵将线段BC绕点B顺时针旋转90°得到线段BD，作DE^AB交AB的延长线于点
E．
ÐCBD=90°，
Q
\ÐABC+ÐDBE=90° ，
∵ÐA=90°，
\ÐABC+ÐACB=90，
\ÐDBE=ÐACB，
又 ÐA=ÐDEB=90°且CB=BD，
Q
\ ABC≌ EDBAAS，
V V
学科网（北京）股份有限公司\DE= AB；
（2）解：①∵ÐCBD=90°，
∴ÐABC+ÐDBE =90°，
∵ÐA=90°，
∴ÐABC+ÐACB=90°，
∴ÐDBE =ÐACB，
又∵ÐA=ÐDEB=90°且CB=BD，
∴V ABC≌ V EDBAAS，
∴DE= AB=1，BE= AC =3，
∴AE= AB+BE=1+3=4，
∵ÐDEF =ÐA=90°，
DE AC
∴tanF = = ，
EF AF
1 3
∴ =
EF 4+EF
∴EF =2；
②如图所示，过点N 作NM ^ AF 于点M ，
∵ÐA=ÐBMN =90°，ÐACB=90°-ÐABC =ÐNBM ，
∴ ABC∽ MNB，
V V
BN BM MN
∴ = = ，
BC AC AB
BN BM MN 1
即 = = ，即MN = BM ，
BC 3 1 3
∵AC ^ AF，NM ^ AF ，
∴MN ^ AC，
∴ EMN∽ EAC，
V V
ME MN
∴ = ，
AE AC
设BM =x，则ME=BE-BM =3-x，
学科网（北京）股份有限公司1
x
3-x 3
=
4 3
27
解得：x=
13
27
∴BN BM 13 9 ；
= = =
BC AC 3 13
（3）解：如图所示，当P在B点的左侧时，过点P作PQ^BC于点Q，
3
∵tanÐBCP=
4
PQ 3
∴tanÐBCP= = ，设PQ = 3a，则CQ=4a，
CQ 4
又∵AC =6,AB=2，ÐBAC =90°，
AC 6
∴tanÐABC = = =3，BC = 22+62 =2 10，
AB 2
PQ
∴tanÐPBQ= =3，
BQ
1
∴BQ= PQ=a，
3
∴BC =CQ+BQ=4a+a=5a，
∴5a=2 10，
2 10
解得：a= ，
5
在Rt△PBQ中，PQ = 3a，BQ=a，
2 10
∴PB= PQ2+BQ2 = 10a= 10´ =4，
5
∴AP=PB-AB=4-2=2；
如图所示，当P在B点的右侧时，过点P作PT ^BC交CB的延长线于点T，
学科网（北京）股份有限公司∵ÐABC =ÐPBT,ÐA=ÐT =90°，
∴ÐBPT =ÐACB
AB 1
∵tanÐACB= = ，
AC 3
BT 1
∴tanÐBPT = =tanÐACB=
PT 3
设BT =b，则PT =3b，BP= 10b，
PT 3
∵tanÐBCP= = ，
CT 4
3b 3
∴ = ，
b+2 10 4
2 10
解得：b= ，
3
2 10´ 10 20
∴BP= 10b= = ，
3 3
20 26
∴AP= AB+BP=2+ =
3 3
26
综上所述，AP=2或 ．
3
【点睛】本题考查了全等三角形的性质与判定，相似三角形的性质与判定，解直角三角形，旋转的性质，
熟练掌握以上知识是解题的关键．
押题解读
中考中几何图形压轴题的出现频率非常高，几乎是每年中考数学试卷的必考题型。因为压轴题涉及知
识点较多，难点相对较大，该题型能够有效考查学生的综合能力，区分学生水平，符合教育目标，并
具有实际应用价值。因此，几何图形的证明与计算问题在中考中占有重要地位，是考生必须掌握的内
容。
1．综合与实践在一次数学实践探究课上，老师带领学生以四边形折叠为主题进行探究活动．
问题情景：四边形ABCD中，AD> AB，点E在BC上，点F在CD上，将△CEF 沿EF翻折，使顶点C落
在四边形ABCD内，对应点为C¢，点N 为AB边上一点，点M 为AD边上一点，将
V
AMN 沿MN翻折，点A
的对应点A¢恰好在射线MC¢上．
学科网（北京）股份有限公司(1)奋进小组提出的问题是：如图1，若四边形ABCD为矩形，点E在射线MC¢上，AM =CE，则A¢N与C¢F
的位置关系是___________，数量关系是___________；
(2)智慧小组提出的问题是：将矩形改为平行四边形，其他条件不变，（1）中的两个结论是否仍然成立？并
就图2的情形说明理由；
(3)创新小组提出的问题是：如图3，将问题迁移到平面直角坐标系中，使得矩形ABCD的边AD在x轴上，
D,F,M 三点重合，若点B-1,-3,D4,0，点N 为AB的三等分点（位置不确定），连接EN，请直接写
出点E的坐标．
【答案】(1)A¢N∥C¢F,A¢N =C¢F
(2)成立，理由见解析
æ19 ö
(3)2,-3或ç ,-3÷
è 7 ø
【分析】本题考查了折叠的性质，矩形的性质，平行四边形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理，
作出正确的辅助线是解题的关键．
（1）根据矩形的性质、折叠的性质得到ÐA=ÐNA¢M =ÐC =ÐFC¢E=90°，得到A¢N∥C¢F，再证明
Rt
V
A¢MN≌Rt
V
C¢EFASA，得到A¢N =C¢F，由此即可求解；
（2）根据平行四边形的性质、折叠的性质得到ÐA=ÐNA¢M =ÐC =ÐFC¢E，得到A¢N∥C¢F，再证明
V
A¢MN≌
V
C¢EFASA，得到A¢N =C¢F，由此即可求解；
1 2
（3）分AN = AB,AN = AB两种情况，利用矩形的性质和勾股定理，分别解答即可．
3 3
【详解】（1）解：∵四边形ABCD是矩形，
∴ÐA=ÐC =90°,AD∥BC，
∵折叠，点M,C¢,A¢,E共线，AM =CE，
∴AM = A¢M =CE=C¢E，ÐA=ÐNA¢M =ÐC =ÐFC¢E=90°，
学科网（北京）股份有限公司1 1
ÐAMN =ÐA¢MN = ÐAMA¢,ÐCEF =ÐC¢EF = ÐCEC¢，
2 2
∴ÐNA¢M =ÐFC¢E=90°，
∴A¢N∥C¢F，
∵AD∥BC，
∴ÐAMA¢=ÐCEC¢，
∴ÐA¢MN =ÐC¢EF ，
在Rt A¢MN和Rt△C¢EF中，
V
ìÐA¢MN =ÐC¢EF
ï
íA¢M =C¢F ，
ï
îÐNA¢M =ÐFC¢E
∴Rt
V
A¢MN≌Rt
V
C¢EFASA，
∴A¢N =C¢F，
故答案为：A¢N∥C¢F,A¢N =C¢F ；
（2）解：成立，理由如下，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴ÐA=ÐC,AD
P
BC，
∵折叠，点M,C¢,A¢,E共线，AM =CE，
∴AM = A¢M =CE=C¢E，ÐA=ÐNA¢M =ÐC =ÐFC¢E，
1 1
ÐAMN =ÐA¢MN = ÐAMA¢,ÐCEF =ÐC¢EF = ÐCEC¢，
2 2
∴A¢N∥C¢F，
∵AD∥BC，
∴ÐAMA¢=ÐCEC¢，
∴ÐA¢MN =ÐC¢EF ，
在△A¢MN和 C¢EF中，
V
ìÐA¢MN =ÐC¢EF
ï
íA¢M =C¢F ，
ï
îÐNA¢M =ÐFC¢E
∴V A¢MN≌Rt V C¢EFASA，
∴A¢N =C¢F，
学科网（北京）股份有限公司∴A¢N∥C¢F,A¢N =C¢F ，即（1）中两个结论仍然成立；
1
（3）解：如图，当AN = AB时，过点N 作NQ^EC¢交EC¢的延长线于点Q，
3
，
Q
四边形ABCD是矩形，B-1,-3,D4,0，
\AD=BC =5,AB=DC =3，
1
AN = AB，
Q
3
\NA¢= AN =1，NB=2，
根据折叠可得ÐA¢=ÐBAD=ÐC =ÐEC¢D=90°，A¢D= AD=5,CD=C¢D=3，
NQ^EC¢，
Q
\四边形NA¢C¢Q为矩形，
\QC¢=NA¢=1,NQ= A¢C¢= A¢D-C¢D=2，
设BE=a，则C¢E=EC =5-a，则QE=6-a，
根据勾股定理可得BN2+BE2 =NE2 =NQ2+QE2，
即22+a2 =22+6-a2，
解得a=3，
\E2,-3；
2
如图，当AN = AB时，过点N 作NM ^EC¢交EC¢的延长线于点M ，
3
，
同理可得四边形NA¢C¢M 为矩形，则NM =2，
学科网（北京）股份有限公司2
AN = AB，
Q
3
\A¢N = AN =MC¢=2,NB=1，
设BE=a，则EC =EC¢=5-a，
根据勾股定理可得BN2+BE2 =NE2 =NQ2+QE2，
即12+a2 =22+7-a2，
26
解得a= ，
7
æ19 ö
\Eç ,-3÷；
è 7 ø
æ19 ö
综上，点E的坐标为2,-3或ç ,-3÷．
è 7 ø
2．综合与实践
【问题呈现】
（1）如图1，
V
ABC和
V
ADE都是等边三角形，连接BD，CE．求证：BD=CE．
【类比探究】
BD
（2）如图2，
V
ABC和
V
ADE都是等腰直角三角形，ÐABC =ÐADE=90°，连接BD，CE，则 =
CE
【拓展提升】
AB 2
（3）如图3，△ABC∽△ADE，ÐABC =ÐADE=90°，连接BD，CE，若 = ．
BC 4
BD
①求 的值；
CE
②延长CE交BD于点F，则sinÐBFC = ．
2 1 2 2
【答案】（1）见解析；（2） ；（3）① ，② ．
2 3 3
【分析】（1）利用等边三角形的性质和全等三角形的判定与性质解答即可；
（2）利用等腰直角三角形的性质和相似三角形的判定与性质解答即可；
AB 1
（3）①利用勾股定理求得 = ，利用相似三角形的性质和相似三角形的判定解答即可；
AC 3
学科网（北京）股份有限公司②利用相似三角形的性质，对顶角相等的性质和三角形的内角和定理得到ÐBFC =ÐCAB，再利用直角三角
形的边角关系定理解答即可．
【详解】（1）证明：∵V ABC和
V
ADE是等边三角形，
∴AB= AC =BC，AD= AE=DE，ÐBAC =ÐDAE=60°，
∵ÐBAC=ÐBAE+ÐCAE，ÐDAE=ÐBAE+ÐDAB，
∴ÐCAE=ÐDAB，
在 DAB和 EAC中，
V V
ìAD= AE
ï
íÐDAB=ÐEAC，
ï
îAB= AC
∴ DAB≌ EAC（SAS），
V V
∴BD=CE；
（2）∵V ABC和
V
ADE都是等腰直角三角形，ÐABC =ÐADE=90°，
∴AC = 2AB，AE= 2AD，ÐBAC =ÐDAE =45°，
AB AD 2
∴ = = ，
AC AE 2
∵ÐBAC=ÐBAE+ÐCAE，ÐDAE=ÐBAE+ÐBAD，
∴ÐCAE=ÐBAD，
∴ CAE∽ BAD，
V V
BD AB 2
∴ = = ．
CE AC 2
2
故答案为： ；
2
AB 2
（3）①∵ÐABC =90°， = ，
BC 4
∴设AB= 2k，则BC =4k，
∴AC = AB2+BC2 =3 2k，
AB 2k 1
∴ = = ．
AC 3 2k 3
∵△ABC∽△ADE，ÐABC =ÐADE=90°，
AB AD
∴ÐBAC =ÐDAE， = ，
AC AE
∵ÐBAC=ÐBAE+ÐCAE，ÐDAE=ÐBAE+ÐDAB，
学科网（北京）股份有限公司∴ÐCAE=ÐDAB，
∴ CAE∽ BAD，
V V
BD AB 1
∴ = = ．
CE AC 3
②设AB，CF交于点G，如图，
∵ CAE∽ BAD，
V V
∴ÐDBA=ÐECA，
∵ÐFGB=ÐAGC，
∴ÐBFC =ÐCAB，
BC 4k 2 2
∴sinÐBFC =sinÐBAC = = = ．
AC 3 2k 3
2 2
故答案为： ．
3
【点睛】本题主要考查了等边三角形的性质，等腰直角三角形的性质，相似三角形的判定与性质，全等三
角形的判定与性质，直角三角形的性质，勾股定理，直角三角形的边角关系定理，熟练掌握相似三角形的
判定与性质是解题的关键．
3．【问题发现】（1）如图1，矩形ABCD中，AB=9，BC =12，点P是矩形ABCD内一点，过点P作
EF^AD，分别交AD，BC于点E，F，PE=4，AE=3．则：
①PC =________；
②PA2+PC2与PB2+PD2的关系是________；
【类比探究】（2）如图2，点P是矩形ABCD外一点，过点P作EF^AD，分别交AD，BC反向延长线
于点E，F,②中结论还成立吗？若成立，请说明理由；
【拓展延伸】（3）如图3，在Rt△ABC中，ÐBAC =90°，P是Rt△ABC外一点，PA=2，PB=5，
PC =3，求BC的最小值．
学科网（北京）股份有限公司【答案】（1）① 106；②PA2+PC2 = PB2+PD2；（2）成立，理由见解析（3） 30-2
【分析】本题主要考查矩形的判定和性质，勾股定理，两点之间线段最短，熟练掌握矩形的判定和性质是
解题的关键．
（1）①根据矩形的性质和判定证明四边形ABFE和四边形DCFE都是矩形，求出各个线段的长，再利用勾
股定理即可得到答案；
②由PA2+PC2 =131，PB2+PD2 =131即可得到结论；
（2）证明四边形ABFE和四边形DCFE都是矩形，利用勾股定理进行证明即可得到结论；
（3）作PM ^CA交CA的延长线于点M ，作BN ^PM 交PM 的延长线于点N ，作CT ^NB交NB的延长线
于点T，连接AT、PT，证明四边形ABNM和四边形CTNM 都是矩形，根据矩形的性质定理进行求解即可．
【详解】解：（1）①如图1：
Q
四边形ABCD是矩形，AB=9，BC =12，
\AD=BC =12，
ÐBAD=ÐABC =ÐADC =ÐBCD=90°，
Q
过点P作EF^AD，分别交AD，BC于点E，F，
\ÐAEF =ÐDEF =90°，
\四边形ABFE和四边形DCFE都是矩形，
\EF = AB=9,BF = AE=3，
ÐAEF =ÐDEF =90°，
\CF =DE=AD-AE=12-3=9，
PE=4，
Q
\PA= AE2+PE2 = 32+42 =5，
PD= DE2+PE2 = 92+42 = 97，
PF =EF-PE=9-4=5，
Q
\PB= BF2+PF2 = 32+52 = 34，
PC= CF2+PF2 = 92+52 = 106，
学科网（北京）股份有限公司故答案为： 106；
②PA2+PC2 =52+( 106)2 =131，
PB2+PD2 =( 34)2+( 97)2 =131，
\PA2+PC2 = PB2+PD2，
故答案为：PA2+PC2 = PB2+PD2；
（2）成立，理由如下：
Q
四边形ABCD是矩形，
\ÐBAD=ÐABC =ÐDC =ÐBCD=90°，
\ÐEAB=ÐFBA=90°，
Q
过点P作EF^AD，分别交AD，BC反向延长线于点E，F,
\ÐE=90°，
\四边形ABFE和四边形DCFE都是矩形，
\AE=BF,DE=CF ，
PD2 =DE2+PE2 =CF2-PE2，
Q
PA2 =AE2+PE2 =BF2+PE2，
\PD2-PA2 =CF2-BF2，
PC2 =CF2+PF2,PB2 =BE2+PF2，
Q
\PC2-PB2 =CF2-BF2，
\PC2-PB2 =PD2-PA2，
\PA2+PC2 = PB2+PD2；
（3）作PM ^CA交CA的延长线于点M ，则ÐPMC =90°，
\PC2 =PM2+CM2,PA2 =PM2+AM2，
作BN ^PM 交PM 的延长线于点N ，作CT ^NB交NB的延长线于点T，连接AT、PT，
ÐBAC =90°，
Q
\ÐBAM =90°，
ÐAMN =ÐN =ÐCTN =90°，
Q
\四边形ABNM和四边形CTNM 都是矩形，
\TN =CM,BN = AM ，
学科网（北京）股份有限公司\PT2 =PN2+TN2 =PN2+CM2，
PB2 =PN2+BN2 =PN2+AM2，
\PT2-PC2 =PN2-PM2，
PB2-PA2 =PN2-PM2，
\PT2-PC2 =PB2-PA2，
QPA=2，PB=5，PC =3，
\PT = PB2+PC2-PA2 = 52+32-22 = 30，
TA+PA³PT ，
Q
\TA+2³ 30，
\TA³ 30-2，
AB∥MN，
Q
\四边形ABTC是矩形，
\TA=BC，
\BC³ 30-2，
\BC的最小值为 30-2．
4．如图，在Rt△ABC中，ÐACB=90o，CD是边AB上的高，已知AC =15，BC =20．动点P从点A出发，
以每秒1个单位长度的速度沿折线AB-BC向终点C运动，当点P不与点D、C重合时，连接PD，以
PD、CD为边作
Y
PDCE．设
Y
PDCE与
V
ABC重叠部分图形的面积为S，点P的运动时间为tst>0．
学科网（北京）股份有限公司(1)求CD的长；
(2)求S与t之间的函数关系式；
(3)当 PDCE的对角线与边AC平行时，直接写出t的值．
Y
【答案】(1)CD=12
2 3 75 1107
(2)①当0 的解集；
x
(3)若点P在y轴上，且 PAB的面积为12，请直接写出点P的坐标．
V
6
【答案】(1)y=
x
(2)-31；
(3)
0,-2或 0,10．
【分析】本题考查了一次函数与反比例函数的交点问题，熟练掌握交点坐标满足两个函数解析式是关键．
（1）待定系数法求出两个函数解析式即可；
（2）根据函数图象及函数图象的交点坐标直接写出不等式解集即可；
1
（3）设P0,y，先求出直线AB与y轴交点C的坐标，再根据三角形面积公式S = 底´高，以PC为底，
2
A、B横坐标差的绝对值为高来计算 PAB的面积，进而求出y的值．
V
【详解】（1）解：将A1,m代入 y=2x+4，
得m=2+4=6，
∴A1,6，
k
把A1,6代入y= 得 k =6，
x
6
∴反比例函数的解析式为y= ；
x
6
（2）如图所示，一次函数y=2x+4的图象与反比例函数y= 的图象交于点A1,m、B-3,n，A点为
x
1,6，
6 6 6
把B点代入反比例函数y= = ，即n= =-2，
x x -3
学科网（北京）股份有限公司∴B点坐标为-3,-2，
k
∴根据函数图象及函数图象的交点坐标可知，不等式2x+4> 解集为：-31；
x
（3）如图所示，AB与y轴交于C点，
在y=2x+4中，令x=0，得y=4，
∴直线AB与y轴交点C0,4，
1
已知A1,6，B-3,-2，根据三角形面积公式S = ´ PC ´ x -x ，
VPAB 2 A B
x -x = 1--3 =4，S =12，
A B VPAB
∴PC = y-4 =6，
∴y=10或y=-2，
∴点P的坐标为0,-2或 0,10．
k
2．如图，点A,B是反比例函数y= x>0图象上的点，过点A作AC ^x轴于点C，过点B作BD^x轴于
x
点D，连接OA,OB,AB，线段OA交BD于点E,OD=DC = AC =2．
(1)求k的值；
(2)求直线AB的函数解析式；
学科网（北京）股份有限公司k
(3)若将AB所在的直线向下平移mm>0个单位长度后，与反比例函数的图象y= x>0有且只有一个公
x
共点，求m的值．
【答案】(1)k =8；
(2)y=-x+6；
(3)m=6-4 2．
【分析】（1）由OD=DC = AC =2得到点A的坐标，代入反比例函数的解析式即可求出k的值；
（2）先求出点B的坐标，再将A，B的坐标代入所设的解析式y=tx+nt¹0中，求出t，n的值，再代回
所设的解析式中即可；
（3）先确定平移后的函数解析式，再和反比例函数联立，转化为一元二次方程，最后根据D =0求得．
【详解】（1）解： OD=DC = AC =2，
Q
\OC=4，
\点A的坐标为4,2，点B的横坐标为2，
k
将点A 4,2代入y= x>0中，得k =4´2=8；
x
（2）由（1）可知k =8，
8
\y= ，
x
Q
点B的横坐标为2，
8
\y= =4，
2
\点B的坐标为2,4，
设直线AB的函数解析式为y=tx+nt¹0，
ì4t+n=2 ìt =-1
将A4,2，B2,4代入，得í ，解得í ，
î2t+n=4 în=6
\直线AB的函数解析式为y=-x+6；
（3）将AB所在的直线向下平移mm>0个单位长度后直线的解析式为y=-x+6-m，
k
平移后的直线与反比例函数的图象y= x>0有且只有一个公共点，
Q
x
8
\-x+6-m= ，整理得：x2+m-6x+8=0，
x
\Δ=m-62-4´1´8=0，
学科网（北京）股份有限公司解得m =6+4 2，m =6-4 2，
1 2
又 x 0，
Q >
\x +x =6-m>0，
1 2
\m<6，
\m=6-4 2．
【点睛】本题考查了反比例函数、一次函数的图象和性质，用待定系数法求反比例函数和一次函数的解析
式，以及一元二次方程根的判别式．解题的关键是熟练掌握相关的基础知识．
3．阅读材料：
在学习反比例函数的性质时，通过图象直观感受到反比例函数的图象关于原点对称．小明利用代数方法进
行了推导．
k æ kö
证明：在反比例函数y= k ¹0的图象上任取一点Aça, ÷，
x è aø
æ kö
则点A关于原点的对称点B的坐标为ç-a,- ÷．
è aø
æ kö
Q
-a×ç- ÷=k，
è aø
k
∴点B也在反比例函数y= 的图象上．
x
k k
∵点A是反比例函数y= 上的任意一点，它关于原点对称的点都在反比例函数y= 的图象上，
x x
k
∴反比例函数y= 的图象关于原点对称．
x
问题解决：
3
下面我们来研究一个新函数y= ．
x
3
(1)试运用阅读材料提供的方法，证明函数y= 的图象关于 对称；
x
3
(2)已知点P(x,y ),Q(2,y )在函数y= 的图象上，且y < y ，直接写出x的取值范围是 ．
1 2 x 1 2
3
(3)已知函数y=x-2的图象在函数y= 的图象的下方，求x的取值范围．
x
【答案】(1)y轴
(2)x<-2或x>2
(3)x<0或02，即可得解；
1 2 |x| 2
3
3
（3）结合函数图象y=x-2与y= 只交于x>0部分，求出y=x-2与y= 的图象交点，结合函数图象即
x x
可得解．
3
【详解】（1）解：函数y= 的图象关于y轴对称，
x
3 3
证明：在y= 的图象上任取一点A(a, )，
x |a|
3
则点A关于y轴的对称点B坐标为(-a, )，
|a|
3 3 3
∵把x=-a代入y= 中，y= ，即点B在y= 的图象上，
x a x
3
∴y= 的图象关于y轴对称，
x
故答案为：y轴；
3
（2）解：∵点P(x,y ),Q(2,y )在函数y= 的图象上，且y < y ，
1 2 x 1 2
3 3
\ < ，
|x| 2
\|x|>2，
\x<-2或x>2
故答案为：\x<-2或x>2；
（3）解：如图：
3
结合函数图象y=x-2与y= 只交于x>0部分，
x
3
此时联立x-2= ，
x
解得x =3,x =-1，
1 2
经检验，x =3,x =-1是方程的解，
1 2
x 0，
Q >
\x=3，
学科网（北京）股份有限公司3
∵函数y=x-2的图象在函数y= 的图象的下方，
x
∴x的取值范围为：x<0或00)的图象上．
x
(1)求m的值及直线AB的解析式y=kx+b；
m
(2)从图上观察，当x>0时直接写出 >kx+b时x的取值范围；
x
m
(3)如果一个点的横、纵坐标均为整数，那么我们称这个点是格点．请直接写出函数y= (x>0)的图象与直
x
线AB围出的封闭图形中（不包括边界）所含格点的坐标．
【答案】(1)m=5，y=-x+6
(2)05
(3)
2,3，3,2
【分析】本题考查了利用待定系数法求反比例函数及一次函数的解析式，利用图象求不等式的解集，格点
问题，采用数形结合的思想是解决此类题的关键．
（1）把点1,5代谢反比例函数的解析，即可求得m的值，把5,1，1,5分别代入表达式y=kx+b，即可
求得直线AB的解析式；
（2）由图象即可求得；
（3）根据图象及解析式即可求得．
【详解】（1）解：由图可知反比例函数过点1,5，
m
将1,5代入y = ，得m=5，
x
5
∴反比例函数的表达式为y =
x
将点5,1，1,5分别代入表达式y=kx+b得：
学科网（北京）股份有限公司ìk+b=5
í ，
î5x+b=1
ìk =-1
解得í ，
îb=6
∴直线AB的表达式为y=-x+6；
m
（2）解：由图象可知：当05时， >kx+b；
x
（3）解：格点的横坐标x的取值范围为2£x£5且x为整数
5
当x=2时，y= ，y=-2+6=4，此时在区域内的格点的坐标为2,3
2
5
当x=3时，y= ，y=-3+6=3，此时在区域内的格点的坐标为3,2
3
5
当x=4时，y= ，y=-4+6=2，此时没有格点；
4
综上，所含格点的坐标为2,3，3,2
押题猜想十四 函数与几何图形综合
限时：6min
k
1．【改编】如图，平面直角坐标系xOy中，矩形OABC的顶点B在函数y= x>0的图象上，
x
A1,0,C0,2．将线段AB沿x轴正方向平移得线段A¢B¢（点A平移后的对应点为A¢），A¢B¢交函数
k
y= x>0的图象于点D，过点D作DE^y轴于点E．
x
(1)求函数关系式；
(2)探究 OBD的面积与四边形ABDA¢的面积存在着怎么的数量关系？
V
(3)证明：ÐB¢BD=ÐBB¢O．
2
【答案】(1)y=
x
(2)相等
学科网（北京）股份有限公司(3)见解析
k
【分析】（1）根据矩形的性质可得点B1,2，再把B1,2代入y= x>0，即可求解；
x
1
（2）连接OB,BD,OD，OD交AB于点K，根据反比例函数比例系数的几何意义，可得S =S = ´2=1，
VAOB VA¢OD 2
从而得到S =S ，即可求解；
VKOB 四边形A¢AKD
2n
æ 2 ö
（3）设平移距离为n，可得点B¢n+1,2，Dçn+1, ÷，从而得到BB¢ n n+1 B¢D ，可证明
è n+1ø = = =
OA¢ n+1 2 A¢B¢
B¢BD∽ A¢OB¢，从而得到ÐB¢BD=ÐB¢OA¢，再由B¢C∥A¢O，可得ÐCB¢O=ÐA¢OB¢，即可求证．
V V
【详解】（1）解：∵四边形OABC是矩形，
∴AB^x轴，BC ^ y轴，
∵A1,0,C0,2，
∴点B1,2，
k
把点B1,2代入y= x>0，得：k =2，
x
2
∴函数关系式为y= ；
x
（2）解：如图，连接OB,BD,OD，OD交AB于点K，
1
∵S =S = ´2=1，
VAOB VA¢OD 2
∴S =S ，
VKOB 四边形A¢AKD
∴S +S =S +S ，
VBOK VBKD 四边形A¢AKD VBKD
∴ OBD的面积=四边形ABDA¢的面积；
V
故答案为：=；
（3）解：如图，设平移距离为n，
学科网（北京）股份有限公司根据题意得：四边形A¢B¢CO是矩形，
∴ÐBB¢D=ÐOA¢B¢=90°，
∴点B¢n+1,2，
2
∵反比例函数y= ，
x
æ 2 ö
∴Dçn+1, ÷，
è n+1ø
2 2n
∴BB¢=n,OA¢=n+1,B¢D=2- = ,A¢B¢=2，
n+1 n+1
2n
∴BB¢ n n+1 B¢D ，
= = =
OA¢ n+1 2 A¢B¢
∴ B¢BD∽ A¢OB¢，
V V
∴ÐB¢BD=ÐB¢OA¢，
∵B¢C∥A¢O，
∴ÐCB¢O=ÐA¢OB¢，
∴ÐB¢BD=ÐBB¢O．
押题解读
中考中函数与几何图形综合题通常涉及多个知识点，如函数的图像与性质、几何图形的性质与判定、
方程与不等式的求解等，要求学生具备较强的知识整合能力。该部分题目形式多样，可能涉及函数的
图像与几何图形的位置关系、交点问题，或利用函数解析式求解几何图形的边长、面积等，通常难度
较大，需要学生具备较高的数学素养和解题能力。
1．如图，在平面直角坐标系中，直线y=ax+2与直线y=x+5相交于点A-1,m，与x轴相交于点B，点
k
C在反比例函数y= k >0图象上．
x
学科网（北京）股份有限公司(1)求a的值及点B的坐标；
(2)若
V
ABC为等腰直角三角形，ÐABC =90°，求点C的坐标；
(3)过点A，C的直线与x轴交于点D，点E与点D关于点B对称，若存在AD=2CD，使得
ÐEAO=ÐEDA，请直接写出k的值．
【答案】(1)a=-2，点B1,0
(2)
5,2或-3,-2
(3) 21-1或-6+4 2
【分析】`（1）由待定系数法求出AB的表达式，进而求解；
（2）当C点在第一象限或第三象限时，利用一线三垂直构造三角形全等求点的坐标即可；
（3）分两种情形证明
V
EAO∽
V
EDA，则AE2 =DE×OE，即可求解．
【详解】（1）解：将点A的坐标代入y=x+5，则m=-1+5=4，即点A-1,4，
将点A的坐标代入y=ax+2得，4=-a+2，则a=-2，
则直线AB的表达式为：y=-2x+2，
把y=0代入y=-2x+2得：0=-2x+2，
解得：x=1，
∴点B1,0；
（2）解：当C点在第一象限时，过点A、C分别作x轴的垂线，垂足分别为M 、N ，如图所示：
学科网（北京）股份有限公司∵V ABC为等腰直角三角形，ÐABC =90°，
∴ÐMAB+ÐABM =90°，ÐABM +ÐCBN =90°，AB=BC，
∴ÐMAB=ÐCBN，
∴V AMB≌ V BNCAAS，
则AM =4=BN，BM =2=CN，
则点C5,2；
当C点在第三象限时，过点A、C分别作x轴的垂线，垂足分别为M 、N ，如图所示：
∵V ABC为等腰直角三角形，ÐABC =90°，
∴ÐMAB+ÐABM =90°，ÐABM +ÐCBN =90°，AB=BC，
∴ÐMAB=ÐCBN，
∴V AMB≌ V BNCAAS，
∴AM =4=BN，BM =2=CN，
∴ON =4-1=3，
∴C-3,-2；
综上所述：C点坐标为5,2或-3,-2；
（3）解：设点Dt,0，点E与点D关于点B对称，则点E2-t,0，
则OE=t-2，DE=2t-2，AE2 =2-t+12+42，
学科网（北京）股份有限公司∵ÐAEO=ÐDEA，ÐEAO=ÐEDA，
∴ EAO∽ EDA，
V V
则AE2 =DE×OE，
即2-t+12+42 =2t-2t-2，
解得：t= 21（负值已舍去），即点D 21,0 ，
∵AD=2CD，则C为AD的中点，
æ 21-1 ö
由中点坐标公式得：点Cç ,2÷，
ç 2 ÷
è ø
21-1
则k = ´2= 21-1．
2
如图，当点C在第三象限时．
同理可得：AE2 =DE×OE，
即2-t+12+42 =2-2t2-t，
解得t=- 21，
可得C 3-2 2,-2 ，
∴k =-6+4 2，
综上所述，k的值为 21-1或-6+4 2．
【点睛】本题考查的是反比例函数综合运用，涉及到三角形全等和相似，一次函数的性质，中点坐标公式
的运用等，综合性强，难度适中．
2．如图，直线l : y=-2x+5与坐标轴交于点A，C，直线l 经过点B-2,0，与l 交于点D，点D的横坐
1 2 1
标为1．
学科网（北京）股份有限公司(1)求直线l 的解析式．
2
(2)点P是线段AC上一点，过点P作垂直于y轴的直线，分别与y轴和直线l 交于点E，F．设点P的横坐
2
标为m．
①当m=2时，求点F的坐标；
②若PE=OE，求线段PF的长．
【答案】(1)y=x+2
(2)①F-1,1；②2
【分析】本题主要考查了利用待定系数法求一次函数，以及一次函数的性质，熟练掌握一次函数的图像和
性质是解题的关键．
（1）设直线l 的解析式为y=kx+b，求出D1,3，将B-2,0 ，D1,3代入即可得到答案；
2
（2）①求出P2,1，将y=1代入y=x+2，得1= x+2，即可得到答案；
æ5 5ö æ 1 5ö
②由题意，得Pm,-2m+5．若PE=OE，则m=-2m+5，求出Pç , ÷和Fç- , ÷，即可得到答案．
è3 3ø è 3 3ø
【详解】（1）解：设直线l 的解析式为y=kx+b．
2
将x=1代入直线l 的解析式，得y=-2x+5=3，
1
\D1,3；
直线l 经过点B-2,0 ，D1,3，
Q 2
ì-2k+b=0,
\í
îk+b=3,
ìk =1,
解得í
îb=2,
\直线l 的解析式为y=x+2；
2
学科网（北京）股份有限公司（2）解：①当m=2时，-2m+5=1，
\P2,1．
将y=1代入y=x+2，得1= x+2，
解得x=-1，
\F-1,1；
②由题意，得Pm,-2m+5．
若PE=OE，则m=-2m+5，
5
解得m= ，
3
æ5 5ö
\Pç , ÷．
è3 3ø
5 1
令x+2= ，解得x=- ，
3 3
æ 1 5ö
\Fç- , ÷，
è 3 3ø
5 æ 1ö
\PF = -ç- ÷=2．
3 è 3ø
3．【问题背景】
如图1，在平面直角坐标系中，点B,D是直线y=axa>0上第一象限内的两个动点（OD>OB），以线段
k
BD为对角线作矩形ABCD，AD∥x轴．反比例函数y= 的图象经过点A．
x
【构建联系】
k
(1)求证：函数y= 的图象必经过点C．
x
(2)如图2，把矩形ABCD沿BD折叠，点C的对应点为E．当点E落在y轴上，且点B的坐标为1,2时，
求k的值．
【答案】(1)见解析
学科网（北京）股份有限公司16
(2)k =
3
【分析】本题主要考查了相似三角形的判定和性质，反比例函数的性质，矩形的性质，轴对称的性质，熟
练掌握其性质，合理作出辅助线是解决此题的关键．
æ k ö æ k ö k
（1）设Bm,ma，则Açm, ÷，用含m,k的代数式表示出Cç ,am÷，再代入y= 验证即可得解；
è mø èam ø x
DE
（2）先由点B的坐标和k表示出DC =k-2，再由折叠性质得出2= ，如图，过点D作DH ^ y轴，过
BE
k
点B作BF ^ y轴，证出 DHE∽ EFB，由比值关系可求出HF =2+ ，最后由HF = DC即可求解．
V V
4
æ k ö
【详解】（1）解：设Bm,ma，则Açm, ÷，
è mø
∵AD∥x轴，
k
∴D点的纵坐标为 ，
m
k k
∴将y= 代入y=ax中得： =ax得，
m m
k
∴x= ，
am
æ k k ö
∴Dç , ÷，
èam mø
æ k ö
∴Cç ,am÷，
èam ø
k k
∴将x= 代入y= 中得出y=am，
am x
k
∴函数y= 的图象必经过点C；
x
（2）∵点B1,2在直线y=ax上，
∴a=2，
∴y=2x，
∴A点的横坐标为1，C点的纵坐标为2，
k
∵函数y= 的图象经过点A，C，
x
æk ö
∴Cç ，2÷，A1,k，
è2 ø
æk ö
∴Dç ，k÷，
è2 ø
∴DC =k-2，
∵把矩形ABCD沿BD折叠，点C的对应点为E，
学科网（北京）股份有限公司k
∴BE=BC = -1，ÐBED=ÐBCD=90°，
2
DC k-2 DE
= =2=
∴ BC k BE ，
-1
2
如图，过点D作DH ^ y轴，过点B作BF ^ y轴，
∵AD∥x轴，
∴H，A，D三点共线，
∴ÐHED+ÐBEF =90°，ÐBEF +ÐEBF =90°，
∴ÐHED=ÐEBF，
∵ÐDHE=ÐEFB=90°，
∴ DHE∽ EFB，
V V
DH HE DE
∴ = = =2,
EF BF BE
k
∵BF =1，DH =
2
k
∴HE=2，EF = ，
4
k
∴HF =2+ ，
4
由图知，HF = DC，
k
∴2+ =k-2，
4
16
∴k = ；
3
4．如图，平面直角坐标系xOy中，抛物线C :y=x2+bx+c经过原点O、A2,0，将该抛物线绕点Mm,0
1
旋转180°得到抛物线C ，两抛物线交于B、C两点，抛物线C 与y轴交于点D．
2 2
学科网（北京）股份有限公司(1)求抛物线C 的表达式；
1
1
(2)当m= 时，求△OBC的面积；
2
(3)若直线y=kx+2mm>0与抛物线C 交于E、F两点，点E在点F的左侧，记直线DE的斜率为k ，直
1 1
线DF的斜率为k ，当k +k 为定值时，求m的值．
2 1 2
【答案】(1)y=x2-2x
3
(2)
4
3
(3)m=
2
【分析】（1）利用待定系数法求解即可；
（2）先求出抛物线C 的顶点坐标为1,-1，进而推出抛物线C 的顶点坐标为0,1，且二次项系数为-1，
1 2
ìy=-x2+1 æ1- 3 3ö æ1+ 3 3ö
则抛物线C 的解析式为y=-x2+1，联立í ，可得Bç , ÷，Bç ,- ÷，则点M为BC
2 îy=x2-2x ç
è
2 2 ÷
ø
ç
è
2 2 ÷
ø
3
中点，即可得S =2S = ；
△BOC △BOM 4
（3）同理得到抛物线C 的解析式为 y=-x-2m+12+1=-x2+4mx+2x-4m2+4m，则D 0,-4m2+4m ，
2
ks+4m2-2m
设Es,t，Fp,q，则可推出s+ p=k+2，sp=-2m；利用待定系数法可得k = ，
1 s
kp+4m2-2m
k = ，求出k +k =3-2mk-4m+2，据此可得答案．
2 p 1 2
【详解】（1）解：∵抛物线C :y=x2+bx+c经过原点O、A2,0，
1
ì4+2b+c=0
∴í ，
îc=0
学科网（北京）股份有限公司ìb=-2
∴í ，
îc=0
∴抛物线C 的表达式y=x2-2x，
1
（2）解：∵抛物线C 的表达式y=x2-2x=x-12-1，
1
∴抛物线C 的顶点坐标为1,-1，
1
æ1 ö
∵抛物线C 绕点Mç ,0÷旋转180°得到抛物线C ，
1 è2 ø 2
∴抛物线C 的顶点坐标为0,1，且二次项系数为-1，
2
∴抛物线C 的解析式为y=-x2+1，
2
ì 1- 3 ì 1+ 3
ìy=-x2+1 ï ï x= 2 ï ï x= 2
联立í ，解得í 或í ，
îy=x2-2x ï 3 ï 3
y= y=-
ï ï
î 2 î 2
æ1- 3 3ö æ1+ 3 3ö
∴Bç , ÷，Bç ,- ÷，
ç 2 2 ÷ ç 2 2 ÷
è ø è ø
æ1 ö
∵Mç ,0÷，
è2 ø
∴点M为BC中点，
1 1 3 3
∴S =2S =2´ ´ ´ = ；
△BOC △BOM 2 2 2 4
（3）解：∵抛物线C 绕点Mm,0旋转180°得到抛物线C ，抛物线C 的顶点坐标为1,-1，
1 2 1
∴抛物线C 的顶点坐标为2m-1,1，且二次项系数为-1，
2
∴抛物线C 的解析式为y=-x-2m+12+1=-x2+4mx+2x-4m2+4m，
2
∴D 0,-4m2+4m ，
学科网（北京）股份有限公司设Es,t，Fp,q，
ìy=x2-2x
联立í 得x2-k+2x-2m=0，
îy=kx+2m
∴s+ p=k+2，sp=-2m；
设直线DE解析式为y=k x+b，直线DF解析式为y=k x+b ，
1 1 2 2
ìb =-4m2+4m
∴í 1 ，
îsk +b =t
1 1
t+4m2-4m ks+4m2-2m
解得k = = ，
1 s s
kp+4m2-2m
同理可得k = ，
2 p
∴k +k
1 2
ks+4m2-2m kp+4m2-2m
= +
s p
ksp+4m2p-2mp+ksp+4m2s-2ms
=
sp
2ksp+4m2p+s-2mp+s
=
sp
4m2-2m p+s
=2k+
sp
-2m-2m+1k+2
=2k+
-2m
=2k+-2m+1k+2
=2k-4m-2km+2+k
=3-2mk-4m+2，
∵k +k 是一个定值，
1 2
3
∴3-2m=0，即m= ．
2
【点睛】本题主要考查了二次函数与一次函数综合，旋转180度后点的坐标特点，正确求出抛物线C 的解
2
析式是解题的关键．
学科网（北京）股份有限公司押题猜想十五 与函数有关的最值问题
限时：8min
1．【改编】已知：已知抛物线y=x2+bx+c与x轴交于A、B两点，与y轴交于点C，OA=OC =3，顶点
为D．
(1)求此抛物线的解析式及点D的坐标；
(2)如图1，点P在抛物线的对称轴上，当 BCP的周长最小时，求出P点坐标及 BPC的周长；
V V
(3)如图2，连接AC，E为线段AC上一动点，求2DE+ 2AE的最小值．
【答案】(1)y=x2+2x-3，D-1,-4
(2)P-1,-2，3
2+ 10
(3)8
【分析】（1）根据OA=OC =3，得到A-3,0,C0,-3，利用待定系数法依次解答即可；
-3+m
(2)
设点Bm,0，根据对称性质，得到 =-1，确定点B1,0，根据题意，连接AC，交对称轴于点
2
F，当P与点F重合时，PB+PC取得最小值，且为
PB + PC = FB + FC = AC，利用勾股定理，计算AC = OA2+OC2 =3 2，
设直线AC的解析式为y=kx+ p，确定解析式即可求得交点的坐标．
(3) 过点E作EG^x轴于点G，根据OA=OC =3，得ÐOAC =ÐOCA=45°，
2 æ 2 ö
于是EG= AEsinÐOAC = AEsin45°= AE，故2DE+ 2AE=2çDE+ AE÷
2 ç è 2 ÷ ø
=2DE+EG，利用DE+EG³DG，故当D，E，G三点共线时，DE+EG取得最小值，根据垂线段最短，
学科网（北京）股份有限公司DE+EG最小值为DG=4，解答即可．
【详解】（1）解：根据OA=OC =3，
∴A-3,0,C0,-3，
∵A-3,0,C0,-3在y=x2+bx+c上，
ì9-3b+c=0
∴í ，
îc=-3
ìb=2
解得í ，
îc=-3
∴y=x2+2x-3，
∴y=x+12-4，
∴D-1,-4．
（2）解：设点Bm,0，
∵y=x+12-4，
∴y=x2+2x-3的对称轴为直线x=-1，
-3+m
∴ =-1，
2
解得m=1，
∴点B1,0，
∴OB=1，
∴BC = OB2+OC2 = 10，
∵A，B是对称点，
∴连接AC，交对称轴于点F，当P与点F重合时，PB+PC取得最小值，且PB
+
PC
=
FB
+
FC
=
AC，
AC = OA2+OC2 =3 2，
设直线AC的解析式为y=kx+ p，
将A-3,0，C0,-3代入直线AC的解析式得：
学科网（北京）股份有限公司ì-3k+ p=0
í ，
îp=-3
ìk =-1
解得í ，
îp=-3
∴直线AC的解析式为：y=-x-3．
当x=-1时，y=-2，
故P-1,-2，
∴ V BCP的周长最小时，P-1,-2， V BPC的周长为PB + PC + BC = FB + FC + BC = AC + BC = 3 2 + 10．
（3）解：过点E作EG^x轴于点G，
根据OA=OC =3，
∴ÐOAC =ÐOCA=45°，
2
∴EG= AEsinÐOAC = AEsin45°= AE，
2
æ 2 ö
∴2DE+ 2AE=2çDE+ AE÷
ç 2 ÷
è ø
=2DE+EG，
∴DE+EG³DG，
学科网（北京）股份有限公司故当D，E，G三点共线时，DE+EG取得最小值，根据垂线段最短，DE+EG最小值为DG=4，
故2DE+EG=8，
故2DE+ 2AE的最小值为8．
【点睛】本题考查了抛物线的解析式计算，抛物线的性质，勾股定理，三角函数的应用，垂线段最短，熟
练掌握三角函数的应用，抛物线的性质计算是解题的关键．
押题解读
中考中与函数有关的最值问题，是中考数学的核心考点之一，尤其在二次函数中体现最为突出。常见
出题类型为：
1）二次函数最值问题：仍然是考查的重点，可能涉及动轴定区间、定轴动区间、动轴动区间等不同情
况，考查学生对二次函数性质的深入理解和分类讨论能力。
2）一次函数与反比例函数最值问题：虽然难度相对较低，但可能会与实际应用题相结合，考查学生在
具体情境中求解最值的能力。
3）函数与几何图形综合题：预计会出现更多的函数与几何图形相结合的最值问题，如抛物线与直线的
交点问题、动态几何中的面积最值等。
1．如图，二次函数y=x2+bx+c（b，c为常数）图象与x轴交于点A-1,0，B3,0，顶点为C，点D的
坐标为0,-1，连接BD，CD，BC．
(1)求二次函数表达式；
(2)如图1，求证： BDC是等腰直角三角形；
V
(3)如图2，M，N 分别是线段BC，CD上的动点，且BM +DN =CD，求BN+DM 的最小值．
学科网（北京）股份有限公司【答案】(1)y=x2-2x-3
(2)证明见解析
(3) 30
【分析】（1）利用待定系数法解答即可求解；
（2）求出点C坐标，再根据两点间距离公式求出BD、CD、BC的长度，进而根据勾股定理的逆定理及等
腰直角三角形的定义即可求证；
（3）如图，延长BD至B¢，使B¢D=BD，在CB上取CE=CD= 10，连接B¢C、B¢E、B¢N、EN，由线段垂
直平分线的性质得BN =B¢N，B¢C =BC =2 5，证明 V ECN≌ V BDMSAS得EN =DM ，即得
BN+DM =B¢N+EN ³B¢E，又由等腰三角形的性质可得ÐB¢CD=ÐBCD=45°，即得ÐB¢CB=90°，利用
勾股定理得B¢E= B¢C2+CE2 = 30，进而即可求解．
【详解】（1）解：把A-1,0，B3,0代入y=x2+bx+c得，
ì1-b+c=0
í ，
î9+3b+c=0
ìb=-2
解得í ，
îc=-3
∴二次函数表达式为y=x2-2x-3；
（2）解：∵y=x2-2x-3=x-12-4，
∴C1,-4，
∵B3,0，D0,-1，
∴BD= 3-02 +0-12 = 10，CD= 0-12 +-1+42 = 10，BC = 3-12 +0+42 =2 5，
∴BD=CD，
∵BD2+CD2 =BC2，
∴ÐBDC=90°，
∴ BDC是等腰直角三角形；
V
（3）解：如图，延长BD至B¢，使B¢D=BD，在CB上取CE=CD= 10，连接B¢C、B¢E、B¢N、EN，
学科网（北京）股份有限公司∵B¢D=BD，CD^BB¢，
∴CD是BB¢的垂直平分线，
∴BN =B¢N，B¢C =BC =2 5，
∵CE=CD，BD=CD，
∴CE=BD，
∵BM +DN =CD，CN+DN =CD，
∴CN =BM，
∵ BDC是等腰直角三角形，
V
∴ÐECN =ÐBDM =45°，
∴V ECN≌ V BDMSAS，
∴EN =DM ，
∴BN+DM =B¢N+EN ³B¢E，
∵B¢C =BC，CD^BB¢，
∴ÐB¢CD=ÐBCD=45°，
∴ÐB¢CB=90°，
即ÐB¢CE=90°，
2 2
∴B¢E= B¢C2+CE2 = 2 5 + 10 = 30，
∴BN+DM ³ 30，
∴BN+DM 的最小值为 30．
【点睛】本题考查了待定系数法求二次函数解析式，二次函数的几何应用，等腰直角三角形的判定和性质，
学科网（北京）股份有限公司勾股定理及其逆定理，全等三角形的判定和性质，线段垂直平分线的性质，三角形的三边关系，正确作出
辅助线是解题的关键．
2．如图，已知抛物线y=ax2+bxa¹0过点A7,-7，且它的对称轴为x=3．
(1)求此抛物线的解析式；
(2)若点P是抛物线对称轴上的一点，当 OAP的面积为21时，求点P的坐标；
V
(3)在（2）条件下，当点P在OA上方时，M是抛物线上的动点，求AM -PM 的最大值．
【答案】(1)y=-x2+6x
(2)P的坐标为3,3或3,-9
(3)2 29
【分析】此题考查了二次函数的图象和性质、面积问题和线段问题，数形结合是解题的关键．
（1）利用待定系数法解答即可；
（2）求出直线OA的函数解析式为y=-x，进一步得到点Q的坐标为3,-3．设点P的坐标为3,n，得
1
到S =S +S = PQ´7=21，即可求出答案；
△OAP △OQP △AQP 2
（3）连接AP并延长交抛物线于点M，则点M即为所求．AM -PM 的最大值为AP的长．过点A作抛物线
对称轴的垂线，垂足为N，进一步利用勾股定理进行解答即可．
【详解】（1）解：∵抛物线y=ax2+bxa¹0过点A7,-7，且它的对称轴为x=3
ì b
ï- =3,
∴í 2a
ï î49a+7b=-7.
ìa=-1,
解得í
îb=6.
学科网（北京）股份有限公司∴抛物线的解析式为y=-x2+6x；
（2）如图1，
设直线OA的函数解析式为y=mx，把点A7,-7代入，得-7=7m，解得m=-1．
∴直线OA的函数解析式为y=-x，
设OA和对称轴x=3的交点为点Q．
当x=3时y=-3，
∴点Q的坐标为3,-3．
∵点P在对称轴上，
∴设点P的坐标为3,n，
∴PQ= n+3 ，
1
∴S =S +S = PQ´7=21，
△OAP △OQP △AQP 2
7
即 n+3 =21，
2
解得n=3或n=-9．
∴点P的坐标为3,3或3,-9；
（3）如图2，连接AP并延长交抛物线于点M，则点M即为所求．AM -PM 的最大值为AP的长．
学科网（北京）股份有限公司过点A作抛物线对称轴的垂线，垂足为N，
∵A7,-7，P3,3，
∴PN =3--7=10，AN =7-3=4，
∴AP= AN2+PN2 = 42+102 =2 29．
即AM -PM 最大值为2 29．
3．如图，直线y=-x+3与x轴交于点A，与y轴交于点B，抛物线y=ax2+2x+c经过点A，B，与x轴的
另一个交点为点C，连接BC．
(1)求抛物线的解析式；
(2)如图①，M是抛物线的对称轴上一点，连接AM,BM ，
若ÐAMB=2ÐACB，求点M的坐标；
(3)如图②，P是直线AB上方抛物线上一动点，过点P作PQ
P
BC，交AB于点Q，求线段PQ的最大值及
此时点P的坐标．
学科网（北京）股份有限公司【答案】(1)抛物线的解析式为y=-x2+2x+3
(2)点M的坐标为1,1
9 10 æ3 15ö
(3)线段PQ的最大值为 ，点P的坐标为ç , ÷
16 è2 4 ø
【分析】（1）先求出A,B两点的坐标，利用待定系数法求解即可；
（2）如图，以M 为圆心，MA为半径作圆，当B点过
e
M 上时，则ÐAMB=2ÐACB，
得到MA=MB，求出抛物线的对称轴为x=1，设M1,m，建立方程求解即可；
（3）先求出点C的坐标，证明
V
AOB是等腰直角三角形，延长PQ交y轴于点F，过点P作y轴的平行线
5
交BC于点H，过点Q作QG^PH于点G，解直角三角形求出PQ= PH，当PH 求最大值时，则PQ取
4
得最大值，求出直线AB的解析式为y=-x+3，设P n,-n2+2n+3 ，则Hn,-n+3，求出
æ 3ö 2 9
PH =-çn- ÷ + ，利用二次函数的性质即可解答．
è 2ø 4
【详解】（1）解：将x=0代入y=-x+3，则y=3，
令y=-x+3=0，解得：x=3，
∴A3,0，B0,3，
把A、B的坐标代入y=ax2+2x+c得：
ì c=3 ìb=-1
í ，解得：í ，
î9a+2´3+c=0 î c=3
∴抛物线的解析式为：y=-x2+2x+3；
（2）解：如图，以M 为圆心，MA为半径作圆，
∵A,C两点关于抛物线对称轴对称，即抛物线对称轴垂直平分AC，
学科网（北京）股份有限公司∴MA=MC，
当B点过
e
M 上时，则ÐAMB=2ÐACB，
∴MA=MB，
2
∵抛物线的对称轴为x=- =1，A3,0，B0,3，
2´-1
设M1,m，
∴1-32+m2 =12+m-32，
解得：m=1，
∴点M的坐标为1,1；
（3）解：令y=-x2+2x+3=0，则-x2+2x+3=0，
解得：x =-1,x =3，
1 2
∴C-1,0，
∴OC =1，
∵A3,0，B0,3，
∴OB=OA=3，
∴ AOB是等腰直角三角形，即ÐABO=45°，
V
延长PQ交y轴于点F，过点P作y轴的平行线交AB于点H，过点Q作QG^PH于点G，
∵PQ
P
BC,PH
P
y轴，
∴ÐQPH =ÐBFP,ÐBFP=ÐFBC,ÐPHQ=ÐABO=45°，
∴ÐQPH =ÐFBC，
V
QHG是等腰直角三角形，
QG OC 1
∴tanÐQPH = =tanÐFBC = = ，QG=HG，
PG OB 3
学科网（北京）股份有限公司∴PG=3QG=3HG，
∴PH =PG+HG=4HG，
∴PQ= QG2+PG2 = 10QG= 10HG，
10
∴PQ= PH ，
4
当PH 求最大值时，则PQ取得最大值，
设直线AB的解析式为y=kx+3，
将A3,0代入y=kx+3，则3k+3=0，解得：k =-1，
∴直线AB的解析式为y=-x+3，
设P n,-n2+2n+3 ，则Hn,-n+3，
æ 3ö 2 9
∴PH =-n2+2n+3--n+3=-n2+3n=-çn- ÷ + ，
è 2ø 4
∵-1<0，
3 9
∴当n= 时，PH 有最大值 ，
2 4
9 10 9 10 9 3 15
此时，PQ= ´ = ，y =- +2´ +3= ，
4 4 16 P 4 2 4
9 10 æ3 15ö
∴线段PQ的最大值为 ，点P的坐标为ç , ÷．
16 è2 4 ø
【点睛】主要考查了用待定系数法二次函数的解析式和二次函数的图象性质，圆周角定理，解直角三角形，
勾股定理．要会利用数形结合的思想把代数和几何图形结合起来，利用点的坐标的意义表示线段的长度，
从而求出线段之间的关系．
4．如图1，抛物线y=-x2+2x+3与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，点P在x轴上方的抛物线上．
(1)求直线BC的解析式；
(2)求以A，B，P，C为顶点的四边形面积的最大值；
学科网（北京）股份有限公司PM 1
(3)如图2，若直线PA与直线BC相交于点M，且 = ，求点P的坐标．
AM 2
【答案】(1)y=-x+3
75
(2)
8
æ3- 17 17-1ö
(3) 1,4或2,3或ç , ÷
2 2
è ø
【分析】本题考查了二次函数综合、待定系数法求函数解析式、相似三角形的性质与判定，熟练掌握相关
知识点是解题的关键．
（1）先求出点A，B，C的坐标，设直线BC的解析式为y=kx+b，代入点B，C的坐标，利用待定系数法
即可求解；
（2）设P t,-t2+2t+3 ，分2种情况①点P在直线BC上方；②点P在直线BC下方，利用割补法表示出
以A，B，P，C为顶点的四边形面积，再利用二次函数的性质求出最大值，再比较2种情况的最大值的大
小即可得出答案；
（3）设P t,-t2+2t+3 ，分2种情况①点P在直线BC上方；②点P在直线BC下方，过点A、P分别作y
PE PM 1
轴的平行线，交直线BC于点D、E，得出Et,-t+3，AD=4，通过证明 PEM∽ ADM ，得到 = = ，
V V
AD AM 2
结合图形列出方程，解出t的值即可求出点P的坐标．
【详解】（1）解：令y=0，则-x2+2x+3=0，
解得：x =-1，x =3，
1 2
\A-1,0，B3,0，
令x=0，则y=-x2+2x+3=3，
\C0,3，
设直线BC的解析式为y=kx+b，
ì3k+b=0
代入B3,0和C0,3，得í ，
îb=3
ìk =-1
解得：í ，
îb=3
\直线BC的解析式为y=-x+3．
学科网（北京）股份有限公司（2）解：由（1）得，A-1,0，B3,0，C0,3，
\OA=1，OB=OC =3，
设P t,-t2+2t+3 ，
①若点P在直线BC上方，则0 ，
Q
8 8
75
\以A，B，P，C为顶点的四边形面积的最大值为 ．
8
（3）解：由（1）得，直线BC的解析式为y=-x+3，A-1,0，
设P t,-t2+2t+3 ，
①若点P在直线BC上方，则0
