2019年高考数学试卷（文）（新课标Ⅲ）（解析卷）_历年高考真题合集_数学历年高考真题_新·PDF版2008-2025·高考数学真题_数学（按省份分类）2008-2025_2008-2025·（四川）数学高考真题

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2019年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标Ⅲ）
答案解析版
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分,在每小题给的四个选项中，
只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合A =-1,0,1,2，B =  x x2 £1  ，则AÇB=（ ）
A. -1,0,1 B. 0,1 C. -1,1 D. 0,1,2
【答案】A
【解析】
【分析】
先求出集合B再求出交集.
【详解】由题意得，B=  x -1£ x£1  ，则AÇB=-1,0,1 ．故选A．
【点睛】本题考查了集合交集的求法，是基础题.
2.若z(1+i) = 2i，则z = （ ）
A. -1-i B. -1+i C. 1-i D. 1+i
【答案】D
【解析】
【分析】
根据复数运算法则求解即可.
2i 2i(1-i)
【详解】z= = =1+i．故选D．
1+i (1+i)(1-i)
【点睛】本题考查复数的商的运算，渗透了数学运算素养．采取运算法则法，利用方程思
想解题．
3.两位男同学和两位女同学随机排成一列，则两位女同学相邻的概率是（ ）
1 1 1 1
A. B. C. D.
6 4 3 2
【答案】D
第1页 | 共19页【解析】
【分析】
男女生人数相同可利用整体发分析出两位女生相邻的概率，进而得解.
【详解】两位男同学和两位女同学排成一列，因为男生和女生人数相等，两位女生相邻与
1
不相邻的排法种数相同，所以两位女生相邻与不相邻的概率均是 ．故选D．
2
【点睛】本题考查常见背景中的古典概型，渗透了数学建模和数学运算素养．采取等同法
，利用等价转化的思想解题．
4.《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝，并称为中国古
典小说四大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况，随机调查了100学生，其中
阅读过《西游记》或《红楼梦》的学生共有90位，阅读过《红楼梦》的学生共有80位，阅
读过《西游记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60位，则该校阅读过《西游记》的学生人
数与该校学生总数比值的估计值为（ ）
A. 0.5 B. 0.6 C. 0.7 D. 0.8
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题先求出阅读过西游记的人数，进而得解.
【详解】由题意得，阅读过《西游记》的学生人数为90-
80+60=70，则其与该校学生人数之比为70÷100=0．7．故选C．
【点睛】本题考查抽样数据的统计，渗透了数据处理和数学运算素养．采取去重法，利用
转化与化归思想解题．
5.函数 f (x) = 2sinx-sin2x 在
0,2p
的零点个数为（ ）
A. 2 B. 3 C. 4 D. 5
【答案】B
【解析】
【分析】
令 f(x)=0，得sinx=0或cosx=1，再根据x的取值范围可求得零点.
第2页 | 共19页【详解】由 f (x) = 2sin x-sin2x = 2sin x-2sin xcosx = 2sin x(1-cosx) = 0，得
sinx=0或cosx=1，Q
xÎ0,2p
，x=0、p或2p． f (x)在
0,2p
的零点个数
是3．．故选B．
【点睛】本题考查在一定范围内的函数的零点个数，渗透了直观想象和数学运算素养．采
取特殊值法，利用数形结合和方程思想解题．
6.已知各项均为正数的等比数列 a 的前4项和为15，且a =3a +4a，则a =（ ）
n 5 3 1 3
A. 16 B. 8 C. 4 D. 2
【答案】C
【解析】
【分析】
利用方程思想列出关于a ,q的方程组，求出a ,q，再利用通项公式即可求得a 的值．
1 1 3
ìa +a q+a q2 +a q3 =15,
【详解】设正数的等比数列{a }的公比为 q ，则í 1 1 1 1 ，
n
î
a q4 =3a q2 +4a
1 1 1
ìa =1,
解得í 1 ，a =aq2 =4，故选C．
îq =2 3 1
n
【点睛】应用等比数列前 项和公式解题时，要注意公比是否等于1，防止出错．
7.已知曲线y=aex+xlnx在点 1,ae 处的切线方程为y = 2x+b，则（ ）
A. a =e,b=-1 B. a =e,b =1 C. a=e-1,b=1 D.
a=e-1,b=-1
【答案】D
【解析】
【分析】
通过求导数，确定得到切线斜率的表达式，求得，将点的坐标代入直线方程，求得b．
【详解】详解：y/ =aex+lnx+1,
第3页 | 共19页k = y/ | =ae+1=2
x=1
a=e-1
将(1,1)代入y = 2x+b得2+b =1,b = -1，故选D．
【点睛】准确求导数是进一步计算的基础，本题易因为导数的运算法则掌握不熟，二导致
计算错误．求导要“慢”，计算要准，是解答此类问题的基本要求．
8.如图，点N 为正方形ABCD的中心，DECD为正三角形，平面ECD^平面ABCD,M
是线段ED的中点，则（ ）
A. BM =EN，且直线BM,EN 是相交直线
B. BM ¹EN，且直线BM,EN 是相交直线
C. BM =EN，且直线BM,EN 是异面直线
D. BM ¹EN，且直线BM,EN 是异面直线
【答案】B
【解析】
【分析】
利用垂直关系，再结合勾股定理进而解决问题．
【详解】∵ DBDE，N 为BD中点M为DE中点， BM，EN 共面相交，选项C，D
为错．作EO^CD于O ，连接ON ，过M作MF ^OD于F ．
连BF ， 平面CDE^平面ABCD．
Q
EO ^ CD,EO Ì 平面CDE，EO ^平面ABCD，MF^平面ABCE，
DMFB与DEON均为直角三角形．
设正方形边长为2，易知EO= 3, 0N=1 EN=2，
第4页 | 共19页3 9 5 3 24
MF = , BF = 22 + =  BM = + = 7 ．
2 4 2 4 4
BM ¹ EN ，故选B．
【点睛】本题为立体几何中等问题，考查垂直关系，线面、线线位置关系.
e s
9.执行如图所示的程序框图，如果输入的 为0.01，则输出 的值等于（ ）
1 1 1 1
A. 2 - B. 2 - C. 2 - D. 2 -
24 25 26 27
【答案】D
【解析】
【分析】
根据程序框图，结合循环关系进行运算，可得结果.
1
【详解】x =1. S = 0, S =0+1, x = <0.01?不成立
2
第5页 | 共19页1 1
S = 0+1+ , x = < 0.01?不成立
2 4
M
1 1 1
S = 0+1+ + + , x = = 0.0078125< 0.01?成立

2 26 128
1
1-
1 1 27  1 
输出S =1+ ++ = =2  1- ，故选D．
2 26 1  27 
1-
2
【点睛】循环运算，何时满足精确度成为关键，加大了运算量，输出前项数需准确，此为
易错点．
x2 y2
10.已知F 是双曲线C: - =1的一个焦点，点P 在C 上，O 为坐标原点，若
4 5
OP=OF ，则 OPF 的面积为（ ）
V
3 5 7 9
A. B. C. D.
2 2 2 2
【答案】B
【解析】
【分析】
设Px ,y  ，因为 OP=OF 再结合双曲线方程可解出 y ，再利用三角形面积公式可
0 0 0
求出结果.
x 2 y 2
【详解】设点Px ,y  ，则 0 - 0 =1①．又 OP = OF = 4+5 =3，
0 0
4 5
25 5
x 2+y 2 =9②．由①②得y 2 = ，即 y = ，
0 0 0 9 0 3
1 1 5 5
S
DOPF
=
2
OF

y
0
=
2
3
3
=
2
．故选B．
【点睛】本题考查以双曲线为载体的三角形面积的求法，渗透了直观想象、逻辑推理和数
学运算素养．采取公式法，利用数形结合、转化与化归和方程思想解题．
ìx+ y…6
11.记不等式组í 表示的平面区域为D，命题 p:$(x, y)Î D,2x+ y… 9；命题
î2x- y³0
q:"(x,y)ÎD,2x+ y„ 12.给出了四个命题：① pÚq ；② ØpÚq ；③ pÙØq ；④
第6页 | 共19页ØpÙØq
，这四个命题中，所有真命题的编号是（ ）
A. ①③ B. ①② C. ②③ D. ③④
【答案】A
【解析】
【分析】
根据题意可画出平面区域再结合命题可判断出真命题.
ìy =2x ìx=2
【详解】如图，平面区域D为阴影部分，由í ,得í ,即A（2，4），直线
îx+ y =6 îy=4
2x+ y = 9与直线2x+ y =12均过区域D，则p真q假，有 Øp假 Øq真，所以①③真②④假
．故选A．
【点睛】本题考点为线性规划和命题的真假，侧重不等式的判断，有一定难度．不能准确
画出平面区域导致不等式误判，根据直线的斜率和截距判断直线的位置，通过直线方程的
联立求出它们的交点，可采用特殊值判断命题的真假．
12.设 f x 是定义域为R 的偶函数，且在 0,+¥ 单调递减，则（ ）
 1  - 3   - 2 
A. f  log  > f 2 2  > f 2 3 
 5 4    
 1  - 2   - 3 
B. f  log  > f 2 3  > f 2 2 
 8 4    
第7页 | 共19页 - 3   - 2   1
C. f 2 2  > f 2 3  > f  log 
     5 4
 - 2   - 3   1
D. f 2 3  > f 2 2  > f  log 
     5 4
【答案】C
【解析】
【分析】
 1  - 3   - 2 
由已知函数为偶函数，把 f log , f 2 2 , f 2 3 ，转化为同一个单调区间上，再
 3 4    
比较大小．
 1
【详解】Q f x 是R的偶函数，f  log  = f log 4 ．
 3 4 3
log 4>1=20 >2 - 3 2 ，又 f x 在(0，+∞)单调递减， f log 3 4< f  2 - 2 3  < f  2 - 3 2  
3    
，
 - 3   - 2   1
 f 2 2 > f 2 3 > f  log ，故选C．
     3 4
【点睛】本题主要考查函数的奇偶性、单调性，考查学生转化与化归及分析问题解决问题
的能力．
二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
r r r r
13.已知向量a=(2,2),b=(-8,6)，则cos<a,b>=___________.
2
【答案】-
10
【解析】
【分析】
根据向量夹角公式可求出结果.
r r
r r a b
2-8+26
2

cos<a,b>= = =-
【详解】详解： r r ．
a b 22 +22  (-8)2 +62 10

第8页 | 共19页【点睛】本题考点为平面向量的夹角，为基础题目，难度偏易．不能正确使用平面向量坐
标的运算致误，平面向量的夹角公式是破解问题的关键．
14.记S 为等差数列 a 的前 n 项和，若a =5,a =13，则S = ___________.
n n 3 7 10
【答案】100
【解析】
【分析】
根据题意可求出首项和公差，进而求得结果.
ìa = a +2d =5 ìa =1
【详解】详解： í 3 1 ,得í 1 ,
î a = a +6d =13 îd =2
7 1
109 109
S =10a + d =101+ 2 =100.
10 1 2 2
【点睛】本题考点为等差数列的求和，为基础题目，难度不大．不能构造等数列首项和公
差的方程组致使求解不通，应设出等差数列的公差，为列方程组创造条件，从而求解数列
的和．
x2 y2
15.设F，F
为椭圆C: + =1的两个焦点，M为C 上一点且在第一象限.若
1 2
36 20
△MF F 为等腰三角形，则M的坐标为___________.
1 2
 
【答案】 3, 15
【解析】
【分析】
根据椭圆的定义分别求出 MF 、MF ，设出M的坐标，结合三角形面积可求出M的坐标.
1 2
【详解】由已知可得a2 =36,b2 =36,c2 =a2-b2 =16,c=4，
MF = FF =2c=8．
1 1 2
Q
MF + MF =2a=12, MF =4．
1 2 2
1
设点M的坐标为 x , y x >0, y >0 ，则S = × FF ×y = 4y ，
0 0 0 0 △MF 1 F 2 2 1 2 0 0
第9页 | 共19页1
又S = 4 82 -22 = 4 15 ,4y = 4 15 ，解得 y = 15 ，
△MF 1 F 2 2 0 0
 2
x2 15 ，解得x =3（x =-3舍去），
 0 + =1 0 0
36 20
 
\ M 的坐标为 3, 15 ．
【点睛】本题考查椭圆标准方程及其简单性质，考查数形结合思想、转化与化归的能力，
很好的落实了直观想象、逻辑推理等数学素养．
16.学生到工厂劳动实践，利用3D 打印技术制作模型.如图，该模型为长方体
ABCD-ABCD挖去四棱锥O-EFGH 后所得的几何体，其中O 为长方体的中心，
1 1 1 1
E,F,G,H 分别为所在棱的中点，AB=BC=6cm, AA=4cm，3D 打印所用原料密
1
度为0.9g/cm3
，不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为___________
g
.
【答案】118．8
【解析】
【分析】
根据题意可知模型的体积为四棱锥体积与四棱锥体积之差进而求得模型的体积，再求出模
型的质量.
【详解】由题意得，四棱锥O-
1
EFGH的底面积为46-4 23=12cm2，其高为点O到底面BBCC的距离为3cm，
2 1 1
1
则此四棱锥的体积为V = 123=12cm2．又长方体ABCD-ABCD的体积为
1 3 1 1 1 1
V =466=144cm2 ，所以该模型体积为V =V -V =144-12=132cm2 ，其质量为
2 2 1
0.9132 =118.8g ．
【点睛】此题牵涉到的是3D打印新时代背景下的几何体质量，忽略问题易致误，理解题中
第10页 | 共19页信息联系几何体的体积和质量关系，从而利用公式求解．
三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题
为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作
答.
（一）必考题：
17.为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度，进行如下试验：将200只小鼠随机分成
A,B两组，每组100只，其中 A组小鼠给服甲离子溶液，B 组小鼠给服乙离子溶液.每只
小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小
鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图：
记C 为事件：“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5
”，根据直方图得到PC
的估计
值为0.70.
（1）求乙离子残留百分比直方图中a,b 的值；
（2）分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值（同一组中的数据用该组区间的中点值为代
表）.
【答案】(1) a =0.35，b=0.10；(2) 4.05，6.
【解析】
【分析】
(1)由P(C)=0.70可解得和b的值；(2)根据公式求平均数.
【详解】(1)由题得a+0.20+0.15=0.70，解得a =0.35，由
0.05+b+0.15 =1- P(C) =1-0.70，解得b=0.10.
(2)由甲离子的直方图可得，甲离子残留百分比的平均值为
0.152+0.203+0.304+0.205+0.106+0.057=4.05，
乙离子残留百分比的平均值为
第11页 | 共19页0.053+0.104+0.155+0.356+0.207+0.158=6
【点睛】本题考查频率分布直方图和平均数，属于基础题.
A+C
18.DABC的内角A,B,C 的对边分别为a,b,c，已知asin =bsin A．
2
（1）求B ；
（2）若DABC为锐角三角形，且c=1，求DABC面积的取值范围．
p 3 3
【答案】(1) B = ;(2)( , ).
3 8 2
【解析】
【分析】
(1)利用正弦定理化简题中等式，得到关于B的三角方程，最后根据A,B,C均为三角形内角解
p 1 12
得B = .(2)根据三角形面积公式S = ac×sin B，又根据正弦定理和 得到S
3 VABC 2 25 VABC
p
关于C 的函数，由于VABC是锐角三角形，所以利用三个内角都小于 来计算C 的定义
2
域，最后求解S (C)的值域.
VABC
A+C A+C
【详解】(1)根据题意asin =bsin A由正弦定理得sin Asin = sin Bsin A，
2 2
A+C
因为0< A<p，故sinA>0，消去sinA得sin = sin B。
2
A+C A+C A+C
0 < B ，0 < <p因为故 = B或者 + B =p，而根据题意
2 2 2
A+C A+C
A+B+C=p，故 + B =p不成立，所以 = B，又因为A+B+C=p，代入
2 2
p
得3B=p，所以B = .
3
p p p
(2)因为VABC是锐角三角形，又由前问B = ， < A,C < ，A+B+C=p得到
3 6 2
2 p p a c 12
A+C = p，故 < C < 又应用正弦定理 = ， ，由三角形面积公式有
3 6 2 sinA sinC 25
2p
sin( -C)
1 1 a 1 sinA 3 3
S = ac×sinB= c2 ×sinB= c2 ×sinB= ×
VABC 2 2 c 2 sinC 4 sinC
2p 2p
sin cosC-cos sinC
3 3 3 3 2p 2p 3 3 .又因
= × = ×(sin cotC-cos )= cotC+
4 sinC 4 3 3 8 8
第12页 | 共19页p p 3 3 p 3 3 p 3 3 3 3
< C < ,故 = cot + <S < cot + = ，故 <S < .
6 2 8 8 2 8 VABC 8 6 8 2 8 VABC 2
3 3
故S 的取值范围是( , )
VABC
8 2
【点睛】这道题考查了三角函数的基础知识，和正弦定理或者余弦定理的使用（此题也可
以用余弦定理求解），最后考查VABC是锐角三角形这个条件的利用。考查的很全面，是
一道很好的考题.
19.图1是由矩形ADEB,RtDABC和菱形BFGC组成的一个平面图形，其中
AB =1,BE = BF = 2， ÐFBC = 60o，将其沿AB,BC 折起使得BE与BF 重合，连结
DG，如图2.
（1）证明图2中的A,C,G,D四点共面，且平面ABC^平面BCGE；
（2）求图2中的四边形ACGD的面积.
【答案】(1)见详解；(2)4.
【解析】
【分析】
(1)因为折纸和粘合不改变矩形ABED，Rt ABC和菱形BFGC内部的夹角，所以
V
AD//BE，BF //CG依然成立，又因E 和F 粘在一起，所以得证.因为AB是平面
BCGE垂线，所以易证.(2)
欲求四边形ACGD的面积，需求出CG 所对应的高，然后乘以CG 即可。
【详解】(1)证：
Q
AD//BE，BF //CG，又因为E 和F 粘在一起.
 AD//CG，A，C，G，D四点共面.
又 Q AB ^ BE,AB ^ BC .
AB ^平面BCGE， AB Ì平面ABC， 平面ABC^ 平面BCGE，得证.
Q
(2)取CG 的中点M，连结EM ,DM .因为AB//DE，AB^平面BCGE，所以DE^平
第13页 | 共19页面BCGE，故DE ^CG，
由已知，四边形BCGE是菱形，且ÐEBC = 60o得EM ^CG，故CG^平面DEM。
因此DM ^CG。
在Rt△DEM 中，DE=1，EM= 3，故DM =2。
所以四边形ACGD的面积为4.
【点睛】很新颖的立体几何考题。首先是多面体粘合问题，考查考生在粘合过程中哪些量
是不变的。再者粘合后的多面体不是直棱柱，建系的向量解法在本题中略显麻烦，突出考
查几何方法。最后将求四边形ACGD的面积考查考生的空间想象能力.
20.已知函数
f(x)=2x3-ax2+2.
（1）讨论 f(x)的单调性；
（2）当0<a<3时，记 f(x)在区间0,1的最大值为M，最小值为 m ，求M -m的取值
范围.
8
【答案】(1)见详解；(2) [ ,2).
27
【解析】
【分析】
(1)先求 f(x)的导数，再根据的范围分情况讨论函数单调性；(2)
讨论的范围，利用函数单调性进行最大值和最小值的判断，最终求得M -m的取值范围.
a
【详解】(1)对 f(x)=2x3-ax2+2求导得 f '(x) = 6x2 -2ax = 6x(x- ).所以有
3
a a
当a<0时，(-¥, )区间上单调递增，( ,0)区间上单调递减，(0,+¥)区间上单调递增；
3 3
当a=0时，(-¥,+¥)区间上单调递增；
a a
当a >0时，(-¥,0)区间上单调递增，(0, )区间上单调递减，( ,+¥)区间上单调递增.
3 3
(2)
a a
若0<a£2， f(x)在区间(0, )单调递减，在区间( ,1)单调递增，所以区间[0,1]上最小
3 3
a
值为 f ( ).而 f (0) = 2, f (1) = 2-a + 2 ³ f (0)，故所以区间[0,1]上最大值为 f(1).
3
a a a a3
所以M -m= f(1)- f( )=(4-a)-[2( )3-a( )2+2]= -a+2，设函数
3 3 3 27
第14页 | 共19页x3 x2
g(x)= -x+2，求导g'(x)= -1当0<x£2时g'(x)<0从而g(x) 单调递减.而
27 9
8 a3 8
0<a£2，所以 £ -a+2<2.即M -m的取值范围是[ ,2).
27 27 27
a a
若2<a<3， f(x)在区间(0, )单调递减，在区间( ,1)单调递增，所以区间[0,1]上最小
3 3
a
值为 f ( )而 f (0) = 2, f (1) = 2-a + 2 £ f (0)，故所以区间[0,1]上最大值为 f (0).
3
a a a a3
所以M -m= f(0)- f( )=2-[2( )3-a( )2+2]= ，而2<a<3，所以
3 3 3 27
8 a3 8
< <1.即M -m的取值范围是( ,1).
27 27 27
8
综上得M -m的取值范围是[ ,2).
27
【点睛】(1)这是一道常规的函数导数不等式和综合题，题目难度比往年降低了不少.考查的
函数单调性，最大值最小值这种基本概念的计算.思考量不大，由计算量补充.
x2 1
21.已知曲线C:y= ,D，为直线y=- 上的动点，过D作C 的两条切线，切点分别
2 2
为A,B.
（1）证明：直线AB过定点：
 5
（2）若以E  0, 为圆心的圆与直线AB相切，且切点为线段AB的中点，求该圆的方
 2
程.
5 5
【答案】(1)见详解；(2) x2 +(y- )2 =4或x2 +(y- )2 =2.
2 2
【解析】
【分析】
1
（1）可设A(x,y)，B(x ,y )，D(t,- )然后求出A，B两点处的切线方程，比如AD
1 1 2 2 2
1
：y + = x (x -t)，又因为BD也有类似的形式，从而求出带参数直线AB方程，最后
1 2 1 1
求出它所过的定点.
（2）由(1)得带参数的直线AB方程和抛物线方程联立，再通过M为线段AB的中点，
第15页 | 共19页uuuuuv
u E u M uuv ^ u A u B uv 得出t的值，从而求出M坐标和 EM 的值，最后求出圆的方程.
1 1 1
【详解】(1)证明：设D(t,- ), A(x,y) ,则 y = x 2。又因为 y = x2，所以y'= x.则
2 1 1 1 2 1 2
1
切线DA的斜率为x ，故y + = x (x -t)，整理得2tx -2y +1=0 .设B(x ,y )，同
1 1 2 1 1 1 1 2 2
理得2tx -2y +1=0 . A(x,y) , B(x ,y )都满足直线方程2tx-2y+1= 0.于是直线
1 1 1 1 2 2
2tx-2y+1= 0过点A,B，而两个不同的点确定一条直线，所以直线AB方程为
2tx-2y+1= 0.即2tx+(-2y+1)= 0，当2t = 0,-2y+1= 0时等式恒成立。所以直线
1
AB恒过定点(0, ).
2
(2)由(1)得直线AB方程为2tx-2y+1= 0，和抛物线方程联立得：
ì2tx-2y+1=0
ï
í 1 化简得x2 -2tx-1= 0.于是x +x =2t ,y +y =t(x +x )+1=2t2+1
y = x2 1 2 1 2 1 2
ï
î 2
1
设M为线段AB的中点，则M(t,t2 + )
2
uuuuv
由于 u E u M uuv ^ u A u B uv ，而EM =(t,t2-2), u A u B uv 与向量(1,t)平行，所以t+t(t2-2)=0，
解得t = 0或t=±1.
uuuuv uuuuuv 5
当t = 0时，EM=(0,-2)， EM =2所求圆的方程为x2 +(y- )2 =4;
2
uuuuv uuuuv uuuuuv
当t=±1时，EM =(1,-1)或EM =(-1,-1)， EM = 2所求圆的方程为
5
x2 +(y- )2 =2.
2
5 5
所以圆的方程为x2 +(y- )2 =4或x2 +(y- )2 =2.
2 2
【点睛】此题第一问是圆锥曲线中的定点问题和第二问是求面积类型，属于常规题型，按
部就班的求解就可以.思路较为清晰，但计算量不小.
（二）选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做，则按
所做的第一题计分
选修4-4：坐标系与参数方程
p 3p
22.如图，在极坐标系Ox 中，A(2,0)，B( 2, )，C( 2, )，D(2,p)，弧AB ，
4 4
第16页 | 共19页p
BC，CD 所在圆的圆心分别是(1,0) ，(1, )，(1,p)，曲线M 是弧AB ，曲线M 是
2 1 2
弧BC，曲线M 是弧CD .
3
（1）分别写出M ，M ，M 的极坐标方程；
1 2 3
（2）曲线M由M ，M ，M 构成，若点P 在M上，且|OP|= 3，求P 的极坐标.
1 2 3
p p 3p 3p
【答案】(1) r= 2cosq(qÎ[0, ]),r= 2sinq(qÎ[ , ]),r= -2cosq(qÎ[ ,p]),
4 4 4 4
p p 2p 5p
(2) ( 3, ),( 3, ),( 3, ),( 3, ).
6 3 3 6
【解析】
【分析】
(1)将三个过原点的圆方程列出，注意题中要求的是弧，所以要注意的方程中q的取值范围.
(2)根据条件r= 3逐个方程代入求解，最后解出P 点的极坐标.
【详解】(1)由题意得，这三个圆的直径都是2，并且都过原点.
p
M :r= 2cosq(qÎ[0, ])，
1 4
p p 3p
M :r= 2cos(q- )= 2sinq(qÎ[ , ]),
2 2 4 4
3p
M :r= 2cos(q-p) = -2cosq(qÎ[ ,p]).
3 4
p p p
(2)解方程2cosq= 3(qÎ[0, ])得q= ，此时P的极坐标为( 3, )
4 6 6
p 3p p 2p p
解方程2sinq= 3(qÎ[ , ])得q= 或q= ，此时P的极坐标为( 3, )或
4 4 3 3 3
2p
( 3, )
3
3p 5p 5p
解方程-2cosq= 3(qÎ[ ,p])得q= ，此时P的极坐标为( 3, )
4 6 6
p p 2p 5p
故P的极坐标为( 3, ),( 3, ),( 3, ),( 3, ).
6 3 3 6
【点睛】此题考查了极坐标中过极点的圆的方程，思考量不高，运算量不大，属于中档题.
第17页 | 共19页选修4-5：不等式选讲
23.设x,y,zÎR ，且x+ y+ z =1.
（1）求(x-1)2+(y+1)2+(z+1)2
的最小值；
1
（2）若(x-2)2 +(y-1)2 +(z-a)2 ³ 成立，证明：a≤-3或a³-1.
3
4
【答案】(1) ；(2)见详解
3
【解析】
【分析】
4
(1)根据条件x+ y+ z =1，和柯西不等式得到(x-1)2 +(y+1)2 +(z+1)2 ³ ，再讨论
3
x,y,z x,y,z
是否可以达到等号成立的条件.(2)恒成立问题，柯西不等式等号成立时构造的
代入原不等式，便可得到参数的取值范围.
【详解】(1)
[(x-1)2+(y+1)2+(z+1)2](12+12+12)³[(x-1)+(y+1)+(z+1)]2 =(x+y+z+1)2 =4
4
故(x-1)2 +(y+1)2 +(z+1)2 ³ 等号成立当且仅当x -1= y +1= z +1而又因
3
ì 5
x=
ï
3
ï
ï 1
x+ y+ z =1，解得íy =- 时等号成立
3
ï
ï 1
z =-
ï
î 3
4
所以(x-1)2+(y+1)2+(z+1)2
的最小值为 .
3
(2)
1
因为(x-2)2 +(y-1)2 +(z-a)2 ³ ，所以[(x-2)2+(y-1)2+(z-a)2](12+12+12)³1.
3
ì a+2
x =2-
ï
3
ï
ï a+2
根据柯西不等式等号成立条件，当x-2 = y-1= z-a，即íy =1- 时有
3
ï
ï a+2
z =a-
ï
î 3
[(x-2)2+(y-1)2+(z-a)2](12+12+12)=(x-2+y-1+z-a)2 =(a+2)2
成立.
第18页 | 共19页所以(a+2)2 ³1成立，所以有a≤-3或a³-1.
另解：用反证法.
若a≤-3或a³-1不成立，那么1<a<3成立，则(a+2)2 <1而
[(x-2)2+(y-1)2+(z-a)2](12+12+12)=(x-2+y-1+z-a)2
左面等号成立当且仅当
a+2
x-2 = y-1= z-a，又因为x+ y+ z =1所以x-2= y-1= z-a = - .故此时
3
[(x-2)2+(y-1)2+(z-a)2](12+12+12)=(x-2+y-1+z-a)2 =(a+2)2 <1,即
1
(x-2)2 +(y-1)2 +(z-a)2 < ，与原命题矛盾放
3
【点睛】两个问都是考查柯西不等式，属于柯西不等式的常见题型.
第19页 | 共19页