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2025年秋季期11月份玉林市八校联合调研测试∙高一物理答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C C B D B C BC AB AD
1.A．分析弹头在空中的运动轨迹时，弹头的大小和形状可以忽略，故其可以作为质
点。
B．在分离过程中，弹头的形状和大小不可忽略，不可将弹头看成质点。
C．结合题述可知，8时44分指的是导弹发射的时刻。
D．导弹射程指的是导弹从发射点到命中目标的最大距离，该距离是沿地球表面的
长度，不符合位移的定义。
2.A．位移x随时间t变化的图像描述物体做直线运动，故甲车和乙车都做直线运
动。
B．t 时刻，两车在同一位置，但是图像的斜率不同，故二者速度不同。
2
x
C．t 到t 时间内，两车的初末位置相同，即位移相同，又时间相同，根据v=
1 2 t
可得两车平均速度相等。
D．t 到t 时间内，乙车的图像斜率不变，故乙车做匀速运动，速度变化率为零。
1 2
3.从t=0开始以初速度v 沿水平地面向右做匀减速运动，受到的滑动摩擦力大小
0
为：F =μmg=2N,方向向左，为负值；
f
当物体的速度减到零时，物体所受的最大静摩擦力为：f =μmg>F
m 0
所以物体不能被拉动而处于静止状态，受到静摩擦力作用，其大小为：F =F =1N，
f 0
方向向右，为正值。
4.x-t图像的斜率表示速度，小车先做匀减速运动，因此速度变小，即0-t 图像斜
1
率变小；t ~t 做反向匀加速运动则图像的斜率变大，若初速度方向为正，则斜率先
1 2
为正后为负。故可能正确的图像选B。
5.A．t ∼t 阶段，无人机速度保持不变，做匀速直线运动，选项A错误；
1 2
B．0∼t 阶段，速度方向不变，图像斜率即加速度有正有负，故无人机实际加速度方
1
向与速度方向不是始终相同，选项B错误；
C．t ∼t 阶段，无人机的加速度先增大后减小，选项C错误；
2 3
D．若无人机未受气流影响，在0∼t 阶段，平均速度更大，加速阶段所用时间减小，
1
则其到达目的地上空悬停点所需时间将减小，选项D正确。
6.A．由题知，滑块在停止运动前的最后1s内通过的距离为2m，根据逆向思维法有
1
x = at2，代入数据有a=2m/s2
0 2
B．根据逆向思维法有v2=2a×4x ,解得盒子运动到a点的速度大小为v =2m/s
a 0 a
C．根据逆向思维法有v2=2a×2x ,解得盒子运动到c点的速度大小为v= 2m/s
c 0
2025年秋季期11月份玉林市八校联合调研测试∙高一物理答案 第1页（共4页）
{#{QQABRQYEggCAQIAAAQgCUQGyCAKYkBACCAgOwAAcIAAAAQFABCA=}#}1
D．根据逆向思维法有4x = at2,盒子从a点运动到e点的时间为t=1s
0 2
t
7.A．由题意可知，小球上升到最高点的时间为 ，则小球抛出时的初速度大小为
2
gt
v = ，故A错误；
0 2
1 t
BC．小球上升的最大高度为h= g
2 2
2 gt2 gt2
= ，所以小球的位移大小为 的位
8 8
置在抛出点上方有一个(最高点)，下方有一个，故B错误，C正确；
gt gt
D．小球运动的速度大小为 的位置有两个：上升阶段(速度+ )和下落至抛出
3 3
gt
点上方时(速度- )，无第三个位置，故D错误。
3
8.A．物体的形状和大小对所研究的问题没有影响，属于无关或次要因素时，即可以
把物体看成质点，故A错误；
B．加速度方向与速度变化量Δv方向相同(Δv=aΔt)，而加速度方向与速度方向可
能相同(加速)或相反(减速)，故B正确；
C．当Δt→0时，其值可以用来作为该时刻的瞬时速度，这在物理学上应用了极限方
法，故C正确；
D．加速度方向与速度同向时，速度增大；加速度方向与速度反向时，速度减小。
9.A．绳子竖直，故小球只受重力和绳子的拉力作用，斜面对球没有弹力。
B．物体受到地面的弹力，方向垂直于接触面，同时绳子的弹力沿着绳子指向绳子收
缩的方向。
C．下面物体受到地面的弹力垂直于地面向上，同时还受到上面物体向下的弹力，垂
直于接触面向下。
D．受的垂直于杆的弹力，及过圆心的弹力。
Δv 20-10
10.A．两车减速时的加速度大小：a= = m/s2=2.5m/s2
Δt 4
1
B．0~6s内，甲车位移：x = ×10+20
甲 2
×4m+10×2m=80m
1 1
运用逆向思维可知乙车位移：x = at2= ×2.5×62m=45m
乙 2 2
则t=0时，甲车在乙车后面：Δx=80m-45m=35m
Δv 20-0
C．乙车减速到零用时：t = = s=8s
0 a 2.5
从减速到恢复原来速度所用的总时间为：t =2t +Δt=31s
乙 0
D．由图甲车从减速到恢复原来速度用时：t =10s
甲
1
位移：s =2× ×10+20
甲 2
×4m+10×2m=140m
1 1
乙车31s内运动的总位移：s =2× at2=2× ×2.5×82m=160m
乙 2 0 2
2025年秋季期11月份玉林市八校联合调研测试∙高一物理答案 第2页（共4页）
{#{QQABRQYEggCAQIAAAQgCUQGyCAKYkBACCAgOwAAcIAAAAQFABCA=}#}s -s
甲车节约时间：Δt=t -t - 乙 甲 =20s
乙 甲 v
1
11. 每空两分 1 13.50 2 10.70 0.85
【解析】[1]刻度尺的示数为13.50 cm；
[2]由图乙可知：弹力为0时，弹簧原长为10.70 cm；
[3]根据胡克定律F=kx可知，图像斜率的物理意义为弹簧的劲度系数：
2.80
k= N/cm=0.85 N/cm
14.00-10.70
12. 每空两分
d2
(1)0.42 0.61 (2)不变 (3)
2LT2
【解析】(1)[1]相邻计数点间的时间间隔为：T =0.02×4s=0.08s
0
匀变速直线运动中间时刻速度等于该段的平均速度，则打A点时小车运动的速度大
x 6.74×10-2
小为：v = OB = m/s≈0.42m/s
A 2T 2×0.08
0
[2]根据逐差法可得小车运动的加速度为
x -x -x 15.05-6.74-6.74
a= OD OB OB =
4T2
0
×10-2
m/s2≈0.61m/s2
4×0.082
(2)如果当时电网中交变电流的电压是210V，但频率没有变化，所以周期准确，测量
值与实际值相比不变。
(3)小车经过光电门的时间极短，可以用平均速度替代瞬时速度，所以经过光电门时
d v2 d2
小车的速度为：v= 小车下滑的加速度为：a= =
T 2L 2LT2
13. 共12分 (1)50m (2)8m (3)2s
Δv 20-4
【解析】(1)刹车的加速度大小为：a= = m/s2=4m/s2 (2分)
t 4
1
由v=v -at ,解得汽车从刹车到停止所需时间为：t =5s (2分)
0 2 2
t F (2分)
2 2 2 fm
物块与水平面间处于相对滑动状态，则摩擦力大小：F =μmg=12N (2分)
f2
15. 共16分 (1)0.6s (2)2m/s (3)a=10m/s2
1
【解析】(1)圆棒做自由落体运动，根据:H= gt2 (2分)
2 1
2H
可得圆棒从下落到下端刚触地时的时间为:t = =0.6s (1分)
1 g
L
(2)机器手触碰到圆棒时，棒下落的高度为:h=h+ =0.8m (2分)
2
1
由:h= gt2 (2分)
2 2
解得:t =0.4s (1分)
2
v
机器手水平方向做匀加速直线运动，则有:x= t (2分)
2 2
解得触碰前瞬间机器手的速度为:v=2m/s (1分)
(3)由(2)问可知，机器手从开始运动到抓取点的最大时间为t =0.4s；机器手的加速
2
和减速的加速度和速度变化量大小均相同，由对称性可知加速和减速的时间、最大
位移相等。
1
加速和减速的最大时间为:t = t =0.2s (1分)
3 2 2
1
加速和减速的最大位移为:x= x=0.2m (1分)
2
1
由:x= at2 (2分)
2 3
解得机器手的加速度至少为:a=10m/s2 (1分)
2025年秋季期11月份玉林市八校联合调研测试∙高一物理答案 第4页（共4页）
{#{QQABRQYEggCAQIAAAQgCUQGyCAKYkBACCAgOwAAcIAAAAQFABCA=}#}
