文档内容
专题 14 基因的自由组合定律
考点一、自由组合定律的发现
【要点速记】
1．两对相对性状的杂交实验——发现问题
（1）实验过程：
（2）结果及结论分析：
①F 全为黄色圆粒，说明黄色和圆粒为显性性状。
1
②F 中圆粒∶皱粒＝3∶1，F 中黄色∶绿色＝3∶1，说明种子粒形和粒色的遗传遵循基因
2 2
分离定律。
③F 中出现两种亲本类型（黄色圆粒、绿色皱粒），出现两种新类型（绿色圆粒、黄色皱
2
粒），说明不同性状之间进行了自由组合。
（3）问题提出。
①F 中为什么出现新性状组合？
2
②为什么不同类型性状比为9∶3∶3∶1？
2．对自由组合现象的解释——作出假说
（1）理论解释。
①两对相对性状分别由_____________控制。
②F 产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以_____________。
1
③F 产生的雌配子和雄配子各有4种。
1
④受精时，雌雄配子的结合是_________的。（2）遗传图解：
①棋盘式：
②基因型和表现型梳理：
F 共有9种基因型，4种表现型
2
3．对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说
（1）演绎推理图解：（2）实施实验结果及结论：
表现型
黄色圆粒 黄色皱粒 绿色圆粒 绿色皱粒
项目
实际子粒数 F 作_______ 31 27 26 26
1
F 作_______ 24 22 25 26
1
不同性状的数量比 ________________________________
实验结果与演绎结果相符，则假说成立。
【重难点突破】
1．基因自由组合定律的细胞学基础
2．两对杂合基因位置与遗传分析
（1）位于两对同源染色体和一对同源染色体的杂交实验结果比较。（2）两对基因一对杂合一对隐性纯合位于两对同源染色体和一对同源染色体的杂交实验结
果比较：
3．自由组合定律实质与各种比例的关系考点二、 自由组合定律及其应用
【要点速记】
1．自由组合定律：
（1）发生时间：_______________________________。
（2）研究对象：_______________________________。
（3）实质：
（4）适用范围：
（5）应用：
①指导杂交育种，把优良性状结合在一起。
②为遗传病的预测和诊断提供理论依据。
2．孟德尔获得成功的原因3．孟德尔遗传规律的再发现
（1）1909年，丹麦生物学家___________把“遗传因子”叫作基因。
（2）因为孟德尔的杰出贡献，他被世人公认为___________________。
【重难点突破】
1．根据亲本基因型推断配子及子代相关种类及比例
（1）棋盘法。
（2）分支法。
思路：将多对等位基因的自由组合分解为每对基因按分离定律分析，再运用乘法原理进行
组合。例：
（3）基因自由组合定律计算汇总
题型分类 解题规律 示例
配 子 类 型
种 （配子种类 2n（n为等位基因对数） AaBbCCDd产生配子种类数为23＝8
类 数）
问
题 配子间结合 配子间结合方式种类数等于配子种类数的 AABbCc×aaBbCC，配子间结合方式
方式 乘积 种类数＝4×2＝8子代基因型 双亲杂交（已知双亲基因型），子代基因
AaBbCc×Aabbcc，基因型为3×2×2＝
（ 或 表 现 型（或表现型）种类等于各性状按分离定
12种，表现型为2×2×2＝8种
型）种类 律所求基因型（或表现型）种类的乘积
基因型（或
按分离定律求出相应基因型（或表现型） AABbDd×aaBbdd，F 中 AaBbDd 所
表现型）的 1
概 的比例，然后利用乘法原理进行组合 占比例为1×1/2×1/2＝1/4
比例
率
问 纯合子或杂 按分离定律求出每对基因纯合子的概率，
题 合子出现的 然后利用乘法原理求出纯合子出现的比 AABbDd×AaBBdd，F 1 中，AABBdd
所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8
比例 例，杂合子概率＝1-纯合子概率
2．根据子代表现型及比例推断亲本基因型
（1）基因填充法：
根据亲代表现型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表现型将所缺处填
完整，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因
型中一定存在a、b等隐性基因。
（2）分解组合法：
根据子代表现型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组
合。
①9∶3∶3∶1→（3∶1）（3∶1）→（Aa×Aa）（Bb×Bb） →AaBb×AaBb；
②1∶1∶1∶1→（1∶1）（1∶1）→（Aa×aa）（Bb×bb） →AaBb×aabb或Aabb×aaBb；
③ 3∶3∶1∶1→（3∶1）（1∶1）→（Aa×Aa）（Bb×bb）或（Aa×aa）（Bb×Bb）
→AaBb×Aabb 或AaBb×aaBb。
3．自交与自由交配下的推断与相关计算
纯合黄色圆粒豌豆（YYRR）和纯合绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交后得子一代，子一代再自交
得子二代，若子二代中黄色圆粒豌豆个体和绿色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由
交配，所得子代的表现型及比例分别如下表所示：
项目 表现型及比例
自交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1
Y_R_（黄圆） 测交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1
自由交配 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶1
自交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1
yyR_（绿圆） 测交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1
自由交配 绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1
4．自由组合定律的验证
验证方法 结论
F 自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1（或其变式），则符合基因的自由组合定律，由位于两
自交法 1
对同源染色体上的两对等位基因控制
F 测交后代的性状比例为1∶1∶1∶1（或其变式），则符合基因的自由组合定律，由位于两对
测交法 1
同源染色体上的两对等位基因控制花粉鉴定法 若有四种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律
取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有四种表现型，比例为1∶1∶1∶1，则
单倍体育种法
符合自由组合定律
要点速记答案
考点一、1．绿色圆粒 绿色皱粒 9：3：3：1 2．（1）两对遗传因子 自由组
合 随机 （2）YyRr Y_R_＋yyrr 3．（1）YR Yr yR yr
YyRr Yyrr 黄色皱粒 绿色皱粒 1：1：1：1 （2）母本 父本 1：
1：1：1
考点二、1．（1）减数第一次分裂后期 （2）位于非同源染色体上的非等位基因
（3）非等位基因 减数第一次分裂后期 非等位基因 （4）真核生物 细胞核
遗传 2．豌豆 统计学 假说－演绎 3．约翰逊 遗传学之父专题 14 基因的自由组合定律（基础）
一、单选题
1．自由组合定律中的“自由组合”是指（ ）
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合 B．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
C．两亲本间的组合 D．决定不同性状的遗传因子的组合
【答案】D
【解析】基因自由组合定律的实质是在减I分裂后期，等位基因分离的同时，非等位基因
随着非同源染色体的自由组合而自由组合。由此可见，自由组合的是决定不同性状的非等
位基因，故答案选D。
2．对孟德尔选用豌豆做实验材料并获得成功的原因，下列解释中不正确的是（ ）
A．豌豆具有稳定的、容易区分的相对性状 B．豌豆是严格的闭花传粉植物
C．豌豆在杂交时，母本不需去雄 D．用数学统计的方法对实验结果进行分
析
【答案】C
【解析】豌豆适于作为遗传学实验的原因之一是豌豆具有稳定的、容易区分的相对性状，
A正确；豌豆适于作为遗传学实验的原因之一是豌豆是严格的自花、闭花传粉植物，自然
状态下易获取纯合子，B正确；利用豌豆进行杂交实验时，需要对母本进行去雄处理，否
则会发生自花传粉，C错误；孟德尔遗传实验获得成功的原因之一是用数学统计的方法对
实验结果进行分析，D正确。
3．黄色圆粒豌豆（YYRR）与绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交，如果F 有512株，从理论上推出
2
其中黄色皱粒的纯种应约有（ ）
A．128株 B．48株 C．32株 D．64株
【答案】C
【解析】黄色圆粒豌豆（YYRR）与绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交，F 黄色圆粒豌豆（YyRr），
1
F 中黄色圆粒占9/16，黄色皱粒占3/16（黄色皱粒纯种占1/16），绿色圆粒占3/16，绿色
2皱粒占1/16，所以，512×1/16＝32，C正确。
4．孟德尔两对相对性状的杂交实验中，用纯合的黄色圆粒和绿色皱粒做亲本进行杂交，F1
全部为黄色圆粒。F 自交获得F ，在F 中让黄色圆粒的植株自交，统计黄色圆粒植株后代
1 2 2
的性状分离比，理论值为（ ）
A．15:9:5:3 B．25:5:5:1 C．4:2:2:1 D．64:8:8:1
【答案】B
【解析】F 中黄色圆粒包括1/9YYRR、2/9YYRr、2/9YyRR、4/9YyRr，自交后代中黄色圆粒占
2
比为（1/9）+（2/9）×（3/4）+（2/9）×（3/4）+（4/9）×（9/16）＝25/36，其余3种表
现型可同理算出，分别为5/36、5/36、1/36。
5．孟德尔在研究两对相对性状的杂交实验时，针对发现的问题提出的假设是（ ）
A．F 表现显性性状，F 自交产生四种表现型不同的后代，比例为9：3：3：1
1 1
B．F 形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合
1
C．F 产生数目、种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相等
1
D．F 测交将产生四种表现型不同的后代，比例为1：1：1：1
1
【答案】B
【解析】F 表现显性性状，F 自交产生四种表现型不同的后代，比例为9：3：3：1，是孟
1 1
德尔在研究两对相对性状的杂交实验中发现的问题，A错误；在两对相对性状的杂交实验
中，孟德尔作出的解释是：F 形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可
1
以自由组合；F 产生四种比例相等的配子（雌雄配子数目不相等），且雌雄配子结合机会
1
相同，B正确、C错误；F 测交将产生四种表现型不同的后代，比例为1：1：1：1，是孟德
1
尔对两对相对性状的杂交实验现象解释的验证，D错误。
6．人体耳垂离生（A）对连生（a）为显性，眼睛棕色（B）对蓝色（b）为显性，两对基
因自由组合。一个棕眼离生耳垂的男人与一个蓝眼离生耳垂的女人婚配，生了一个蓝眼耳
垂连生的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的几率分别是
（ ）
A．1/4，1/8 B．1/8，1/8 C．3/8，1/8 D．3/8，1/2
【答案】C
【解析】根据分析：父母的基因型为BbAa和bbAa，所以他们再生育，未来子女为蓝眼离
生耳垂的几率是1/2×3/4＝3/8；未来子女为蓝眼连生耳垂的几率是 1/2×1/4＝1/8。
7．基因的自由组合定律发生于如图中哪个过程（ ）A．① B．①② C．①②③ D．①②③④
【答案】A
【解析】根据题意：基因的自由组合定律发生在形成配子的时候；图中①②③④分别表示
减数分裂、配子间的随机组合、组合后形成9种基因型、4种表现型及比例；只有①减数
分裂是形成配子的时期。
8．如果已知子代基因型及比例为1YYRR：1YYrr：1YyRR：1Yyrr：2YYRr：2YyRr，并且也知
道上述结果是按自由组合定律产生的，那么亲本的基因型是（ ）
A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRr C．YyRr×YyRr D．YyRR×YyRr
【答案】B
【解析】已知两对基因符合基因的自由组合定律，故可以把两对基因分开考虑，再进行组
合，根据后代中YY:Yy＝1:1可知，亲本对应的基因型组合为YY×Yy，根据后代中RR:Rr:rr＝
1:2:1可知，后代中对应的基因型组合为Rr×Rr，故亲本的基因型为YYRr×YyRr。综上所述，
ACD不符合题意，B符合题意。
9．水稻高杆（H）对矮杆（h）为显性，抗病（E）对感病（e）为显性，两对性状独立遗
传．若让基因型为HhEe的水稻与“某水稻”杂交，子代高杆抗病：矮杆抗病：高杆感病：
矮杆感病＝3：3：1：1，则“某水稻”的基因型为（ ）
A．HhEe B．hhEe C．hhEE D．hhee
【答案】B
【解析】高杆和矮秆这一对相对性状，子代中高杆：矮秆＝1：1，说明亲本为测交类型子，
即亲本的基因型均为Hh×hh；抗病与感病这一对相对性状，子代中抗病：感病＝3：1，说
明亲本均为杂合子，即亲本的基因型均为Ee，综合以上可知，亲本水稻的基因型是
HhEe×hhEe，故B正确。
10．用具有两对相对性状的纯种豌豆做遗传实验,得到的F 的部分基因型结果如下表（两对
2
基因独立遗传）。下列叙述不正确的是（ ）
配子 YR Yr yR yrYR 1 2 YyRr
Yr 3
yR 4
yr yyrr
A．表中Y、y、R、r基因属于真核生物细胞核基因
B．表中基因（即遗传因子）Y、y、R、r的载体有染色体、叶绿体、线粒体
C．1、2、3、4代表的基因型在F 中出现的概率大小为3>2＝4>1
2
D．F 中出现的表现型不同于亲本的重组类型的比例是6/16或10/16
2
【答案】B
【解析】已知两对基因独立遗传，说明两对等位基因位于两对同源染色体上，因此表中
Y、y、R、r基因属于真核生物细胞核基因，A正确；表中的基因都是核基因而非叶绿体和
线粒体中的基因，所以其载体只能是染色体，B错误；根据以上分析可知，1的概率1/16，
2的概率是1/8，3的概率是1/4，4的概率是1/8，所以1、2、3、4代表的基因型在F 中出
2
现的概率大小为3＞2＝4＞1，C正确；如果亲本基因型是YYRR×yyrr，表中出现的表现型不
同于亲本的重组类型的比例是6/16；如果亲本基因型是yyRR×YYrr，表中出现的表现型不同
于亲本的重组类型的比例10/16，D正确。
11．某生物黑色素的产生需要如下图所示的三对独立遗传的基因控制，三对基因均表现为
完全显性。由图可知下列说法正确的是（ ）
A．基因与性状是一一对应的关系，一个基因控制一个性状
B．基因可通过控制蛋白质的结构来直接控制生物的性状
C．若某生物的基因型为AaBbCc，该生物可以合成黑色素
D．若某生物的基因型为AaBbCc，该生物自交产生的子代中合成物质乙的占3/16
【答案】D
【解析】基因与性状的关系并不都是简单的线性关系，图中显示三对等位基因决定一种性
状，A错误；图中表明基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状，B错误；若某生物的基因型为AaBbCc，该生物不能合成黑色素，只有无色物质，C错误；三
对等位基因符合自由组合定律，若某生物的基因型为AaBbCc，该生物自交，利用分离定律
解决自由组合定律的方法，产生的子代中合成物质乙的基因型为aaB_，比例为1/4×3/4×1
＝3/16，D正确。
12．牵牛花自交的子一代表现型及比例是高茎红花：高茎白花：矮茎红花：矮茎白花＝
7:3:1:1，高茎和矮茎分别由基因A、a控制，红花和白花由基因B、b控制。下列叙述正确
的是（ ）
A．两对等位基因的遗传不遵循基因自由组合定律
B．亲本产生基因型为aB的雌雄配子均不育
C．F 高茎红花中基因型为AaBb的植株占4/7
1
D．F 中高茎红花与矮茎白花测交后代可能无矮茎红花
1
【答案】D
【解析】根据F 的表现型及比例可知，两对等位基因的遗传符合自由组合定律，出现上述
1
比例的原因最可能是亲本中aB的雌配子或雄配子不育，AB错误；F 高茎红花的基因型有
1
1AABB、2AABb、1AaBB、3AaBb，其中基因型为AaBb的植株占3/7，C错误；若F 中高茎
1
红花植株（AaBb）aB花粉不育，则该高茎红花与矮茎白花测交后代不会出现矮茎红花，D
正确。
13．如图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的
性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列叙述正确的是（ ）
A．可以分别选甲、乙、丙、丁为材料来演绎分离定律的杂交实验
B．甲、乙图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔的自由组合定律的实质
C．丁个体DdYyrr测交子代一定会出现比例为1:1:1:1的四种表现型
D．用丙自交，其子代的表现型比例为3:1:3:1
【答案】A
【解析】基因分离定律研究的是一对等位基因在遗传过程中的传递规律，因此可用可以分
别选甲、乙、丙、丁为材料来演绎分离定律的杂交实验，A正确；甲基因型为Yyrr、乙基
因型为YYRr，都只有一对基因是杂合子，只能揭示基因的分离定律的实质，B错误；丁个体DdYyrr测交，由于有两对基因连锁，所以相当于1对杂合子测交，子代会出现2种表现
型，比例为1：1，C错误；丙的基因型为ddYyRr，相当于两对基因杂合，且杂合的两对基
因位于两对非同源染色体上，遵循基因自由组合定律，所以丙自交，其子代的表现型比例
为9：3：3：1，D错误。
14．甲、乙两位同学分别用小球做孟德尔定律模拟实验。甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中
随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从Ⅲ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并
记录字母组合。下列叙述正确的是（ ）
A．甲、乙将抓取的小球分别放回原来小桶后再多次重复才科学准确
B．实验中每只小桶分别代表相应的雌、雄生殖器官
C．乙同学模拟的是等位基因的分离和配子的随机结合
D．甲同学模拟的是非同源染色体上非等位基因的自由组合
【答案】A
【解析】甲、乙将抓取的小球分别放回原来小桶后才能保证每个小桶内不同配子的比例相
等，再多次重复实验才能避免实验的偶然性，保证实验结果接近于真实值，A正确；实验
过程中，甲同学的两只小桶分别表示雌、雄生殖器官，而乙同学的两只小桶代表的是雌性
或雄性生殖器官，B错误；甲同学模拟的是等位基因的分离和配子的随机结合，乙同学模
拟的是是非同源染色体上非等位基因的自由组合，CD错误。
15．下列有关基因的分离定律和自由组合定律的说法正确的是（ ）
A．一对相对性状的遗传一定遵循基因的分离定律而不遵循自由组合定律
B．等位基因的分离发生在配子产生过程中，非等位基因的自由组合发生在配子随机结合过
程中
C．多对等位基因遗传时，等位基因先分离，非等位基因自由组合后进行
D．若符合自由组合定律，双杂合子自交后代不一定出现9∶3∶3∶1的性状分离比
【答案】D
【解析】如果一对相对性状由多对独立遗传的等位基因控制，则其遗传遵循自由组合定律，
A错误；等位基因的分离和非等位基因的自由组合均发生在配子产生过程中，二者是同时进行的，B、C错误；如果双杂合子的两对等位基因之间存在互作关系，则双杂合子自交后
代可能不符合9∶3∶3∶1的性状分离比，D正确。
16．果蝇的体色和翅型分别由一对等位基因控制。已知黑身残翅果蝇与灰身长翅果蝇交配，
F 为黑身长翅和灰身长翅，比例为1:1。当F 的黑身长翅果蝇自由交配时，其后代表现型及
1 1
比例为黑身长翅：黑身残翅：灰身长翅：灰身残翅＝6：2：3：1。下列分析错误的是（
）
A．果蝇的两对相对性状，显性分别是黑身和长翅
B．F 的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死基因型有3种
1
C．F 的黑身长翅果蝇自由交配产生的后代中致死个体占1/3
1
D．F 中黑身残翅果蝇个体测交，后代表现型比例为1：1
1
【答案】C
【解析】因为F 中黑身长翅和灰身长翅比例为1∶1，所以长翅为显性性状。又因为 中黑
1
身个体自交后发生了性状分离，因此黑身是显性性状，A正确；由题干可知，亲本黑身残
翅和灰身长翅的基因型分别为Aabb、aaBB，得到的F 的黑身长翅基因型为AaBb，灰身长
1
翅的基因型为aaBb，又因为A基因纯合致死，所以黑身长翅果蝇可产生AABB、AABb、
AAbb三种致死基因型的后代，B正确；F 中黑身个体都是杂合体，基因型为Aa，彼此交配
1
后有1/4的概率产生致死个体，C错误；D、因为黑身基因A纯合致死，是显性基因，残翅
是隐性基因，所以黑身残翅果蝇基因型为Aabb，能产生Ab和ab两种配子，所以测交后代
表现型比例为1∶1，D正确。
17．小鼠毛皮中黑色素的形成是一个连锁反应，当R、C基因（两对等位基因位于两对同源
染色体上）同时存在时，才能产生黑色素，如图所示。现有基因型为CCRR和ccrr的两小鼠
进行交配得到F ，F 雌雄个体交配，则F 的表现型及比例为（ ）
1 1 2
A．黑色∶白色＝3∶1
B．黑色∶棕色∶白色＝1∶2 ∶1
C．黑色∶棕色∶白色＝9∶3∶4D．黑色∶棕色∶白色＝9∶6∶1
【答案】C
【解析】根据题干信息分析，基因型为CCRR和ccrr的两小鼠进行杂交得到F ，F 的基因型
1 1
为CcRr，F 雌雄个体交配，则F 的表现型及比例为黑色（1CCRR、2CcRR、2CCRr、
1 2
4CcRr）：棕色（1CCrr、2Ccrr）：白色（1ccRR、2ccRr、1ccrr）＝9：3：4，故选C。
18．灰兔和白兔杂交，F 全是灰兔，F 雌雄个体相互交配，F 中有灰兔、黑兔和白兔，比
1 1 2
例为9∶3∶4，则（ ）
A．家兔的毛色受一对等位基因控制
B．F 灰兔中能稳定遗传的个体占1/16
2
C．F 灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
2
D．F 中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/3
2
【答案】D
【解析】9∶3∶4实质上是9∶3∶3∶1的变式，所以家兔毛色受两对独立遗传的等位基因
控制，A错误；F 灰兔有4种基因型（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb），其中能
2
稳定遗传的个体占1/9，B错误；F 灰兔基因型有（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、
2
4/9AaBb）4种，可产生的AB配子占1/9+2/9×1/2+2/9×1/2+4/9×1/4＝4/9，同理可算出Ab
和aB配子各占2/9；ab配子占1/9，所以F 灰兔产生配子及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝
2
4∶2∶2∶1，C错误；F 中黑兔（2/3Aabb、1/3AAbb）产生两种配子，Ab∶ab＝2∶1，白
2
兔（1/4aaBB、2/4aaBb、1/4aabb）产生两种配子，aB∶ab＝1∶1，则后代白兔的几率是
1/3，D正确。
19．某自花传粉的植物花瓣中红色是经过多步化学反应生成的，其中所有的中间产物都是
白色，三个开白花的纯种品系（白 1、白 2 和白 3），相互杂交后，所得后代中花色的比
例如下表：
杂交组 杂交 F F
1 2
一 白1×白2 全部红色 9红：7白
二 白2×白3 全部红色 9红：7白
三 白1×白3 全部红色 9红：7白
下列描述正确的是（ ）
A．表中数据说明，该植物花的颜色至少由三对等位基因所决定
B．F 植株中，有些产生两种配子，有些产生四种配子
1C．由杂交组一得到的 F 代和纯白 3 植株杂交，所得后代都是白色
1
D．如果将杂交组合一和杂交组合三中所得到的 F 代进行杂交，3/4的后代将开白花
1
【答案】A
【解析】根据上述分析可知，该植物花的颜色至少由三对等位基因所决定，A正确；本实
验的三组杂交组合，F 代均为9红：7白，可以推知F 代应有两对基因为杂合，一对基因为
2 1
显性纯合，所以F 植株中产生的配子都应为四种，B错误；由杂交组一得到的F 代和纯白
1 1
3植株杂交，由于F 代的基因型中有两对基因是杂合，一对基因为显性纯合，纯白3植株
1
的基因型中有两对基因为显性纯合，一对基因为隐性纯合，这对纯合的隐性基因正好与F
1
代一对基因为显性纯合的为一种基因，这样二者杂交形成的后代具有三种显性基因，所得
后代都是红色，C错误；将杂交组合一和杂交组合三中所得到的F 代进行杂交，两者基因
1
型中只有一对均为杂合，另外两对中各有一对杂合和一对显性纯合，所以二者杂交的后代
红色：白色═3：1，D错误。
20．某单子叶植物的非糯性（A）对性（a）为显性，抗病（T）对染病（t）为显性，花粉
粒长形（D）对圆形（d）为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉
遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd、
②AAttDD、③AAttdd、④aattdd，则下列说法正确的是（ ）
A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和③杂交所得F1的花粉
B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉
C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④亲本杂交
D．将②和④杂交后所得的F 的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色
1
【答案】C
【解析】由于单子叶植物的非糯性（A）对糯性（a）为显性，所以若采用花粉鉴定法验证
基因的分离定律，可以选择亲本①和④杂交或②和④杂交所得的子代的花粉，不可选用①
和③杂交所得子代的花粉，A错误；用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲
本②和④杂交，依据花粉的形状和花粉的糯性与非糯性两对相对性状可以验证，不可选用
①和②的杂交组合，B错误；培育糯性抗病优良品种，选用①和④亲本杂交较为合理，C正
确；选择②和④为亲本进行杂交得AattDd，将杂交所得的F 的花粉涂在载玻片上，加碘液
1
染色，显微镜下观察，蓝色花粉粒A：棕色花粉粒a＝1：1，D错误。
21．控制南瓜重量的基因有Aa、Bb、Ee三对基因，分别位于三对染色体上，且每种显性基
因控制的重量程度相同。aabbee重量是100g，基因型为AaBbee的南瓜重130克。今有基因型AaBbEe和AaBBEe的亲代杂交，则有关其子代的叙述不正确的是（ ）
A．基因型有18种 B．表现型有6种
C．果实最轻约115克 D．果实最重的个体出现的几率是1/8
【答案】D
【解析】基因型AaBbEe和AaBBEe的亲代杂交，考虑Aa×Aa，子代基因型有3种，考虑
Bb×BB，子代基因型有2种，考虑Ee×Ee，子代基因型有3种，故子代基因型共有18种，A
正确；由于每种显性基因控制的重量程度相同，故子代重量与显性基因的数目有关，子代
最多含有显性基因6个，至少含有显性基因1个，因此表现型有6种，B正确；子代至少含
有显性基因1个，则子代最轻者为100+15＝115g，C正确；最重者的基因型为AABBEE，这
种基因型出现的概率为1/4×1/2×1/4＝1/32，D错误。
22．蚕的黄色茧（Y）对白色茧（y）为显性，抑制黄色出现的基因（I）对黄色出现的非抑
制基因（i）为显性，两对等位基因独立遗传。已知甲乙两白蚕杂交，F 都是白色；F 雌雄
1 1
交配中，F 中白色茧与黄色茧的分离比为13∶3。下列相关叙述错误的是（ ）
2
A．甲乙都是纯合子
B．F 中白色茧有7种基因型
2
C．F 中黄色个体自由交配子代分离比为5∶1
2
D．遗传中性状与基因不都是一一对应的关系
【答案】C
【解析】甲乙两白蚕杂交，F 都是白色；F 雌雄交配中，F 中白色茧与黄色茧的分离比为
1 1 2
13:3,是 9:3:3:1的变式，则F 白色的基因型为YyIi，因此亲本白色基因型为YYII、yyii，都是
1
纯合子，A正确；F 代中一共有3×3＝9种基因型，其中黄色的基因型为YYii、Yyii，因此白
2
色的基因型为有9－2＝7种，B正确；F 代中黄色个体的基因型为1/3YYii、2/3Yyii，则黄色
2
个体自由交配的后代中白色的比例为2/3×2/3×1/4＝1/9，因此后代的性状分离比为8:1，C
错误；蚕茧的颜色受两对等位基因控制，说明遗传中性状与基因不都是一一对应的关系，
D正确。
二、综合题
23．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状（由基因D、d控制），抗锈病与感锈病是另一对相
对性状（由基因R、r控制），这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植
株（甲）和纯种光颖抗锈病植株（乙）为亲本进行杂交，F 均为毛颖抗锈病植株（丙）。
1
再用F 与丁进行杂交，得F ，F 有四种表现型，对每对相对性状的植株数目进行统计，结
1 2 2果如图：
（1）两对相对性状中，显性性状分别是____________、______________。
（2）亲本甲、乙的基因型分别是__________、____________；丁的基因型是__________。
（3）F 形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是F 在形成配子的过程中
1 1
__________________________________________________________________________。
（4）F 中基因型为ddRR的个体所占的比例为_____，光颖抗锈病植株所占的比例是
2
_______。
（5）F 中表现型不同于双亲（甲和乙）的个体占全部F 的比例是____________。
2 2
【答案】（1）毛颖 抗锈病
（2）DDrr ddRR ddRr
（3）4 控制同一性状的等位基因分离，非等位基因自由组合
（4）1/8 3/8
（5）1/2
【解析】（1）分析题意可知，以纯种毛颖感锈病植株（甲）和纯种光颖抗锈病植株（乙）
为亲本进行杂交，F 均为毛颖抗锈（丙），根据“无中生有为隐性”可以判断两对相对性
1
状中，显性性状分别是毛颖、抗锈。
（2）由于亲本为纯种，因此亲本甲的基因型是DDrr，亲本乙的基因型是ddRR；根据分析
可知F （丙）的基因型为DdRr。丙和丁杂交的后代中，单独分析抗锈和感锈病这一对相对
1
性状，F 中抗锈病：感锈病＝3：1，说明亲本都是杂合子，即亲本的基因型均为Rr；单独
2
分析毛颖和光颖这一对相对性状，F 中毛颖：光颖＝1：1，属于测交类型，则亲本的基因
2
型为Dd×dd。综合以上可知丁的基因型是ddRr。
（3）F （丙）的基因型为DdRr，根据基因的自由组合定律，F 形成的配子种类有DR、
1 1
Dr、dR、dr共4种。产生这几种配子的原因是F 在形成配子的过程中决定同一性状的成对
1
基因分离，而决定不同性状的非等位基因自由组合。
（4）F （丙）的基因型为DdRr，丁的基因型为ddRr，杂交后代F 中基因型为ddRR的个体
1 2
所占的比例为1/2×1/4＝1/8，F 中光颖抗锈病（ddR_）植株所占的比例是1/2×3/4＝3/8。
2（5）甲的基因型为DDrr，乙的基因型为ddRR，F （丙）的基因型为DdRr，丁的基因型为
1
ddRr，丙和丁杂交后代中与甲的表现型相同的概率为1/2×1/4＝1/8，与乙的表现型相同的
概率为1/2×3/4＝3/8，所以F 中表现型不同于双亲（甲和乙）的个体占全部F 的比例是1
2 2
－1/8－3/8＝1/2。
24．某哺乳动物的皮毛颜色为黑色、浅黄色、白色，该性状由独立遗传的两对等位基因控
制。请完成下列相关分析：
（1）一黑色个体与白色个体杂交多次，F 均表现为黑色，F 个体间随机交配得F ，F 中黑
1 1 2 2
色：浅黄色：白色＝12：3：1，则F 黑色个体中杂合子所占比例为_______，浅黄色个体
2
中纯合子所占比例为______，F 中浅黄色个体随机交配，子代中出现白色个体的概率为
2
_______。
（2）多对浅黄色（♀）×白色（♂）及多对白色（♀）×浅黄色（♂）杂交组合的子代中都
是浅黄色个体数量明显多于白色个体数量，其原因是_______________________________。
【答案】（1）5/6 1/3 1/9
（2）浅黄色个体中既有纯合子又有杂合子，纯合子与白色个体杂交，后代都是浅黄色个体；
杂合子与白色个体杂交，后代既有浅黄色个体又有白色个体（后代浅黄色个体与白色个体
的比例为1 ：1）
【解析】（1）设该动物的皮毛颜色由基因A/a、B/b控制。据题意可知，F 的基因型可以
1
表示为AaBb，F 黑色个体的基因型可以表示为9A_B_和3A_ _bb（或9A_ B_和3aaB_），
2
其中纯合子的基因型为AABB和（AAbb或aaBB），占2/12（1/6），所以杂合子占5/6。F
2
浅黄色个体的基因型可以表示为aaB_（或A_bb），其中纯合子为aaBB，占1/3；F 浅黄色
2
个体中，B基因频率为2/3，b基因频率为1/3，随机交配，子代中出现白色个体的概率为
（1/3）×（1/3）＝1/9。
（2）浅黄色个体中既有纯合子又有杂合子，纯合子与白色个体杂交，后代都是浅黄色个体；
杂合子与白色个体杂交，后代既有浅黄色个体又有白色个体（后代浅黄色个体与白色个体
比例为1∶1）。
25．某种成熟苹果果皮颜色由两对基因控制。a基因控制果皮呈绿色，A基因控制呈红色，
而B基因只对基因型Aa个体有一定抑制作用而呈粉色。果皮表现型除受上述基因控制外同
时还受环境的影响。现进行杂交实验如下表所示：
组
亲代 F 表现型 F 自交所得F 表现型及比例
别 1 1 1— 全为粉色 红色∶粉色∶绿色＝6∶6∶4
绿色×红色
二 全为红色 红色∶粉色∶绿色＝10∶2∶4
（1）有丝分裂后期结束时，构成原DNA的两条链分布于_____________（填“同一条”或
“不同的”）染色体上。
（2）根据第一组分析，控制苹果果皮颜色遗传的两对等位基因_____________（填“遵
循”或“不遵循”）自由组合定律。
（3）研究者将第一组亲本引种到异地重复实验，结果如第二组，比较两组实验结果，基因
型为_________对应的苹果果皮表现型具有差异。
（4）研究者认为第二组F 全为红色不是引种后某个基因突变所致。若是某个基因突变，F
1 1
的基因型及F 子代表现型情况为__________________________________________________，
2
则与杂交结果不一致，从而判断可能是环境因素导致。
【答案】（1）不同的
（2）遵循
（3）AaBb
（4） F 基因型为AABb或Aabb，其自交后代无粉色产生（F 表现型全为红色或红色∶绿
1 2
色＝3∶1）
【解析】（1）由于DNA分子复制是半保留复制，间期DNA复制后，甲乙两条链分别位于
不同的DNA分子上，两个DNA分子位于姐妹染色单体上，后期着丝点分裂，姐妹染色单体
分开形成两条染色体，甲乙两条单链位于两条染色体上，即位于不同的染色体上。
（2）由试题分析可知，两对等位基因遵循自由组合定律。
（3）由试题分析可知，亲本基因型及组合方式为AAbb×aaBB或aabb×AABB，子一代基因
型是AaBb，基因型为AaBb的个体在第一组实验地表现为粉色，在第二组实验地表现为红
色，导致F 表现型及比例由红色∶粉色∶绿色＝6∶6∶4变为红色∶粉色∶绿色＝
1
10∶2∶4，因此对比两组实验结果可知，基因型为AaBb对应的苹果果皮表现型具有差异。
同时也说明在第二块实验地点，只有AaBB表现为粉色，即BB抑制Aa的表达，Bb不抑制
Aa的表达，所以基因型为AaBb个体在不同实验地点表现型不同。
（4）研究者认为第二组F 全为红色不是引种后某个基因突变所致。若是某个基因突变，F
1 1
的基因型及F 子代表现型情况为：F 基因型为AABb或Aabb，其自交后代无粉色产生（F
2 1 2
表现型全为红色或红色∶绿色＝3∶1），则与杂交结果不一致，从而判断可能是环境因素导致。
专题 14 基因的自由组合定律（提高）
一、单选题
1．遗传学之父孟德尔通过豌豆杂交实验发现了遗传学两大基本规律：基因的分离定律和自
由组合定律。下列关于分离定律和自由组合定律的叙述，正确的是（ ）
A．大肠杆菌的遗传遵循基因的分离定律和自由组合定律
B．基因的自由组合定律的实质是受精时雌雄配子的随机结合
C．孟德尔运用类比推理法提出了两大基本规律
D．孟德尔的两对相对性状杂交实验中后产生的雌雄配子结合方式为16种
【答案】D
【解析】大肠杆菌是原核生物，其遗传不遵循基因的分离定律和自由组合定律，A错误；
基因的自由组合定律的实质是F 产生配子时，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基
1
因自由组合，B错误；孟德尔运用假说演绎法提出了两大基本规律，C错误；孟德尔的两对
相对性状杂交实验中F 产生雌雄配子各4种，结合方式为42＝16种，D正确。
1
2．若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中：A基因
编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因
的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述
功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F 均为黄色，F 中毛色表现型出
1 2
现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是（ ）
A．AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd B．aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD
C．AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd D．aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd
【答案】C
【解析】由题意知，用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F 均为黄色，F 中毛
1 2色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9，子二代中黑色个体占＝9/（52+3+9）＝9/64，结
合题干，3对等位基因位于常染色体上且独立分配，说明符合基因的自由组合定律，而黑
色个体的基因型为A_B_dd，要出现9/64的比例，可拆分为3/4×3/4×1/4，而黄色个体基因
型为A_bbD_、A_B_D_、aabb__，要符合子二代黑色个体的比例，说明子一代基因型为
AaBbDd，符合题意的只有C。
3．玉米是一种二倍体异花传粉作物，雌雄同株异花，进行自交、杂交都非常便利。已知控
制玉米籽粒的圆滑与皱缩（相关基因用S．s表示）黄色胚乳与白色胚乳（相关基因用Y．y
表示）的基因位于非同源染色体上。现以白色圆滑粒玉米（P1，yySS）黄色皱缩籽粒玉米
（P2，YYss）为亲本，进行相关实验。下列分析正确的是（ ）
A．要实现杂交，必须对P1玉米植株进行去雄处理
B．只有在F 自交获得的F 中才会出现新的性状组合
1 2
C．通过P1和P2植株杂交、F 再自交不能验证基因分离定律
1
D．若要获得白色皱缩杆粒玉米，需将P1和P2杂交，F 自交，从F 中获得
1 2
【答案】D
【解析】玉米为单性花植物，作为母本的植株可以不做去雄处理，关键要套袋以防止外来
花粉落入，A错误；P1和P2杂交，获得的F 为黄色圆滑籽粒玉米，已出现了新的性状组合，
1
B错误；通过P1和P2植株杂交自交只对粒形粒色中的一种性状进行统计分析，可验证基
因分离定律，C错误；若获得双隐性个体，只有在F 中才会出现白色皱缩籽粒玉米，故必
2
须先获得F ，D正确。
2
4．现有若干未交配过的三种果蝇（甲、乙、丙），眼色有正常眼（B）和褐眼（b），体
色有灰体（E）和黑体（e）两对基因分布情况如图所示。下列相关叙述错误的是（ ）
A．若甲果蝇与丙果蝇交配，则子代中正常眼灰体雌果蝇占1/4
B．乙果蝇体内处于减数第二次分裂后期细胞的基因型为BBEE或bbEE
C．若乙果蝇与丙果蝇交配，则子代中基因型与双亲的均不同的占1/2
D．交叉互换可能导致丙果蝇的一条染色体上既有B基因，也有b基因【答案】D
【解析】若甲果蝇与丙果蝇交配，则子代中正常眼灰体雌果蝇占1×1/2×1/2＝1/4，A项正
确；处于减数第二次分裂后期的细胞内没有同源染色体，但所有核基因都是成双的，结合
图示信息可知，乙果蝇体内处于减数第二次分裂后期细胞的基因型为BBEE或bbEE，B项正
确；若乙果蝇与丙果蝇交配，则子代中基因型与双亲的均不同的占1－1/4－1/4＝1/2，C
项正确；由于丙果蝇的基因型为BBEe，没有b基因，因此交叉互换不可能导致丙果蝇的一
条染色体上既有B基因，也有b基因，D项错误。
5．杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的
基因组成如表。下列相关叙述中错误的是（ ）
毛色 红毛 棕毛 白毛
基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
A．控制杜洛克猪毛色的两对等位基因在减后期自由组合
B．两只棕毛杜洛克猪交配，产生的后代中不会出现白毛猪
C．如果不发生基因突变，两只白毛杜洛克猪杂交不会发生性状分离
D．纯合红毛杜洛克猪与白毛杜洛克猪交配，产生的F 中白毛猪出现的概率最低
2
【答案】B
【解析】控制杜洛克猪毛色的两对等位基因在减数第一次分裂后期发生自由组合，A正确；
两只基因型为Aabb、aaBb的棕毛杜洛克猪交配，能产生白毛猪，B错误；图中显示白毛猪
的基因型为隐性纯合子，因此，能稳定遗传，即如果不发生基因突变，两只白毛杜洛克猪
杂交不会发生性状分离，C正确；纯合红毛杜洛克猪AABB与白毛杜洛克猪aabb交配，产
生的F 的基因型为AaBb，若F 自由交配，产生的F 中白毛猪出现的概率为1/16，红毛猪
1 1 2
的比例为9/16，棕毛猪的比例为6/16，显然白毛猪最低，D正确。
6．玉米籽粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图．基因M、N和P及它们的等
位基因依次分布在第9、10、5号染色体上。现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性
状分离比为紫色：红色：白色＝0：3：1，则该植株的基因型可能为（ ）
A．MMNNPP B．MmNnPP C．MmNNpp D．MmNnpp
【答案】C【解析】根据题干“现有一红色籽粒玉米植株自交”，可推测该红色籽粒玉米植株的基因
组成中必有M和N。由于红色籽粒玉米植株自交后代没有紫色，所以该红色籽粒玉米植株
的基因组成中必为pp。又自交后代红色：白色＝3：1，所以该红色籽粒玉米植株的基因组
成中必为MmNN，因此该植株的基因型可能为MmNNpp。故选C。
7．某种植物的花色有红色和白色。已知花色受两对独立遗传的基因A/a和B/b控制，aabb
的植株开白花，其他基因型的植株开红花。某小组用开红花植株和开白花植株进行了一系
列实验。
实验①：白花植株与红花植株（甲）杂交，子代植株：红花：白花＝3：1；
实验②：白花植株与红花植株（乙）杂交，子代植株：红花：白花＝1：1；
实验③：白花植株与红花植株（丙）杂交，子代植株：红花
根据实验结果判断，下列说法错误的是（ ）
A．A/a和B/b的遗传符合自由组合定律
B．植株甲的基因型是AaBb
C．植株乙的基因型是Aabb和aaBb
D．植株丙的基因型是AABB
【答案】D
【解析】已知花色受两对独立遗传的基因A/a和B/b控制，因此两对等位基因的遗传符合
基因的自由组合定律，A正确；根据题意可知，aabb的植株开白花，其他基因型的植株开
红花。根据实验①的结果可知，红花植株甲的基因型是AaBb，子代会有4种基因型，
AaBb、Aabb、aaBb、aabb，其中前三种基因型都表现为红花，因此子代植株的表现型及比
例符合红花：白花＝3：1，B正确；根据实验②的结果可知，红花植株乙的基因型是Aabb
和aaBb，子代植株会有两种基因型，Aabb和aabb或aaBb和aabb，表现为红花：白花＝
1：1，C正确；根据实验③的结果可知，植株丙的基因型有5种可能：AAbb、aaBB、
AABB、AaBB、AABb，D错误。
8．如图表示某植物体细胞中的三对基因及其在染色体上的位置，有关分析不正确的是（
）
A．该植物自交后代会发生性状分离 B．用于与之测交的亲本基因型为aabbccC．A与a可用于研究分离定律 D．A、a与B、b可用于研究自由组合定律
【答案】D
【解析】图示植物的基因型为AaBbCc，其中A和B连锁、a和b连锁，若无交叉互换发生，
则该个体产生的配子及其比例是ABC∶ABc∶abC ∶abc＝1∶1∶1∶1，其自交后代的表现
型及其比例为A_B_C_∶A_B_cc∶aabbC_∶aabbcc＝9∶3∶3∶1，可见，该植物自交后代会
发生性状分离，A正确；测交是让待测个体与隐性纯合子杂交，因此用于与之测交的亲本
基因型为aabbcc，B正确；A与a为一对等位基因，可用于研究分离定律，C正确；A、a与
B、b位于同一对同源染色体上，不能用于研究自由组合定律，D错误。
9．豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒种子（R）对皱粒种子（r）为显性。某
人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代出现4种类型，对性状的统计结果如
图所示，下列叙述错误的是（ ）
A．亲本的基因组成是YyRr（黄色圆粒），yyRr（绿色圆粒）
B．在F 中，表现型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1
1
C．F 中纯合子占的比例是1/4，F1中黄色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr
1
D．如果用F 中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状类型只有4种，
1
数量比为1∶1∶1∶1
【答案】D
【解析】根据柱形图可知，圆粒∶皱粒＝3∶1，说明亲本的基因组成为Rr和Rr；黄色∶绿
色＝1∶1，说明亲本的基因组成为Yy和yy，因此亲本中的黄色圆粒的基因型是YyRr，绿色
圆粒的基因型是yyRr，A正确；亲本基因型为YyRr、yyRr，子代有2×2＝4种表现型，故在
F 中，表现型不同于亲本的是黄色皱粒（Y_rr）、绿色皱粒（yyrr），它们之间的数量比为
1
（1/2×1/4）∶（1/2×1/4）＝1∶1，B正确；F 中纯合子占的比例是1/2×1/2＝1/4，F 中黄
1 1
色圆粒豌豆的基因组成是YyRR或YyRr，C正确；如果用F 中的一株黄色圆粒豌豆（YyRR或
1
YyRr）与绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交，得到的F 的性状类型为2种或4种，数量比为1∶1
2
或1∶1∶1∶1，D错误。
10．某植物花蕊的性别分化受两对独立遗传的等位基因控制。基因B和E共同存在时，植株开两性花，为野生型；仅有基因 E 存在时，植株的雄蕊会转化成雌蕊，成为双雌蕊的可
育植株；不存在基因E，植物表现为败育。下列有关叙述错误的是（ ）
A．表现为败育的个体基因型有 3 种
B．BbEe 个体自花传粉，子代表现为野生型∶双雌蕊∶败育＝9∶3∶4
C．BBEE 和 bbEE 杂交，F 自交得到的F 代中可育个体占1/4
1 2
D．BBEE 和 bbEE 杂交，F 自交得到的F 中与亲本的基因型相同的概率是1/2
1 2
【答案】C
【解析】由于只要不存在显性基因E，植株表现为败育，所以表现败育的个体基因型为
BBee、Bbee、bbee 3种，A正确；BbEe个体自花传粉，子代表现为野生型（B_E_）：双雌
蕊（bbE_）：败育（__ee）＝9：3：4，B正确；BBEE和bbEE杂交，F 的基因型为BbEE，
1
所以自交得到的F 代都为可育个体，C错误；BBEE和bbEE杂交，F 的基因型为BbEE，自
2 1
交得到的F 代，F 代中亲本的基因型相同的概率＝1/4 +1/4 ＝1/2，D正确。
2 2
11．香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花
品种杂交，F 开紫花；F 自交，F 的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析不正确的
1 1 2
是（ ）
A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP B．F 测交结果紫花与白花的比例为1∶1
1
C．F 紫花中纯合子的比例为1/9 D．F 中白花的基因型有5种
2 2
【答案】B
【解析】由分析可知，两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；F 测交，即
1
CcPp×ccpp→CcPp（紫）、Ccpp（白花）、ccPp（白花）、ccpp（白花），测交结果紫花与
白花的比例为1∶3，B错误；F 纯合紫花的基因型为1/16CCPP，紫花基因型9/16C_P_，所
2
以紫花中纯合子所占比例为1/9，C正确；F 中白花的基因型有5种，分别为CCpp、Ccpp、
2
ccPP、ccPp、ccpp，D正确。
12．某植物的花色有紫色和蓝色两种。为了研究其遗传机制，研究者利用纯系品种进行了
杂交实验，结果见表，下列叙述错误的是（ ）
F 植株数目
父本植株数目 母本植株数目 1
杂交组合 （表现 F 植株数目（表现型）
（表现型） （表现型） 2
型）
81（紫
Ⅰ 10（紫色） 10（紫色） 260（紫色） 61（蓝色）
色）
Ⅱ 10（紫色） 10（蓝色） 79（紫 270（紫色） 89（蓝色）色）
A．取杂交Ⅰ中F 的紫色植株随机交配，产生的后代紫色和蓝色的比例为153：16
2
B．将两个杂交组合中的F 相互杂交，产生的后代紫色和蓝色的比例为3：1
1
C．取杂交Ⅱ中F 的紫色植株随机交配，产生的后代紫色和蓝色的比例为8： 1
2
D．将两个杂交组合中的F 紫色植株相互杂交，产生的后代中紫色和蓝色的比例为36：5
2
【答案】D
【解析】杂交Ⅰ中F 的紫色植株的基因型及比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：Aabb：
2
AAbb：aabb＝1：2：2：4：2：1：1，植株随机交配，产生AB配子的概率＝4/13，Ab%＝
4/13，aB%＝2/13，ab%＝3/13，后代蓝花植株（aaB_）的比例为＝2×2/13×3/13+2/13×2/13
＝16/169，后代紫色和蓝色的比例为（169﹣16）：16＝153：16，A正确；杂交Ⅰ中子一
代的基因型为AaBb，杂交Ⅱ中子一代的基因型为AaBB，两者杂交，子代紫色和蓝色的比
例为3：1，B正确；杂交Ⅱ中子二代的紫花的基因型为AaBB和AABB，两者比例为2：1，
随机交配产生AB配子的概率＝2/3，aB%＝1/3，后代蓝花的概率＝1/3×1/3＝1/9，故产生
的后代紫色和蓝色的比例为8：1，C正确；杂交Ⅱ中子二代的紫花的基因型为2AaBB和
1AABB，杂交Ⅰ中F 的紫色植株的基因型及比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：Aabb：
2
AAbb：aabb＝1：2：2：4：2：1：1，两者相互交配，由第二对杂交Ⅱ中子二代的紫花的
基因型为BB，确定后代的第二对基因一定是B_，故只看分离出的第一对基因中出现aa的
概率即为蓝花，1/3AA、2/3Aa与4/13AA、8/13Aa、1/13aa，后代aa为（2/3×8/13×1/4）×
（2/3×1/13×1/2）＝5/39，故紫花为1－5/39＝34/39，即紫花：蓝花＝34：5，D错误。
13．某自花传粉植物两对独立遗传等位基因（A、a和B、b）分别控制两对相对性状，等位
基因间均为完全显性。现基因型为AaBb的植物自交产生F 。下列分析中错误的是（ ）
1
A．若此植物存在AA个体致死现象，则上述F 中表现型的比例为6∶2∶3∶1
1
B．若此植物存在bb个体致死现象，则上述F 中表现型的比例为3∶1
1
C．若此植物存在AA一半致死现象，则上述F 中表现型的比例为15∶5∶6∶2
1
D．若此植物存在a花粉有1/2不育现象，则上述F 中表现型的比例为15∶5∶1∶1
1
【答案】D
【解析】根据上述F 的基因组成分析，若此植物存在AA个体致死现象，则F 中表现型的
1 1
比例为6：2：3：1，A正确。若此植物存在bb个体致死现象，则上述F 中 A_bb和aabb
1
死亡，因此F 中表现型的比例为3：1，B正确。若此植物存在AA一半致死现象，则上述F
1 1的A_B_中的2AABb和AABB中有一半死亡，A_bb中的AAbb一半死亡，则上述F 中表现型
1
的比例为（6+3/2）：（2+1/2）：3：1＝15：5：6：2，C正确。若此植物存在a花粉有1/2
不育现象，则雌配子AB：Ab：aB：ab＝1：1：1：1，而雄配子AB：Ab：aB：ab＝1：1：
1/2： 1/2，因此上述F 中表现型的比例为15：5：3：1，D错误。
1
14．某植物果皮的有毛和无毛由一对等位基因D和d控制，果肉的黄色和白色由另一对等
位基因E和e控制，两对基因独立遗传。现利用该种植物进行三次杂交，结果如下所示。
下列叙述中错误的是（ ）
杂交实验一 杂交实验二 杂交实验三
亲本 有毛白肉A×无毛黄肉B 无毛黄肉B×无毛黄肉C 有毛白肉A×无毛黄肉C
↓ ↓ ↓
子一 有毛黄肉：有毛白肉＝
全部为无毛黄肉 全部为有毛黄肉
代 1：1
A．果皮的有毛和果肉的黄色是显性性状
B．亲本A和亲本C都是纯合体
C．子一代中的有毛黄肉个体基因型相同
D．子一代无毛黄肉个体相互进行杂交，子二代中黄肉：白肉＝3：1
【答案】D
【解析】由分析可知：有毛对无毛是显性性状、黄肉对白肉是显性性状，A正确；根据杂
交组合三可知，亲本A、C均为纯种，B正确；根据亲本的基因型推出，实验一和实验三中
子一代中的有毛黄肉个体基因型均为EeDd，C正确；实验二中亲本的基因型为Eedd、
EEdd，则子一代无毛黄肉个体的基因型为Eedd、EEdd且比例为1∶1，该群体中E的基因频
率为3/4，e的基因频率为1/4，则无毛黄肉个体相互进行杂交，子二代中白肉个体的比例
为1/4×1/4＝1/16，则黄肉：白肉＝15：1 ，D错误。
15．已知玉米籽粒的颜色分为有色和无色两种。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代
出现有色籽粒与无色籽粒的比是1：3，对这种杂交现象的推测不确切的是（ ）
A．测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色籽粒遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色籽粒的基因型有三种
【答案】C【解析】测交后代的有色籽粒的基因型也是双杂合的，与植株X相同，都是AaBb，A正确；
玉米的有、无色籽粒遗传是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，B正确；如果
玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制，则测交后代有色籽粒与无色籽粒的比应该是
1：1，而题干中一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1：
3，1：3的比例是1：1：1：1转化而来，说明有色籽粒的植株X产生了4种配子，测交后
代双显性时才表现为有色籽粒，单显性和双隐性都表现为无色籽粒，则玉米的有、无色籽
粒是由两对等位基因控制的，C错误；测交后代的无色籽粒的基因型有三种，即Aabb、
aaBb和aabb三种，D正确。
二、综合题
16．某植物花色由A、a（位于2号染色体上）和B、b两对等位基因控制，其花色产生机
理如图所示：
研究人员用纯种白花和纯种黄花杂交得F ，F 自交得F ，实验结果如表中甲组所示。
1 1 2
组别 亲本 F F
1 2
甲 白花×黄花 红花 红花：黄花：白花＝9：3：4
乙 白花×黄花 红花 红花：黄花：白花＝3：1：4
（1）根据甲组实验结果，可推知控制花色基因的遗传遵循基因的_____________定律。 F
2
中白花的基因型有______________。
（2）将F 中的黄花植株自交，子代表现型及比例为____________。
2
（3）研究人员某次重复该实验，结果如表中乙组所示。经检测得知，乙组F 的2号染色体
1
片段缺失导致含缺失染色体的花粉致死。根据结果可推测乙组中F 的2号染色体的缺失部
1
分________（填“是”或“否”）含有A﹣a基因，发生染色体片段缺失的是__________
（填“A”或“a”）基因所在的2号染色体。
（4）为检测某黄花植株（染色体正常）基因型，以乙组F 红花作亲本与之进行正反交。
1
若正交以F 红花为母本，其杂交后代为红花：黄花：白花＝3：3：2，则该待测黄花植株
1
基因型为_______________；若反交，则其后代中出现黄花的概率为_________。
【答案】（1）自由组合 aaBB、aaBb和aabb（2）黄花：白花＝5：1
（3）否 A
（4）Aabb 1/4
【解析】（1）根据甲组实验结果，可推知控制花色基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
F2中白花的基因型有aaBB、aaBb和aabb。
（2）将F 中的黄花植株（基因型为A_bb）自交，子代表现型及比例为黄花：白花＝5：
2
1。
（3）已知乙组F 的2号染色体片段缺失导致含缺失染色体的花粉致死，根据乙组F 的表现
1 2
型分析可知，F 的雌配子有四种基因型为AB、Ab、aB、ab，雄配子有两种基因型为aB、
1
ab，可见若发生缺失的是2号染色体包含A或a基因，则F 的雌配子不可能为4种，且由
1
雄配子的基因可知，发生染色体缺失的是A基因所在的2号染色体。
（4）为检测某黄花植株A_bb（染色体正常）基因型，以乙组F 红花AaBb作亲本与之进行
1
正反交。若正交以F 红花为母本，其杂交后代为红花：黄花：白花＝3：3：2，则该待测
1
黄花植株基因型为Aabb；若反交，乙组F 红花为父本只能产生两种基因型的雄配子为
1
aB、ab，基因型为Aabb的黄花为母本能产生Ab、ab两种雌配子，则其后代中出现黄花的
概率为1/4。
17．甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，分别位于三对同源染色体上。花色表现型
与基因型之间的对应关系如表所示。
表现型 白花 乳白花 黄花 金黄花
基因型 AA____ Aa____ aaB___、aa__D_ aabbdd
（1）白花植株的基因型有______种，其中自交不会出现性状分离的基因型有______种。乳
白花植株自交能否出现后代全部为乳白花的植株？______（填“能”或“不能”）。
（2）黄花植株同金黄花植株杂交得F ，F 自交后代出现两种表现型且比例为3∶1，则黄花
1 1
植株基因型为______________。
（3）让一黄花植株自交，后代出现金黄花植株的概率最高为________。
（4）若让基因型为AaBbDd的植株自交，后代将出现___________种不同花色的植株，若
让其进行测交，则其后代的表现型及其比例为_______________________。
【答案】（1）9 9 不能（2）aaBBdd或aabbDD
（3）1/4
（4）4 乳白花∶黄花∶金黄花＝4∶3∶1
【解析】（1）由表格信息可知，只要含两个A基因的个体均表现为白花，另外两对基因可
以组成3×3＝9种基因型，因此白花植株的基因型有9种。由于基因型中有AA一定为白花，
因此白花植株自交后代均为白花，即自交不会出现性状分离的基因型有9种。乳白花植株
基因型为Aa____，由于Aa自交会产生AA、aa，因此乳白花植株自交后代会出现其他花色，
不能全部为乳白花。
（2）黄花植株（aaB___、aa__D_）同金黄花植株（aabbdd）杂交得F ，F 自交后代出现两
1 1
种表现型且比例为3∶1，说明F 的基因型中只有一对基因为杂合，因此F 基因型可能为
1 1
aaBbdd或aabbDd，其亲本黄花植株基因型为aaBBdd或aabbDD。
（3）黄花植株基因型为aaB___、aa__D_，其中只有aaBbdd、aabbDd和aaBbDd三种基因
型植株自交能产生金黄花植株。因此让一黄花植株自交，当该黄花植株基因型为aaBbdd或
aabbDd时，后代出现金黄花植株的概率最高，为1/4。
（4）由表格可知，基因型AaBbDd的植株自交，后代会出现4种花色的植株；基因型
AaBbDd的植株进行测交，其中基因型Aa测交后代为Aa∶aa＝1∶1，基因型BbDd测交后
代为BbDd∶Bbdd∶bbDd：bbdd＝1∶1∶1∶1，因此AaBbDd的植株测交后代表现型及其比
例为乳白花∶黄花∶金黄花＝4∶3∶1。
18．现有三个纯合品系的某自花传粉植物：紫花、红花和白花，用这3个品系做杂交实验，
结果如下，结合实验结果分析回答下列问题：
（1）紫花和红花性状受______对基因控制，甲组杂交亲本的表现型是______________。
（2）将乙组F 紫花和丙组F 紫花进行杂交，后代表现型及比例是_________________。
1 1
（3）从丙组F 植株上收获共3 200粒种子，将所有种子单独种植（自交），理论上有
1
_____株植株能产生红花后代。
（4）请从题干的三个纯合品系中选择亲本为实验材料，通过一次杂交实验鉴别出丙组F
2中的杂合白花植株。
①实验步骤：___________________________________________________________________。
②结果分析：若子代____________________________________________，则为杂合白花植
株。
【答案】（1）两 紫花×红花
（2）紫花∶白花＝3∶1
（3）1 800
（4）选择纯合红花与丙组中的白花杂交，观察子代表现型 既有紫花又有红花
【解析】（1）根据丙组合F 紫花自交，F 中各性状系数之和是16，属于9：3：3：1的特
1 2
殊分离比，故可推知花的颜色由两对基因（用A与a、B与b表示）控制且遵循基因的自由
组合定律，且丙组F 紫花的基因型是AaBb，进而推知紫花的基因组成是A_B_，红花和白
1
花不能确定，可能情况有两种：①红花（A_bb）、白花（aaB_和aabb）；②红花
（aaB_）、白花（A_bb和aabb），为推算方便，按第一种情况计算，由甲组F 紫花自交，
1
F 中紫花：红花＝3：1，可知F 紫花的基因型可能是AABb，进而根据甲组的亲本都为纯合
2 1
品系，可推出杂交组合可能是紫花（AABB）×红花（AAbb），第二种情况同理。
（2）同理按第一种情况推算，乙组F 紫花的基因型可能是AaBB，亲本杂交组合是紫花
1
（AABB）×白花（aaBB）；将乙组和丙组的F 代紫花进行杂交即AaBB×AaBb，则后代表现
1
型及比例是紫花（3A_B_）：白花（1aaB_）＝3：1。
（3）丙组F1AaBb自交产生的F 基因型及比例为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb、
2
1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、1aabb，其中F 自交能产生红花后代的有2AABb、
2
4AaBb、1AAbb、2Aabb，占F 的9/16，由F 共3200粒种子，故能产生红花后代的有3200
2 2
粒×9/16＝1800。
（4）①选择纯合红花与丙组中的白花杂交，然后观察子代表现型；②若子代既有紫花又有
红花，则为杂合白花植株。
19．呈现植物花色的色素，一般是由无色的化合物经过一步或多步酶促反应生成，下图表
示合成色素的两种途径，不能合成色素的个体开白花。（假定相关基因都是独立遗传的，
且不考虑基因突变）（1）具有途径一的植物，白花个体的基因型有_____种。若另一种植物红色素的合成需要
n步酶促反应，且每步反应的酶分别由一对等位基因中的显性基因控制，则其纯合的红花
个体与每对基因都为隐性纯合的白花个体杂交，F 自交，F 中白花个体占_________。
1 2
（2）某种植物通过途径二决定花色，红色素和蓝色素都能合成的植株开紫花。研究发现配
子中A和B基因同时存在时成活率可能减半，具体情况有三种：①只是精子的成活率减半，
②只是卵细胞的成活率减半，③精子和卵细胞的成活率都减半。请利用基因型AaBb的植株
设计测交实验进行探究，简要写出实验方案并预测结果、结论。
实验方案：_______________________________________________________________。
预测结果、结论：
若__________________________________________________________，则是第①种情况。
若__________________________________________________________，则是第②种情况。
若___________________________________________________________，则是第③种情况。
【答案】（1）5 1－（3/4）n
（2）以基因型AaBb的植株为父本，白花植株为母本进行测交作为正交实验，以白花植株
为父本，基因型AaBb的植株为母本进行测交作为反交实验，分别统计后代的性状分离比
正交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值为1：2：2：2，反交实验该比值为1：1：
1：1 正交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值为1：1：1：1，反交实验该比值为
1：2：2：2 正交实验和反交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值都为1：2：2：2
【解析】（1）据分析具有途径一的植物，白花个体的基因型有aabb、AAbb、Aabb、
aaBB、aaBb，共5种；若另一种植物红色素的合成需要n步酶促反应，且每步反应的酶分
别由一对等位基因中的显性基因控制，则其纯合的红花个体与每对基因都为隐性纯合的白
花个体杂交，F 自交，F 中红花个体占（3 /4 ）n，白花个体占1−（3/ 4 ）n。
1 2
（2）由于AB的雄配子成活率可能减半，AaBb作父本产生配子的种类及比例AB：Ab：
aB：ab＝1：2：2：2，作母本产生的配子及比例AB：Ab：aB：ab＝1：1：1：1，所以可以
设计测交结合正反交实验进行：
实验方案：以基因型AaBb的植株为父本，白花植株aabb为母本进行测交作为正交实验，以白花植株为父本aabb，基因型AaBb的植株为母本进行测交作为反交实验，分别统计后
代的性状分离比。
若正交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值为1：2：2：2，反交实验该比值为1：1：
1：1，则是第①种情况。
若正交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值为1：1：1：1，反交实验该比值为1：2：
2：2，则是第②种情况。
若正交实验和反交实验后代紫花：红花：蓝花：白花的比值都为1：2：2：2，则是第③种
情况。
专题 14 基因的自由组合定律（挑战）
一、单选题
1．．一个遗传因子组成为AaBb的高等植物自交，下列叙述中错误的是（ ）
A．产生的雌雄配子种类和数量都相同 B．子代中共有9种不同的遗传因子组成
C．雌雄配子的结合是随机的 D．子代的4种表现类型之比为9：3：3：1
【答案】A
【解析】基因型为AaBb的高等植物体经减数分裂后产生的雌雄配子数量不相同，雄配子远
远超过雌配子，A错误；AaBb自交后代共有9种基因型，B正确；受精时雌雄配子随机结
合，结合的机会均等，C正确；AaBb自交后代共有4种表现型，比例为9: 3:3: 1， D正确。
2．某种昆虫的黑体（D）对灰体（d）为显性，正常翅（T）对斑翅（t）为显性，两对等位
基因分别位于两对常染色体上。该昆虫种群中雌雄比例接近1 ： 1，雌性个体无论基因型
如何，均表现为斑翅。下列叙述错误的是（ ）
A．亲本组合为TT X TT、TT X Tt、TT X tt的杂交子代均可依据翅形确定性别
B．基因型为Tt的雌、雄个体杂交，后代斑翅个体中纯合子所占比例为2/5
C．欲验证某黑体斑翅雌性个体的基因型，可选择灰体斑翅雄性个体与之杂交
D．若该昆虫灰色个体易被天敌捕食，该昆虫种群中D的基因频率将逐渐增大
【答案】B
【解析】根据以上分析可知，雌性个体中TT、Tt、tt均表现为斑翅，亲本组合为TT×TT、
TT×Tt、TT×tt的杂交子代中，雄性均为正常翅，雌性均为斑翅，因此可依据翅形确定性别，A正确；基因型为Tt的雌、雄个体杂交，子代的基因型及比例为TT：Tt：t＝1：2：1，已
知该昆虫种群中雌雄比例接近1：1且雌性个体无论基因型如何均表现为斑翅，子代中斑翅
雄性个体的基因型为tt，斑翅雌性个体的基因型为TT、Tt、tt斑翅个体中纯合子所占比例
为3/5，B错误；根据以上分析可知，黑体斑翅雌性个体的基因型有DDTt、DDTt、DDtt、
DdTT、DdTt、Ddtt6种，若分别与灰体斑翅雄性个体（ddtt）杂交，子代雄性个体的基因型
及表现型分别为黑体正常翅（DdTt）：黑体正常翅（DdTt）和黑体斑翅（Ddtt）；黑体斑
翅（Ddtt）；黑体正常翅（DdTt）和灰体正常翅（ddTt）；黑体正常翅（DdTt）、黑体斑
翅（Ddtt）、灰体正常翅（ddTt）和灰体斑翅（ddtt）黑体斑翅（Ddtt）和灰体斑翅
（ddtt），因此可根据子代雄性个体的表现型推断母本的基因型，C正确；若该昆虫灰色个
体易被天敌捕食，则该昆虫种群中d的基因频率会逐渐减小，D的基因频率逐渐增大，D正
确。
3．在一个自然种群的小鼠中，体色有黄色（Y）和灰色（y），尾巴有短尾（D）和长尾
（d），两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律。任取一对黄色短尾个体经多次交配，
F 的表现型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1。实验中发现有些
1
基因型有致死现象（胚胎致死）。以下说法错误的是（ ）
A．黄色短尾亲本能产生4种正常配子
B．F 中致死个体的基因型共有4种
1
C．表现型为黄色短尾的小鼠的基因型只有1种
D．若让F 中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，则F 中灰色短尾鼠占2/3
1 2
【答案】B
【解析】根据题意分析已知，只要有一对显性基因纯合就会导致胚胎致死（YY或DD都导
致胚胎致死），因此亲本黄色短尾个体的基因型为YyDd，它能产生YD、Yd、yD、yd四种
正常配子，A正确；已知YY或DD都导致胚胎致死，所以YyDd相互交配产生的F 中致死个
1
体的基因型有YYDD、YYDd、YyDD、YYdd、yyDD共5种，B错误；因为YY或DD都导致胚
胎致死，所以表现型为黄色短尾的小鼠的基因型只有YyDd一种，C正确；F 中的灰色短尾
1
的基因型为yyDd（yyDD胚胎致死），它们自由交配，后代基因型有yyDD、yyDd、yydd，
比例为1：2：1，其中yyDD胚胎致死，所以只有yyDd、yydd两种，其中yyDd（灰色短尾
鼠）占2/3，D正确。
4．豌豆的花色和花的位置分别由基因A、a和B、b控制，基因型为AaBb的豌豆植株自交
获得的子代表现型及比例是红花顶生：白花顶生：红花腋生：白花腋生＝9：3：3：1．将红花腋生与白花顶生豌豆植株作为亲本进行杂交得到 F ，F 自交得到的 F 表现型及比例是
1 1 2
白花顶生：红花顶生：白花腋生：红花腋生＝15：9：5：3，则亲本植株的基因型是
（ ）
A．AAbb 与 aaBB B．Aabb 与 aaBB
C．AAbb 与 aaBb D．Aabb 与 aaBb
【答案】B
【解析】根据题意分析，红花腋生的基因型为A_bb，白花顶生的基因型为aaB_，两者杂交
得到的F 自交，F 表现型及比例是白花顶生：红花顶生：白花腋生：红花腋生＝15：9：
1 2
5：3，其中白花：红花＝5：3，说明F 为1Aa、1aa，顶生：腋生为3：1，说明F 为Bb，
1 1
因此亲本红花腋生的基因型为Aabb，白花顶生的基因型为aaBB，F 为AaBb、aaBb。故选
1
B。
5．天竺兰的花瓣层数受D/d、M/m两对基因控制，重辮基因（D）对单瓣基因（d）为显
性，当重瓣基因D存在时，m基因会增加花瓣层数使其呈重瓣，显性基因M无此作用，使
其呈半重瓣，M基因对m基因为显性。某半重瓣天竺兰（甲）和单瓣天竺兰（乙）杂交所
得F 的表现型及比例为单瓣：半重瓣：重瓣＝4：3：1。下列说法错误的是（ ）
1
A．D/d和M/m基因的遗传遵循基因的自由组合定律
B．任意两株重瓣植株杂交后代不会出现半重瓣植株
C．天竺兰甲和乙的基因型分别为DdMm和ddMm
D．F 的所有半重瓣植株自交后代中重瓣植株占3/16
1
【答案】D
【解析】D/d和M/m基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；任意两株重瓣植株（D
mm）杂交后代不会出现半重瓣植株（D M ），B正确；据上分析可知，天竺兰甲和乙的
基因型分别为DdMm和ddMm，C正确；F 的所有半重瓣植株（1/3DdMM，2/3DdMm），
1
自交后代中重瓣植株D mm占比＝3/4×2/3×1/4＝1/8，D错误。
6．大鼠毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其毛色决定情况如图所
示。相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有图中功能。若用基因型为AABBDD的大
鼠与aabbdd的大鼠杂交，F 随机交配得到F 。以下说法正确的是（ ）
1 2A．黄色鼠基因型有21种，其中纯合子的基因型有4种
B．F 毛色有黄、褐、黑三种类型，且黄色鼠占13/16
2
C．F 中褐色鼠基因型有2种，其中杂合子占1/2
2
D．D基因表达产物可能与A基因上启动部位结合而使A基因不能正常复制
【答案】B
【解析】根据提供信息分析可知，A_B_dd表现为黑色，A_bbdd表现为褐色，由于D抑制A
的表达，因此A_D___、aa____都表现为黄色，则黄色基因型有2×3×2+3×3＝21种，其中纯
合子有2+2×2＝6种，A错误；AABBDD的大鼠与aabbdd的大鼠杂交，F 基因型为
1
AaBbDd，其随机交配得到F ，则后代会出现所有表现型，其中红色鼠占
2
3/4×1×3/4+1/4×1×1＝13/16，B正确；F 中褐色鼠基因型为AAbbdd、Aabbdd，其中杂合子
2
占2/3，C错误；D基因表达产物可能与A基因上启动部位结合而使A基因不能正常转录，
D错误。
7．基因型为aabbcc的桃子重120克，每产生一个显性等位基因就使桃子增重15克，故基
因型为AABBCC的桃子重210克。甲桃树自交，F 每桃重150克。乙桃树自交，F 每桃重
1 1
120～180克。甲、乙两桃树杂交，F 每桃重135～165克。甲、乙两桃树的基因型可能是（
1
）
A．甲AAbbcc，乙aaBBCC B．甲AaBbcc，乙aabbCC
C．甲aaBBcc，乙AaBbCC D．甲AAbbcc，乙aaBbCc
【答案】D
【解析】根据题意已知F 每桃重135～165克，说明F 基因型中有1到3个显性基因。若甲
1 1
为AAbbcc，乙为aaBBCC，则杂交子代有3个显性基因，重量为165克，A不符合题意；若
甲为AaBbcc，乙为aabbCC，则杂交子代可含有1个或2个或3个显性基因，但因为乙桃树
自交，F 中每桃重120克～180克，说明乙自交的子代有0个或1个或2个或3个或4个显
1
性基因，而aabbCC自交，后代桃重全为140克，与题意不符，B不符合题意；若甲为
aaBBcc，乙为AaBbCC，则杂交子代含有2个或3个或4个显性基因，每桃重为150～180克，与题意不符，C不符合题意；若甲为AAbbcc，乙为aaBbCc，则杂交子代有1个、2个或3
个显性基因，重量在135克到165克之间，D符合题意。
8．某种植物的花色有紫花和白花，受三对独立遗传的等位基因控制。实验小组用纯合的两
个白花亲本杂交，F 表现为紫花，F 自交产生F ，F 紫花：白花＝27：37。下列说法错误的
1 1 2 2
是（ ）
A．每对基因中都有显性基因存在的植株才开紫花
B．在F 植株中，白花植株的基因型比紫花植株多
2
C．在纯合的两个白花亲本中，均至少含有一对显性基因
D．不含隐性基因的植株开紫花，含有隐性基因的植株开白花
【答案】D
【解析】根据分析可知，每对基因中都有显性基因存在的植株才开紫花，A正确；设控制
花色的三对基因为A、a；B、b；C、c，F 自交产生F ，F 紫花∶白花＝27∶37，说明F 的
1 2 2 1
基因型为AaBbCc，故F 植株中，基因型的种类为3×3×3＝27种，紫花基因型的种类为
2
2×2×2＝8种，所以白花植株的基因型种类为27-8＝19种，即白花植株的基因型比紫花植株
多，B正确；由于每对基因均含有显性基因时表现为紫花，所以在纯合的两个白花亲本中，
均至少含有一对显性基因，C正确；不含隐性基因的植株（AABBCC）开紫花，含有隐性基
因的植株可能开紫花（如AaBbCc），也可能开白花（如aaBBCC），D错误。
9．某种植物的花色有红花、白花两种，由两对等位基因控制，不含显性基因的植株开白花，
其余的开红花。两纯合红花植株杂交得到F ，F 自交得到的F 中红花:白花＝15: 1，下列有
1 1 2
关叙述错误的是（ ）
A．F 中红花植株的基因型有8种 B．F 红花植株中纯合子占1/5
2 2
C．F 测交得到的子代中红花:白花＝1: 1 D．控制花色的两对等位基因独立遗传
1
【答案】C
【解析】据分析可知，F 中只有aabb表现为白色，其余8种基因型均表现为红花，A正确；
2
F 红花植株中纯合子共3份，AABB、AAbb和aaBB，占3/15＝1/5，B正确；F 基因型为
2 1
AaBb，测交后代AaBb、Aabb、aaBb表现为红色，aabb表现为白色，故红花:白花＝3: 1，C
错误；据分析可知，该植物花色遗传两对基因独立遗传，遵循基因自由组合定律，D正确。
10．下图表示某种二倍体植物的花瓣颜色由非同源染色体上的两对等位基因控制。下列相
关叙述不正确的是（ ）A．控制该二倍体植物花瓣颜色的基因型共有9种，表现型有4种
B．基因型为BB的个体突变成Bb，其表现型可能不会发生改变
C．基因型为aabb和AABB的个体杂交得F ，F 与不同基因型的白花纯合子杂交，所得F 中
1 1 2
红色个体所占的比例不同
D．基因型为aaBB和AAbb的个体杂交，后代自交，所得F 中红色个体的比例为3/8
2
【答案】C
【解析】该二倍体植物的花色受两对等位基因控制，控制该二倍体植物花瓣颜色的基因型
共有9种，表现型有红色、粉红色、紫色和白色共4种，A正确；由分析可知，基因型
aaBB、aaBb均表现为白色，故基因型为BB的个体突变成Bb，其表现型可能不发生改变，
B正确；基因型为aabb和AABB的个体杂交得AaBb，AaBb与不同基因型的白花纯合子
（aabb或aaBB）杂交，所得F 中红色个体（A_Bb）所占的比例都是1/4，C错误；基因型
2
为aaBB和AAbb的个体杂交，后代自交，F 中红色（A_Bb）个体的比例为3/4×1/2＝3/8，
2
D正确。
11．某植物的红花、白花由两对独立遗传的等位基因控制。两株白花植株杂交，所得F 的
1
表现型及比例为白花：红花＝1:1．F 中白花植株自交后代全开白花，F 中红花植株自交后
1 1
代红花：白花＝9:7。下列叙述错误的是（ ）
A．两株白花亲本中必有一株为纯合子 B．对F 中红花植株测交，后代红花：白花＝
1
1:3
C．F 中白花植株自交后代有三种基因型 D．F 中红花和白花杂交，后代红花：白花＝
1 1
1:3
【答案】D
【解析】据题意分析可知，两株白花植株杂交，后代既有白花也有红花，则杂交组合为
aaBb×AAbb或Aabb×aaBB，所以亲本中的白花植株必定有一株为纯合子，A正确；由此可
知：F 基因型为AaBb（红花）、aaBb（白花）或AaBb（红花）、Aabb（白花）；对F 中
1 1
红花植株（AaBb）进行测交，后代红花∶白花＝1∶3，B正确；以第一组杂交组合为例，F 中白花植株（aaBb）自交，后代有aaBB、aaBb、aabb三种基因型，C正确；F 中红花
1 1
（AaBb）和白花（aaBb）杂交，后代红花∶白花＝3∶5，D错误。
12．某自花传粉植物（2n）的花色由两对独立遗传的等位基因控制。红花（A）对白花
（a）为显性，B基因为修饰基因，能淡化花的颜色，花色与基因组成的关系如下表。两株
纯合的白花植株杂交，得到的F 均开粉花，F 自交得F 下列相关叙述错误的是（ ）
1 1 2
花色 红色 粉色 白色
基因组成 A_bb A_Bb aa_、_BB
A．该植物白花植株的基因型共有5种，其中杂合子只有2种
B．F 粉花植株的基因型是AaBb，F 白花植株所占比例为7/16
1 2
C．若让F 粉花植株自然繁殖，子代白花植株所占比例为1/3
2
D．若F 测交，后代表现型及比例为红色：粉色：白色＝1:1:2
1
【答案】C
【解析】该植物白花植株的基因型共有5种，分别是AABB、AaBB、aabb、aaBB、aaBb，
其中杂合子只有2种，A正确；F 粉花植株的基因型是AaBb，F 自交得F ，F 中红色A
1 1 2 2
bb：粉色A_Bb：白色aa__、__BB＝3:6:7，F 白花植株所占比例为 7/16，B正确；F 中粉花
2 2
的基因型及其比例为AABb：AaBb＝1:2，若让F 粉花植株自然繁殖，该植物为自花传粉植
2
物，1/3AABb自花传粉出现白花植株的比例为1/3×1/4＝1/12，2/3AaBb自花传粉白花植株
所占比例为2/3×7/16＝7/24，所以子代白花植株占9/24，C错误；F 基因型为AaBb，若F
1 1
测交，后代表现型及比例为红色：粉色：白色＝1:1:2，D正确。
二、综合题
13．在牧草中，白花三叶草有叶片含氰（HCN）和不含氰两个稳定遗传的品种。当两个不
含氰的品种进行杂交时，F 均为含氰，F 中有9/16含氰、7/16不含氰两种类型。进一步研
1 2
究表明，白花三叶草叶片内的氰是经下图过程合成的：
回答下列问题：
（1）基因型为____________和___________的含氰植株各自自交，子代均表现为含氰植株
∶不含氰植株＝3∶1。
（2）为了验证上述白花三叶草叶片内的氰合成过程，有人设计如下实验：将上述杂交F
2的各种表现型的植株叶片提取液分别加入含氰糖苷和氰酸酶。加入相应物质前后，分别检
测提取液的含氰情况。
①加入相应物质前，若叶片提取液含有氰，则该植株的基因型为____________。
②若提取液加含氰糖苷前后均不含氰，加氰酸酶后才含有氰，则该植株的基因型为
________。
③若___________________，则该植株的基因型为HHdd、Hhdd。
④若___________________，则该植株的基因型为hhdd。
【答案】（1）HHDd HhDD
（2）HhDd、HhDD、HHDd、HHDD hhDD、hhDd 提取液加氰酸酶前后均不含氰、加
含氰糖苷后才含有氰 提取液加入含氰糖苷或氰酸酶前后始终不含有氰
【解析】（1）由以上分析可知，含氰植株可能的基因型为HhDd、HhDD、HHDd、HHDD，
其中基因型为HHDd或HhDD的含氰植株自交，子代表现为含氰植株（HHD_或H__DD）∶
不含氰植株（HHdd或hhDD）＝3∶1。
（2）由白花三叶草叶片内的氰合成图可知，前体物在基因D控制合成的产氰糖苷酶催化作
用下合成含氰糖苷，含氰糖苷在基因H控制合成的氰酸酶催化作用下合成氰。由分析可知，
题述F 中基因型类型有H_D_、H_dd、hhD_、hhdd，因此：
2
①基因型为H_D_的植株，两种酶均存在，故不加入含氰糖苷和氰酸酶，叶片提取液中也含
有氰。
②基因型为hhD_的植株，由于不能合成氰酸酶，加含氰糖苷前后叶片提取液中均不含有氰；
又因含有含氰糖苷，故当加入氰酸酶后，叶片提取液中产生氰；
③基因型为H_dd的植株，由于不能合成产氰糖苷酶，不能将前体物转化成含氰糖苷，因
此叶片提取液中加氰酸酶前后均不含氰；当加入含氰糖苷后，由于自身含有氰酸酶，故叶
片提取液中产生氰；
④基因型为hhdd的植株，自身不能合成产氰糖苷酶、含氰糖苷和氰酸酶，因此单独加入含
氰糖苷或氰酸酶，叶片提取液中均不含有氰。
14．金鱼是由野生鲫鱼演化而来的，二者不存在生殖隔离。金鱼的正常眼（A）对龙眼
（a）为显性，单尾鳍和双尾鳍受等位基因B和b的控制，但显隐性未知。请回答下列问题：
（1）龙眼金鱼和正常眼鲫鱼杂交，F 全部表现为正常眼，F 自由交配，得到F 中正常眼和
1 1 2
龙眼的比例＝15∶1。
①上述结果说明在鲫鱼体内存在____________（填“显性”或“隐性”）抑制基因，能抑
制____________（填“正常眼”或“龙眼”）基因的表达。②F 群体的数量足够多，若除去F 中的龙眼个体，则剩余群体中A基因的频率是
2 2
___________。
（2）为了研究A/a、B/b这两对基因能否自由组合，用龙眼双尾鳍金鱼与正常眼单尾鳍金
鱼杂交，子代表现型及比例为龙眼单尾鳍∶正常眼单尾鳍∶龙眼双尾鳍∶正常眼双尾鳍＝
1∶1∶1∶1，若实验结果能说明两对基因能自由组合则需要具备另一条件，即双尾鳍是
________（填“显性”或“隐性”）性状；反之则不能说明两对基因能自由组合，原因是
________________。
【答案】（1）显性 龙眼 8/15（或0．53）
（2）隐性 若双尾鳍是显性性状，则亲本的基因型组合为 aaBb×Aabb，亲本各产生2种
基因型的配子。若这两对基因不独立遗传，则杂交子代也会出现1∶1∶1∶1的性状分离比
【解析】①用龙眼金鱼和正常眼鲫鱼杂交，得到的F 全部是正常眼金鱼，F 自由交配，得
1 1
到F 表现型及比例为正常眼∶龙眼＝15∶1．该结果说明龙眼是双隐性个体，在鲫鱼中存
2
在显性抑制基因，能抑制龙眼基因的表达。
（2）去除龙眼aabb个体，则F 中AA∶Aa∶aa＝4∶8∶3，因此A的基因频率＝
2
4/15+1/2×8/15＝8/15。
（2）科研人员用龙眼双尾鳍和正常眼单尾鳍金鱼杂交，杂交后代表现型及比例为龙眼单尾
鳍∶龙眼双尾鳍∶正常眼单尾鳍∶正常眼双尾鳍＝1∶l∶l∶l，若双尾鳍是显性性状，则亲
本的基因型为aaBb和Aabb，无论两对基因是否自由组合，两亲本杂交，均可出现上述杂
交结果，不能说明两对等位基因能自由组合。因此，若实验结果能说明两对基因自由组合，
必须同时具备双尾鳍是隐性性状这一条件。
15．某二倍体两性花植物种子的长粒对圆粒为显性，受一对等位基因A/a控制，糯性和非
糯性受另一对等位基因B/b控制。现有甲、乙、丙三株杂合植株，让其进行如表两个杂交
实验。不考虑突变和交叉互换，子代数量足够多，回答相关问题：
杂交组合 F
1
实验一：甲×乙 长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒非糯性∶圆粒糯性＝1∶1∶1∶1
实验二：丙×乙 长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒非糯性∶圆粒糯性＝3∶1∶3∶1
（1）甲、乙、丙三株植株的基因型分别为________________________。
（2）根据实验_________（填“一”或“二”）能判断A/a、B/b两对等位基因的遗传遵循
基因的自由组合定律。请从上述两个杂交实验中的F 中选择实验材料，设计实验验证
1
A/a。B/b两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。简述实验方案．预测结果和结论：实验方案：____________________________________________________。
预期结果和结论：______________________________________________。
（3）选择实验二F 的长粒非糯性植株随机交配，后代长粒非糯性植株中纯合子的概率为
1
____。
（4）在一定的条件下，实验二的F 只出现三种表现型，且比例为3：1：2，你认为可能的
1
原因是________________________________________________________________________。
【答案】（1）Aabb、aaBb、AaBb
（2）二 实验方案：选择实验一F 中的长粒非糯性植株进行自交，统计后代表现型及
1
比例（或选择实验一F 中的长粒非糯性植株与实验一F 或实验二F 中圆粒糯性植株进行杂
1 1 1
交，统计后代表现型及比例） 预期结果和结论：子代中长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒
非糯性∶圆粒糯性＝9∶3∶3∶1，说明两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律（或
子代中长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒非糯性∶圆粒糯性＝1∶1∶1∶1，说明两对等位基因
的遗传遵循基因的自由组合定律）
（3）1/6
（4）丙产生的基因型为ab或Ab的配子致死
【解析】（1）根据分析，乙的基因型为aaBb，甲的基因型为Aabb，丙的基因型为AaBb。
（2）实验一的杂交组合为Aabb×aaBb，无论两对等位基因位于一对同源染色体上还是两对
同源染色体上，后代都是四种表现型且比例为1∶1∶1∶1，实验二的杂交组合为 AaBb×
aaBb，F 中非糯性与糯性这对相对性状的分离比为3∶1，圆粒与长粒这对相对性状的分离
1
比为1∶1，且长粒非糯性长粒糯性∶圆粒非糯性∶圆粒糯性＝3∶1∶3∶1，说明两对等位
基因的遗传遵循基因的自由组合定律。实验一中F 的基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，
1
实验二中F 的基因型为Aab_、aab_、Aabb、aabb，因此若要从F 中选择材料设计实验验证
1 1
A/a、B/b两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律可选择实验一中F 的长粒非糯性植株
1
（AaBb）进行自交，后代的表现型及比例应为长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒非糯性∶圆粒
糯性＝9∶3∶3∶1；也可以选择实验一F 中的长粒非糯性植株（AaBb）与实验一F 或实验
1 1
二F 中圆粒糯性植株（aabb）进行杂交，后代的表现型及比例应为长粒非糯性∶长粒糯性
1
∶圆粒非糯性∶圆粒糯性＝1∶1∶1∶1。
（3）实验二中F 长粒非糯性植株的基因型及比例为AaBB∶AaBb＝1∶2，它们随机交配，
1
可以分开分析这两对等位基因：Aa×Aa→1/4AA、2/Aa、1/4aa；对B/b采取配子法分析，F
1
长粒非糯性植株产生B配子的概率为2/3，b配子的概率为1/3，随机交配产生子代BB的概率为（2/3）2＝4/9，Bb的概率为2×2/3×1/3＝4/9，则后代长粒非糯性植株中纯合子的概率
为（1/4×4/9）÷（3/4×8/9）＝1/6。
（4）若某条件下实验二的F 只出现三种表现型，且比例为3∶1∶2，分析可知可能是丙
1
（AaBb）产生的配子ab或Ab致死，当其和乙aaBb杂交，若丙产生的基因型为ab的配子
致死，则F 的基因型及比例为长粒非糯性∶长粒糯性∶圆粒非糯性＝3∶1∶2，若丙产的
1
基因型为Ab的配子致死，则F 的基因型及比例为圆粒非糯性∶圆粒糯性∶长粒非糯性＝
1
3∶1∶2。
