理科综合答案公众号：一枚试卷君_05高考化学_高考模拟题_新高考_2023年安徽池州市普通高中高三教学质量统一监测（池州一诊）理综

2023年池州市普通高中高三教学质量统一监测 理科综合 化学试题评分参考 7．A 8．A 9．B 10．C 11．D 12．C 13．D 27.（14分）（1）三颈烧瓶（三口烧瓶）（2分） a（2分） （2）用冰盐水有利于产物的生成和析出。（用平衡原理和降温析出原理均给分）（2分） （3） （2分） （4）取最后一次洗涤液少许于洁净的试管中，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，如果没有出现浑浊则 证明已洗净。（2分） （5）用乙醇洗涤的主要目的是去除少量有机杂质和水，有助于加快干燥速度。（2分） （6）91.5%（2分） 28.（14分）（1）3d104s1 （1分） （2）抑制NH ·H O的电离促进生成Cu(NH ) 2+ （或与NH ·H O形成缓冲溶液防止pH太大，以 3 2 3 4 3 2 防H O 在强碱条件下的分解；合理答案均给分）（2分） 2 2 （3） ①Cu(NH ) 2+ + 2RH + 2H O = 2NH + + 2NH ·H O + CuR （2分，除了这个方程式外，下面 3 4 2 4 3 2 2 两个也可给分） [Cu(NH ) ]2+ + 2RH = CuR + 2NH + + 2NH Cu2+ + 2RH = CuR + 2H+ 3 4 2 4 3 2 ② badcfe（2分） ③ACD （2分，选2个给1分，有错不给分） 电解 （4）4CuSO + 6H O 4Cu+4H SO +3O ↑+2H ↑ （2分，分步书写不给分） 4 2 2 4 2 2 （5）蒸发浓缩，冷却结晶（1分）（蒸发结晶；浓缩结晶均给分） （6）RH及有机溶剂、NH Cl、NH ·H O （2分，写一个得1分，写2个及以上得2分，错写本 4 3 2 空不得分） 29.（15分）（1）三角锥形（2分） （2）N (g) + 3H (g) 2NH (g) ΔH= -92kJ/mol（2分） 2 2 3 （3）①>（1分） ②2（2分） 2（2分） ③除氧气，防生成的氨气被氧气氧化（合理答案也可给分）（2分） （4）4（2分） 12（2分） 化学 第1页30.（15分）（1）3（1分） （2）醚键（1分） 取代反应（1分） （3） （2分） （4）2-丁烯醛（2分） CH －CH＝CH－CHO＋2Ag(NH ) OH CH －CH＝CH－COONH ＋2Ag↓＋3NH ＋H O 3 3 2 3 4 3 2 （2分） （5）D（2分） （6）20（2分） 或 或 （2分） 化学 第2页2023年池州市普通高中高三教学质量统一监测 理科综合 生物试题评分参考 1.答案：A 解析：生物大分子通过胞吞进入细胞时，首先与膜上的蛋白质结合，从而引起这部分细胞 膜内陷形成小囊，包围着大分子；然后小囊从细胞膜上分离下来形成囊泡，进入细胞内部，A 项正确。 水分子可以通过自由扩散或协助扩散的方式进出细胞；当借助水通道蛋白以协助扩散的方 式进出细胞时，水分子不需要与水通道蛋白结合，B 项错误。 酵母菌无氧呼吸的终产物是酒精和 CO2，输出细胞的方式为自由扩撒，不消耗能量，但是 运输速率受温度影响，因为温度会影响膜的流动性，C 项错误。 借助载体蛋白的跨膜运输方式可能是协助扩散或主动运输，借助通道蛋白的跨膜运输方式 是协助扩散；协助扩散不消耗能量，主动运输需消耗能量，D 项错误。 2.答案：C 解析：若产生的每个精细胞均只含有14C和32P中的一种，说明减数第一次分裂前期这对同源染色 体的非姐妹染色单体之间未交换片段，故该精原细胞经减数分裂最终产生AB和ab两种类型的精细胞， A项正确。 若产生基因型为 AB、ab、Ab、aB 共 4 种基因型的精细胞，说明减数第一次分裂前期这对同源染 色体的非姐妹染色单体之间交换了相应的片段，其中Ab和aB的精细胞均同时含有14C和32P；此时减 数第一次分裂后期移向两极的基因组成为AABb和aaBb或者AaBB和Aabb，即均有3种基因，B项正 确，C项错误。 由于减数分裂时DNA只复制一次，且为半保留式复制，所以无论产生几种基因型的精细胞，每个 精细胞均具有放射性，D项正确。 3.答案：D 解析:患者由于血糖浓度高，血浆渗透压高，引起大脑皮层产生渴觉，导致多饮，A项正确。 糖尿病患者的血糖升高后，尿中葡萄糖含量也会升高，由于葡萄糖升高导致渗透压增加，经过肾 小球滤过作用，从而带走大量的水分，导致渗透性利尿，引起尿量增多，B项正确。 患者体内的糖分利用率下降，而过多消耗脂肪蛋白质，导致多食，体重下降，C项正确。 人体有多种调节血糖的激素，如胰高血糖素、肾上腺素、糖皮质激素、甲状腺激素直接或者间接 的升高血糖，降低血糖的激素只有胰岛素，D项错误。 4.答案：D 解析：分析题图，图示是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，表示转录，转录的场所主要是 细胞核，核糖体不参与转录，A项错误。 转录时mRNA延伸方向是5'→3'，则可推知β链的右侧是5'端，DNA的两条链反向平行，故α链 右端是3'端，B项错误。 LINC00624 的形成是通过转录完成的，转录过程需要 RNA 聚合酶的参与；RNA 聚合酶识别和结合 的位点是启动子，C项错误。 据图可知，LINC00624能与CHD1L基因的转录阻遏复合体结合，加速转录阻遏复合体的降解，消 除其对转录的抑制作用，加速CHD1L基因的转录，促进肝癌的进展，故LINC00624的过量表达会促进 肝癌的进展，D项正确。 生物 第1页5.答案:B 解析：草履虫可以用血细胞计数板计数法或稀释涂布平板法进行计数，A项正确。 光照强度为0lx时，根据曲线判断大草履虫种群的增长速率在第3天有下降的趋势，第5天种群 数量下降，所以前五天大草履虫种群的数量增长不是呈“J”型增长，B项错误。 在探究不同因素对大草履虫种群密度影响的实验时，无迁入迁出，所以5天以后大草履虫数量变 化的直接原因是出生率小于死亡率，C项正确。 光照强度为0lx时的草履虫的种群密度最大，D项正确。 6.答案：C 解析：构成膜囊的生物膜的基本支架是磷脂双分子层，其内部是磷脂分子的尾部，具有疏水性， 两侧是磷脂分子的头部，具有亲水性，A项正确。 该菌的遗传物质包裹于膜囊中，真核生物的遗传物质主要分布于细胞核中，少数分布于线粒体和 叶绿体，这些结构均具有膜结构，B项正确。 膜囊A含该菌的所有的DNA，是该菌的遗传信息库，又含有核糖体，故能完成基因表达全过程， C项错误。 从形态结构看，膜囊B类似于中央液泡；它的存在使细胞质紧贴细胞壁，有利于细胞与外界进行 物质交换，D项正确。 31.（12分） （1）①复合物A、复合物C（答AC也可）（答全得2分，否则不得分） ②作为还原剂参与C 还原、为C 还原提供能量（合理即可）（2分，每点1分） 3 3 A-P～P（1分） 顺（1分） （2）①6（1分） 类囊体薄膜、细胞质基质、线粒体基质（答全得2分，否则不得分） ②不正确（1分） NTUs本身不能进行光合作用的暗反应， 不能合成葡萄糖等有机物（2分） 解析： （1）①由图可知复合物A--D中，A和C能吸收光能，据此推测它们含有光合色素。 ②物质a为O，b为NADPH，c为ADP。光合作用过程中，NADPH作为活泼的还原剂，可参与暗反 2 应阶段的C 还原，同时也储存能量用于C 还原。ADP为腺苷二磷酸，类比ATP可知其结构简式为A-P～ 3 3 P。H+经复合物D跨膜运输是顺浓度梯度进行的，该过程可为ATP的合成提供能量。（2）①由图可知， O 产生于类囊体膜的内侧，所以 NTUs 产生的 O 被同一个软骨细胞呼吸利用需要穿过 1 层类囊体膜和 2 2 2 层线粒体膜，即 6 层磷脂分子层。植入了 NTUs 的软骨细胞中，能合成 ATP 和 NADPH 的场所为类囊 体薄膜，能合成ATP和NADH的场所有细胞质基质和线粒体基质。②NTUs的本质是类囊体，只能进行 光合作用的光反应，不能进行暗反应，不能合成葡萄糖等有机物。 32.（10分） Ⅰ、实验思路：让纯合的红眼和白眼的雌、雄果蝇进行正反交，得到F，观察并统计F 个体的表 1 1 型及比例。（2分） 预期结果及结论：若正反交结果只出现一种性状，则该性状为显性性状，且控制红眼和白眼的基 因是位于常染色体上；若正反交结果不同，则控制红眼和白眼的基因是位于X染色体上，且F 中雌性 1 个体表现出的性状为显性性状（合理即可）。（2分） Ⅱ、①基因突变（2分） ②2：0：0：1 （2分） ③4：1：1：4（2分） 解析： Ⅰ、由于题干要求设计一代杂交实验探究红眼和白眼的显隐性，并同时判断出控制红眼和白眼的 生物 第2页基因是位于常染色体上还是X染色体上（不考虑X、Y同源区段），可以利用正反交实验来探究。 实验思路：让纯合的红眼和白眼雌、雄果蝇进行正反交，得到F，观察并统计F 个体的表现型及 1 1 比例。 预期结果及结论：若控制果蝇眼色的基因（假设相关基因为A和a）是位于常染色体上，正反交 分别为♂AA×aa♀、♂aa×AA♀，其子一代基因型都为 Aa，只出现一种性状，该性状为显性性状；若 控制果蝇眼色的基因是位于 X 染色体上，正反交分别为 XAXA×XaY（后代雌雄全为显性性状）、XaXa× XAY（后代雌性全为显性性状，雄性全为隐性性状），则正反交结果不同，且 F 中雌性个体表现出的 1 性状为显性性状。 Ⅱ、用红眼雄果蝇（XRY）与白眼雌果蝇（XrXr）杂交得到 F，正常情况下，子代雌果蝇（XRXr） 1 均为红眼，雄果蝇（XrY）均为白眼，但在子代中发现一只例外白眼雌果蝇（记为W），依据题意白眼 果蝇产生的原因可能是基因突变、染色体缺失或染色体数目变异。 ①若是由于亲代雄配子基因突变所致，则W的基因型为XrXr，其与正常红眼雄果蝇（XRY）杂交， 子代雄果蝇全为白眼，雌果蝇全为红眼，且雌雄个体比为1：1。 ②若是由于亲代X染色体C区段缺失所致，则W的基因型为X-Xr，其与正常红眼雄果蝇（XRY）杂 交，由于XX-为可育雌果蝇，X-Y因缺少相应基因而死亡，则子代雄果蝇全为白眼，雌果蝇全为红眼， 雌雄个体比为2：1。 ③若是由于母本亲代性染色体数目变异所致，则W的基因型为XrXrY，能产生四种配子：XrXr、Y、 XrY、Xr，比例为1：1：2：2，W与正常红眼雄果蝇（XRY）杂交，由于XXX和YY不能发育，因此F 果 2 蝇中红眼雌性：白眼雌性：红眼雄性：白眼雄性=4：1：1：4。 33.（11分） (1) 直接价值，如：水产养殖（2分）；间接价值，如：为水禽提供栖息地，堤坝蓄水区可以防止洪 涝灾害、调节气候（2分）（符合题意即可） (2) 群落的范围和边界、群落有多少种群、哪些种群占优势、群落中各个种群之间的关系、群落中各 个种群的位置、群落的空间结构、群落的演替（任选两个即可，2分，每空1分） (3) 五点取样法（1分） 等距取样法（1分） 表格：（3分，5个物种、5个样方、平均值各1分） 物种 样方 菖蒲 水竹 芦苇 水葱 车前草 样方1 样方2 样方3 样方4 样方5 平均值 解析： （1）直接价值，如：水产养殖；间接价值，如：为水禽提供栖息地，堤坝蓄水区可以防止洪涝灾害、 调节气候。 生物 第3页（2）群落的研究可以分为群落的范围和边界、群落的演替、群落有多少种群、哪些种群占优势、群 落各个种群之间的关系、群落中各个种群的位置、群落的空间结构、群落的演替等。 （3）五点取样法、等距取样法可以做到随机取样，因为样方大小为1m2，所以表格中某种群的每个样 方的种群数量的平均值即为种群密度。 34.（9分） （1）琼脂块可以固定NAA作用的位置，且可以持续释放NAA（答出1点即得2分） (2) 抑制（2分） 促进（2分） (3) 设置若干个NAA浓度梯度和对照组，在远轴端处理48h，比较各浓度梯度实验组和对照组的叶柄 脱落率（3分） 解析： (1) 琼脂块可以固定NAA作用的位置，克服了以往实验中NAA无法定位的问题，这样既可使NAA处理 的部位固定，且可以持续释放NAA。 (2) 根据表格数据分析，和对照组比较NAA处理叶柄的远轴端，抑制脱落；NAA处理叶柄的近轴端， 促进脱落。 (3) 根据表格数据可知，NAA处理远轴端，抑制叶柄外植体脱落，设置若干个NAA浓度梯度和对照组， 在远轴端处理48h，比较各浓度梯度实验组和对照组的叶柄脱落率。 35.（12分，除标注外每空1分） Ⅰ、载体（2分） 受体细胞（2分） Ⅱ、（1）血清（血浆) 胰蛋白酶（或胶原蛋白酶) （2）B淋巴细胞（浆细胞） 骨髓瘤 克隆化培养 （单一）抗体 （3）特异性强，灵敏度高（并可大量制备）（2分） 解析： Ⅰ、在基因工程中使用的载体除质粒外，还有病毒，题中以 Bac-to-Bac杆状病毒为载体，以昆 虫细胞为受体细胞表达RBD蛋白。 Ⅱ、（1）Vero细胞的培养，通常还需在培养基中加入动物血清等天然成分。根据酶的专一性可 知，在传代培养过程中可利用胰蛋白酶或胶原蛋白酶进行处理，使细胞分散开。 （2）若采用细胞工程技术生产新型冠状病毒的单克隆抗体，则需要从已痊愈的志愿者体内获得一定 量的B淋巴细胞或浆细胞，并将其与小鼠的骨髓瘤细胞进行融合，进而获得杂交瘤细胞。融合 后的细胞经过筛选后还需要进行克隆化培养处理，并通过单一抗体检测才能获得所需的杂交瘤 细胞。 （3）杂交瘤细胞产生的单克隆抗体具有的优点是特异性强，灵敏度高，并可大量制备。 生物 第4页2023年池州市普通高中高三教学质量统一监测 理科综合 物理试题评分参考 14．B 15．D 16．D 17．D 18．BC 19．ACD 20．BD 21．BC 解析 14．射线穿透性弱，可以穿透薄纸，但不能穿透回形针，故显现出回形针的投影。、 射线 同时穿透纸和回形针，故显不出投影。X光是电磁波。 PV 15．由 不变可知，状态C的温度最低，A错误。同理可知ab过程中温度先上升后下降，故平 T 均动能选变大后变小，B错误。由△U＝W＋Q知bc过程中，W＞0，△U＜0， 故Q＜0，即放热，故C错误。从a状态历经循环后又回到a，W＝－3×105J，△U＝0， 由△U＝W＋Q知Q＝＋3×105J即吸热3×105J，故D正确。 16．梦天实验舱由轨道1向轨道2变轨，在B点需加速，故A、B错 误。梦天实验舱由轨道2向轨道3变轨，在A点需加速，故C错 误。若错过最佳时机，由周期性可知，当下一次OA与OC成恰 当角度时，为下一次最佳时机，此时变轨可以再次进行对接。 D正确。 17．当观察者在A 位置时，太阳刚好“落山”，当观察者在A 位置时，刚好最后看到太阳。设OA 1 2 1 sin() 与OA 夹角为，则有 n，由几何关系易知30代入上式得15。故观察 2 sin 15 者从A 到A 所花时间为 24h1h，选D. 1 2 360 18．如图1，电缆线正上方的点，磁场方向始终平行于地面，但太小不一定为0，故A错误。试探 线圈平行地面，故在电缆正上方时，磁通量始终为0，感应电动势为0，故a，b在电缆线的正 3 上方。故B正确。在C点，试探线圈与磁场平行时，感应电动势为0，由图1知tan 。 4 （图1） （图2） 物理 第1页（共4页）19．由题意知，此运动在竖直上抛运动。又y—t图在t＝1s时，斜率大小为6m/s， V 则有V V gt ，v 1m/s，则V 16m/s；V抛出时，由几何关系tan x 0 ， y y 0 y y 0 V y 0 V 解得V 12m/s，V  y 0 20m/s，故A正确。 x 0 0 cos 1 y 从 A→B，有 x V t y V t  gt2 ，tan AB 得 t＝5s， x 60m， AB x 0 AB AB y 0 AB 2 AB x AB AB y 45m，AB距离为 x2  y2 75m，故B错误，C正确。 AB AB AB 1 1 从A→B由机械能守恒： mV2  mV2 mgy ，得V  1300m/s ≈36m/s，D正确。 2 B 2 0 AB B 20．返回过程，由于弹簧释放出弹性势能，不能简单进行受力分析，A错误； 下滑过程，由于摩擦生热，根据系统的能量守恒，B正确； 下滑过程能量守恒，(M m)g(ls)sinmg(ls)k(M m)g(ls)Ep，C错误； 返回过程能量守恒，Epmg(ls)mg(ls)sinkmg(ls)，D正确。 V 1 21．剪短细线后，ab和cd组成的系统动量守恒，m V m V ，得 1  ，A错误； ab 1 cd 2 V 2 2 Bl(V V ) 由ab速度最大时的受力分析，F2mgsinBIl，I  1 2 ，B正确； 3R 由动量定理，FtI (2mgsin)t 2mV 和I 2Blq，C正确； 安 1 安 返回过程中，小车不是匀变速直线运动，D错误。 22．（每空2分） 2(4L  2D) （1） （2）2 （3）9.79m/s2 T2 23．（每空2分） （1）R （2）b （3）1.20 （4）1.54 13.5 （5）1500 2 （1）滑动变阻器应方便调节，故选R ； 2 （3）由于R1分压，滑动变阻器电压是电压表的2倍，故为1.20V； ER 1 2 2r 1 （4）由闭合电路欧姆定律可得2U  ，变形为    ，结合图像可得E 1.51V ， Rr U E E R r 13.5； E 3 E （5）欧姆调零时，I  ，电压表介入后 Ig  可得R 1500。 g R 5 R R    V 1 1 1 24．解：（1）A、B碰撞过程中，2mv 2mv mv ， 2mv2  2mv2  mv2（1分） 0 1 2 2 0 2 1 2 2 1 4 解得：碰后A、B的速度为v  v （1分）,v  v （1分） 1 3 0 2 3 0 ， v v e 2 1 1（1分） ∴ v 0 物理 第2页（共4页）v v （2）e0.5，2mv 2mvmv （1分），e 2 1 （1分） 0 1 2 v 0 v 解得：v  0 （1分） v  v （1分） 1 2 2 0 1 1 1 1 E  2mv2  2mv2  mv2（1分），解得E  mv2 （1分） 2 0 2 1 2 2 4 0 25、解：（1）到达O点时竖直方向的速度大小为 (cid:1874) =(cid:3495)(√2(cid:1874) )(cid:2870)−(cid:1874)(cid:2870) =(cid:1874) （1分） ① (cid:3052) (cid:2868) (cid:2868) (cid:2868) 小球在区域Ⅱ里运动时 ma=mg+qE（1分） ② a=2g （1分） ③ (cid:1874) =(cid:1853)(cid:1872) （1分） ④ (cid:3052) ∴ 小球在区域Ⅱ中运动的时间 t= (cid:3049)(cid:3116) （2分） ⑤ (cid:2870)(cid:2917) （2）小球经过O点时速度与水平方向的夹角tan(cid:2016) = (cid:3049)(cid:3282) （1分）， θ=45o（1分）， (cid:3049)(cid:3116) 进入区域Ⅳ后，做匀速圆周运动，从O到C的转过的角度为2θ t= 2θ T （1分） ⑥ (cid:2871)(cid:2874)(cid:2868)(cid:3173) T= (cid:2870)π(cid:2923) （1分） ⑦ (cid:2927)B 由②⑤⑥⑦得 B= πE （2分） (cid:3049)(cid:3116) 26、解：（1）m1、m2刚放上长木块时： (cid:1865) (cid:1853) =(cid:1865) (cid:1859)(cid:1871)(cid:1861)(cid:1866)(cid:2016)+(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)（1分） (cid:2869) (cid:2869) (cid:2869) (cid:2869) (cid:2869) (cid:1865) (cid:1853) =(cid:1865) (cid:1859)(cid:1871)(cid:1861)(cid:1866)(cid:2016)+(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)（1分） (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) 解得 a =12m/s2（1分）， a =8m/s2（1分） 方向均沿斜面向下（1分）. 1 2 （2）最初m 相对木板发生相对的滑动过程，设木板的加速度为 1 Ma=(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)+(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)+μ(M+m +m )g−Mgsinθ（1分） (cid:2869) (cid:2869) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2869) (cid:2870) 解得 a=6m/s2 （1分） 方向沿斜向上． m 与木板速度相等时，有 1 v=(cid:1853) (cid:1872) =(cid:1874) −(cid:1853)(cid:1872) (cid:2869) (cid:2869) (cid:2868) (cid:2869) 解得 v=12m/s (cid:1872) =1s （1分） (cid:2869) (cid:1872) 后，m 与木板将相对静止，它们的合力 (cid:2869) 1 F =（M+(cid:1865) ）gsinθ−μ(M+m +m )g−(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016) =0（1分） 合 (cid:2869) (cid:2869) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) 所以m 与木板将匀速 1 物理 第3页（共4页）设再经(cid:1872) 时间，m 与(cid:1865) 距离达到最大值(cid:1871) (cid:2870) 1 (cid:2870) (cid:3040)(cid:3028)(cid:3051) v=(cid:1853) ((cid:1872) +(cid:1872) ) (cid:2870) (cid:2869) (cid:2870) 解得 (cid:1872) =0.5s （1分） (cid:2870) (cid:1871) =( (cid:3049) (cid:1872) +(cid:1874)(cid:1872) )− (cid:3049) ((cid:1872) +(cid:1872) ) （1分） (cid:3040)(cid:3028)(cid:3051) (cid:2869) (cid:2870) (cid:2869) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) 解得(cid:1871) =3(cid:1865)（1分） (cid:3040)(cid:3028)(cid:3051) 从放上物块开始经过时间(cid:1872) =1s m 小物块与长木板速度第一次相等，两物块在第一次碰撞前物 (cid:2869) (cid:2869) 块间的最大距离为(cid:1871) =3(cid:1865) (cid:3040)(cid:3028)(cid:3051) （3）未放物块时 M(cid:1853) =Mgsinθ−μMgcosθ（1分） (cid:2868) (cid:1853) =2(cid:1865)/(cid:1871)(cid:2870) (cid:2868) t = (cid:2932)(cid:3116) =9s（1分） (cid:2868) (cid:2911)(cid:3116) m 相对木板向下滑动的过程中 2 (cid:1865) (cid:1853) ′=(cid:1865) (cid:1859)(cid:1871)(cid:1861)(cid:1866)(cid:2016)−(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)（1分） (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2870) 对此时m 与木板整体分析得 1 Ma′=（M+(cid:1865) ）gsinθ+(cid:2020) (cid:1865) (cid:1859)(cid:1855)(cid:1867)(cid:1871)(cid:2016)−μ(M+(cid:1865) +(cid:1865) )g (cid:2869) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2869) (cid:2870) (cid:1853) ′=4(cid:1865)/(cid:1871)(cid:2870)（1分） (cid:2870) a′= (cid:2872) (cid:1865)/(cid:1871)(cid:2870)（1分） (cid:2871) vt + (cid:2869) a ′t(cid:2870)−(vt + (cid:2869) a′t(cid:2870))=(cid:1871) （1分） (cid:2871) (cid:2870) (cid:2870) (cid:2871) (cid:2871) (cid:2870) (cid:2871) (cid:3040)(cid:3028)(cid:3051) 解得(cid:1872) =1.5(cid:1871)（1分） (cid:2871) 从木板开始运动到两物块在长木板上第一次相遇所用时间为 t=t +(cid:1872) + (cid:1872) +(cid:1872) =12(cid:1871)（1分） (cid:2868) (cid:2869) (cid:2870) (cid:2871) 物理 第4页（共4页）