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2025 年高考第二次模拟考试
高三化学
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：O-16 Ti-48 Ba-137
第Ⅰ卷（选择题 共45 分）
一、选择题：本题共15 小题，每小题3 分，共45 分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．湖北人民创造了有众多非物质文化遗产，如汉绣皮影戏陶器烧制技艺酿醋技艺等，其研究价值和历
､
､
､
史意义重大。下列说法不正确的是
非物质文化遗产
制作原料
主要化学成分
A
汉绣
棉布
多糖
B
烧制陶器
黏土、石英砂、长石
都属于盐
C
皮影戏
兽皮
蛋白质
D
黄龙山牮(jiàn)纸
竹、麻
纤维素
【答案】B
【解析】A．棉布的主要成分为纤维素，纤维素属于多糖，故A 正确；C．烧制陶器的主要原料为黏
土、石英、长石三大类，黏土和长石主要成分是硅酸盐，石英砂主要成分是二氧化硅，属于氧化物，
故B 错误；C．兽皮的主要成分是蛋白质，故C 正确；D．黄龙华(jiàn)纸所用原料竹、麻主要成分都是
纤维素，故D 正确；故选B。
2．光化学分析法是融合物理学和化学实验技术的一类重要仪器分析方法，在科技发展中起着至关重要的
作用。在青蒿素分子结构(相对分子质量282)测定中，使用下列方法能得到对应结论的是
A
B
C
D
分析方法
红外光谱
质谱法
X 射线衍射
核磁共振氢谱
1
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结论
相对分子质量282
分子中含有酯基
测定分子结构
分子中含有过氧基
【答案】C
【解析】A．红外光谱仪可检测结构中存在的化学键和官能团，不能测定物质的相对分子质量，故A 不
正确；B．质谱仪测定物质的相对分子质量可，不能测定青蒿素分子中的酯基故B 不正确；C．通过X
射线晶体衍射，可以测定青蒿素分子的空间结构，故C 正确；D．核磁共振氢谱仪可测定青蒿素分子氢
原子的类型，不可测定分子中含有过氧基
，故D 错误；答案选C。
3．一种测定葡萄酒中SO2含量的实验装置如图所示(忽略夹持装置)。
下列说法错误的是
A．缓慢通入N2的目的是尽可能使SO2进入H2O2溶液
B．冷凝管的作用是避免水蒸气进入H2O2溶液影响测定结果
C．用NaOH 标准溶液滴定反应后的H2O2溶液可获得SO2的含量
D．若实验过程中品红溶液褪色，则说明实验失败
【答案】B
【分析】葡萄酒中二氧化硫溶于水形成亚硫酸存在化学平衡：SO2+H2O
H2SO3
H++
，向葡萄
酒中加入硫酸，增大氢离子浓度，平衡逆向进行，抑制亚硫酸电离，减小二氧化硫的溶解度，通入氮
气并加热是把溶解的二氧化硫吹出到盛有H2O2的溶液中吸收，发生反应：SO2+H2O2=H2SO4，用NaOH
标准溶液滴定产生的H2SO4，进而可确定葡萄酒中SO2的量。根据最后的品红溶液不褪色可判断确定
SO2被完全吸收。根据H2O2中H2SO4的量的多少判断葡萄酒中SO2的含量，据此分析解答。
【解析】A．缓慢通入N2的目的是尽可能的将双颈烧瓶中SO2吹出，使其进入H2O2溶液被氧化为
H2SO4，A 正确；B．冷凝管的作用是避免温度过高，导致葡萄酒中的部分硫酸溶液被吹入H2O2溶液而
影响测定结果，B 错误；C．根据反应SO2+H2O2=H2SO4，H2SO4+2NaOH=Na2SO4+2H2O 可得关系式：
SO2～H2SO4～2NaOH，根据滴定时消耗NaOH 标准溶液的体积及浓度计算出n(NaOH)，就可以得到一
定体积的葡萄糖中SO2的物质的量及其含量，C 正确；D．SO2具有漂白性，能够使品红溶液褪色，若
实验过程中看到品红溶液褪色，说明在H2O2溶液中SO2没有被完全氧化吸收，则根据滴定时消耗
NaOH 标准溶液计算的SO2的含量就会比实际偏低，从而可知该测定SO2含量的实验失败，D 正确；故
合理选项是B。
2
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4．化学用语可以表达化学过程，下列化学用语表示不正确的是
A．
分子中p-p
键的形成过程可以表示为
B．
在
在中燃烧生成
的形成过程用电子式表示为：
C．锌锰碱性电池放电时正极反应式：
D．牙膏中添加氟元素的原理：
【答案】B
【解析】A．
分子中氯原子的3p 轨道头碰头形成p-p
键，形成过程可以表示为
，A 正确；B．
的形成过程用电子式表
示为：
，B 错误；C．锌锰碱性电池放电时正极
得到电子生成
，反应式为：
，C 正确；D．牙膏中添加氟元素的原理：
，使用含氟牙膏，
浓度增大，平衡右移，可预
防䶙齿，D 正确。故选B。
5．结构决定性质，下列事实解释错误的是
事实
解释
A
水的沸点高于氟化氢
的键能大于
的键能
B
结合
的能力：
N 的电负性小于F
C
游离态水分子中
小于
中
孤电子对排斥作用
D
臭氧在四氯化碳中的溶解度高于在水中的溶解度
臭氧的极性微弱
【答案】A
【解析】A．氢键属于分子间作用力，水的沸点高于氟化氢的沸点是因为氢键的数目，前者更多，不是
为氢键的键能，实际上是
的键能大于
的键能，A 项错误；B．由于N 的电负性小于
F，但是NF3中F 元素电负性强，使得N 原子呈正电性，难与H+结合，则结合
的能力：
，
B 项正确；C．单个水分子中，O 的2 对孤对电子排斥O-H 键，使得
变小，而在
中，O 的孤对电子和Cu2+的空轨道配位，O 上只有1 对孤对电子，减弱了O 的孤对电子
对O-H 键的排斥，因此中
大于单个水分子中
，C 项正确；D．臭氧
是弱极性分子，水是极性溶剂，四氯化碳是非极性溶剂，根据“相似相溶”原理，所以臭氧在四氯化
碳中的溶解度高于在水中的溶解度，D 项正确；答案选A。
3
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6．托伐普坦用于治疗高容或等容性低钠血症伴心力衰竭、肝硬化、抗利尿激素分泌异常综合征。其结构
简式如下图，下列有关托伐普坦的叙述正确的是
A．分子式为C26H23ClN2O3
B．1 个分子中采用sp3杂化的碳原子有5 个
C．分子中含有三种官能团
D．分子中没有手性碳原子
【答案】C
【解析】A．由结构简式可知，分子式为C26H25ClN2O3，A 不正确；B．由结构简式可知，苯环上的碳原
子和酰胺基中的碳原子采用sp2杂化，中间环上有4 个饱和碳原子，还有苯环连接的两个甲基共6 个碳
原子采用sp3杂化，B 不正确；C．由结构简式可知，托伐普坦分子中含有氯原子、酰胺基和醇羟基，
共三种官能团，C 正确；D．手性碳是指连有四个不同原子团的碳原子，由结构简式可知，分子含有1
个手性碳原子，即连有醇羟基的碳原子，D 不正确；答案选C。
7．用高能射线照射液态水时，一个水分子能释放出一个电子，同时产生一种阳离子H2O+。释放出来的电
子可以被若干水分子形成的“网”捕获而形成水合电子[e-(H2O)n]，下列关于[e-(H2O)n]和H2O+的描述正
确的是（ ）
A. [e-(H2O)n]示意图可表示为：
B. H2O+具有较强的氧化性，能将二氧化硫还原为硫酸根离子
C. [e-(H2O)n]具有强还原性
D. 一个H2O+所含电子数与一个水合氢离子(H3O+)相等
【答案】C
【解析】A．[e-(H2O)n]中H2O 含有孤电子对，带负电，中心的e-也带负电，故H2O 中的O 原子应该朝
外，故示意图错误；B.由水分子释放出电子时产生的一种阳离子具有较强的氧化性，能将二氧化硫氧
化为硫酸根离子，故B 错误；C.除了氖和氦等个别物质外，水合电子几乎能与任何元素及化合物发生
化学反应，故[e(H2O)n]-具有强还原性，C 正确；D.一个H2O+所含电子数为10-1=9，一个水合氢离子
(H3O+)是水分子结合一个H+后形成的，其电子数与水分子相同均为10 个电子,D 错误；答案选C。
8．按照下图进行铜与浓硫酸反应的探究实验，下列说法正确的是
4
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A．蘸有品红溶液的滤纸褪色，说明
具有强氧化性
B．N 形管溶液变为红色，说明有酸性气体进入N 形管
C．反应后，从c 口抽取反应液加到足量的氨水中最终产生蓝色沉淀
D．实验结束后从b 口注入足量NaOH 溶液，会有2 种物质与NaOH 反应
【答案】B
【分析】铜与浓硫酸共热反应生成硫酸铜、二氧化硫和水。
【解析】A．蘸有品红溶液的滤纸褪色，说明二氧化硫具有漂白性，故A 错误；B．滴有石蕊的氢氧化
钠溶液呈蓝色，则N 形管溶液变为红色，说明溶液中氢氧化钠与通入的二氧化硫完全反应，过量的二
氧化硫使溶液呈酸性，故B 正确；C．反应后，从c 口抽取反应液加到足量的氨水中发生的反应为硫酸
铜溶液与足量氨水反应得到深蓝色的硫酸四氨合铜溶液，不可能得到氢氧化铜蓝色沉淀，故C 错误；
D．浓硫酸与铜共热反应时硫酸浓度会减小变为稀硫酸，稀硫酸与铜共热不反应，则反应中浓硫酸不可
能完全反应，所以实验结束后从b 口注入足量氢氧化钠溶液，氢氧化钠溶液能与反应生成的硫酸铜、
二氧化硫反应，也能与未反应的稀硫酸反应，所以会有3 种物质与氢氧化钠反应，故D 错误；故选
B。
9．我国科研工作者合成了一种非线性光学晶体
，其阴离子结构如图所示(电荷未标出)。X、Y、
Z、W 是原子序数依次增大的短周期元素，基态X 的核外电子有5 种运动状态，Y、Z 与X 同周期，W
的氢氧化物具有两性，Q 是第六周期半径最大的主族元素。下列说法错误的是
A．金属性：
B．原子半径：
C．该晶体结构中X 的化合价为
价
D．Y 的第一电离能比同周期相邻元素的都低
5
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【答案】B
【分析】X、Y、Z、W 是原子序数依次增大的短周期元素，基态X 的核外电子有5 种运动状态，每一
种电子的运动状态各不相同，则X 为B 元素，Y、Z 与X 同周期，Y 为O 元素，Z 为F 元素；W 的氢氧
化物具有两性，则W 为Al 元素，Q 是第六周期半径最大的主族元素，则为Cs 元素；
为
CsAlB3O6F；
【解析】A．同主族从上到下金属性增强，同周期从左到右金属性依次减弱，故金属性：
，故正确；B．同周期从左到右原子半径减小，故原子半径：
，故错误；C．
Cs 为+1 价，Al 为+3 价，O 为-2 价，F 为-1 价，则该晶体CsAlB3O6F 结构中X 的化合价为
价，故正
确；D．同周期元素由左向右元素原子的第一电离能呈递增趋势，但O 原子的价电子排布式为2s22p4，
N 原子的价电子排布式为2s22p3，p 轨道为半充满状态较为稳定，故N、O、F 三种元素第一电离能由大
到小顺序为F> N>O，Y 的第一电离能比同周期相邻元素的都低，故正确；答案选B。
10．丙烯酸是非常重要的化工原料之一，可由甘油催化转化制得，过程如下：甘油(C3H8O3)→丙烯醛
(C3H4O)→丙烯酸(C3H4O2)。甘油常压下沸点为290℃，工业生产选择反应温度为300℃常压下进行。
下列说法错误的是
已知：反应I：C3H8O3(g)
C3H4O(g)+2H2O(g) △H1>0 K1
反应II：2C3H4O(g)+O2(g)
2C3H4O2(g) △H2<0 K2
A．反应I 的平衡常数K1=
B．反应Ⅱ是焓减、熵减的反应
C．丙烯醛有毒，可选择适用反应Ⅱ且对反应I 几乎无影响的高效催化剂
D．若改变条件增大反应Ⅱ的K2，反应Ⅱ平衡移动过程中逆反应速率先增大后减小
【答案】D
【解析】A：反应I 产物中水为气态水，所以结合平衡常数计算公式可得
，
故A 说法正确；B:反应Ⅱ
，所以反应过程中焓是减少的过程，反应Ⅱ是一个气体体积减少的反
应过程中，所以是一个熵减的反应，故B 说法正确；
C：选择适用反应Ⅱ且对反应I 几乎无影响的高效催化剂，可以加快丙烯醛的反应生成丙烯酸，可以
减少丙烯醛的污染，故C 说法正确；D：因为反应Ⅱ为放热反应，若想增大
则需要降低反应温度，
温度降低是正逆反应速率都减少的过程，故D 说法错误；故本题选D。
11．二氯化二硫(
)是一种常用的橡胶硫化剂，其结构如图所示。
极易水解：
。下列说法错误的是
6
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A．
中S 为＋1 价
B．
是由非极性键与极性键构成的极性分子
C．上述反应中
既作氧化剂又作还原剂
D．上述反应中氧化产物与还原产物的质量比为3：1
【答案】D
【解析】A．氯元素在S2Cl2中为-1 价，根据化合价规则知硫元素的化合价为+1 价，故A 正确；B．S-
Cl 键是极性键，S-S 键是非极性键，由于分子中正负电荷的重心不能重合，所以分子是极性分子，故
B 正确；C．S 元素的化合价由+1 价升高为+4 价，S 元素的化合价由+1 价降低为0，只有S 元素的化
合价变化，则S2Cl2既作氧化剂又作还原剂，故C 正确；D．氧化产物为SO2，还原产物为S，由反应
可以知道二者的物质的量比为1：3，故D 错误；故答案选D。
12．嫦娥三号卫星上的
元件（热敏电阻）的主要成分——钡钛矿的晶胞结构如图所示。若该晶体的密
度为
，
为阿伏加德罗常数的值。下列说法错误的是
A．
位于
围成的正八面体的中心
B．
周围距离最近的
数目为12
C．两个
的最短距离为
D．若
的分数坐标为
，则
的分数坐标为
【答案】D
【分析】根据晶胞结构图可知，晶胞中Ti4+位于正方体中心，故每个晶胞中Ti4+个数为1 个，Ba2+位于
正方体8 个顶点，故每个晶胞Ba2+个数为
，O2-位于6 个面心，每个晶胞中O2-个数为
，故钡钛矿每个晶胞中Ba2+、Ti4+、O2-个数比为1 1 3
∶∶，化学式为BaTiO3，其摩尔质量M=233g/mol，晶
体的密度为ρg/cm3，体积V=
cm3，其晶胞棱长为
，据此解答。
【解析】A．
位于6 个面心正好可围成正八面体，
位于体心，则
位于
围成的正八面体
的中心，A 正确；B．
位于正方体8 个顶点，
位于6 个面心，一个
周围等距的O2-共计
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个，B 正确；C．
位于正方体6 个面的面心，故两个
的最短距离为
，即
，C 正确；D．位于顶点处
的分数坐标为
，则晶胞的参数为1，位于面心
的
原子的分数坐标为
，D 错误；故选D。
13.常温下，调节足量草酸钙固体与水的混合体系的
时，各微粒浓度的对数
(
代表
、
、
、
)随
的变化曲线如图所示。已知
。下列有关说法错误的
是
A．
的电离常数
的数量级为
B．
时，
C．虚线④代表
时，溶液中
mol/L
D．A 点时，c(H+)>
>c(OH-)
【答案】B
【分析】CaC2O4为强碱弱酸盐，其溶液呈碱性，体系中存在一系列平衡，
、
、
，水解微弱，钙离子和草酸根在一定pH 范围内几乎是相等的，增大
pH，后两个平衡逆向移动，草酸根浓度增大，其正对数增大，故④表示Ca2+，①表示草酸根；增大
pH 的过程中，后这个平衡均逆向移动，草酸氢根减小程度缓于草酸分子，故②表示
、③表示
，以此分析；
【解析】A．
，
，
，①③相交时
，pH=4.2，可得Ka2=10-4.2，数量级为10-5，A 正确；
8
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B．溶液pH=7 时，c(H+)=c(OH-)，溶液中电荷守恒
，则
，忽略了调节pH 所加的NaOH 和HCl 引入的钠离子和氯离子，
B 错误；
C．草酸钙饱和溶液中
，④表示Ca2+，①表示草酸
根，pH=12，根据图像可知，
，C 正确；D．A 点时c(H+)=10-1.32mol/L，
，结合C 点，
，A 点时，
，则A 点，
，
，即A
点时，c(H+)>
>c(OH-)，D 正确；故答案为：B。
15．我国学者最近研发出一种以铝为负极、石墨烯薄膜(Cn)为正极的新型铝-石墨烯电池，
可在石墨
烯薄膜上嵌入或脱嵌，离子液体
/［EMIM］Cl 作电解质，其中阴离子有
、
，阳离子
为
(
)，放电机理如图所示。下列说法错误的是
A．放电时正极的电极反应：
B．离子液体中的
不参与反应，只起传递离子的作用
C．
和
中各原子最外层均达到8 电子结构
D．该离子液体可用于钢制品上电镀铝，阴极的电极反应为
【答案】D
9
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【分析】由题干可知，放电时，负极反应为Al+7
-3e-=4
，正极反应为
，以此解答。
【解析】A．由分析可知，
在正极得到电子生成Cu 和
，电极方程式为：
，A 正确；B．离子液体
/［EMIM］Cl 作电解质，
不参与反
应，只起传递离子的作用，B 正确；C．
和
中Al 为+3 价，Cl 为-1 价，Al 和Cl 最外层均达
到8 电子的稳定结构，C 正确；D．由该电池负极反应可知，该离子液体可用于钢制品上电镀铝，阴
极的电极反应为=4
+3e-= Al+7
，D 错误；故选D。
15．氯苯在液氨溶液中可以与氨基钠反应生成苯胺。某研究小组提出了三种可能的机理。经过一系列实
验，最终确定该反应按“机理3”进行。
机理1：
机理2：
机理3：
三种机理中涉及到多个中间体。下列说法错误的是
A．已知“中间体1”至少有11 个原子共平面，则碳负离子采用
杂化
B．“中间体2”存在
离域π 键
C．“中间体3”的碳负离子有一对位于
杂化轨道的孤对电子
D．“中间体4”部分键角与正常键角有较大差距，导致“中间体4”反应活性高
【答案】B
【解析】A．“中间体1”中至少有11 个原子共平面，可知氯原子和氨基外的其他原子共面，碳负离子
形成平面结构，为
杂化，故A 正确；B．“中间体2”存在碳正离子仍存在一个单电子参与形成π
键，该中间体离域π 键为
，故B 错误；C．“中间体3”的碳负离子中C 原子与两个C 成键，
杂
10
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化轨道共存在一对孤电子对，p 轨道中存在一个单电子，故C 正确；D．“中间体4”存在碳碳三键，
键角与双键差异较大，容易断键，因此“中间体4”反应活性高，故D 正确；故选：B。
第II 卷（非选择题 共55 分）
二、非选择题：共4 题，共55 分。
16．（13 分）铂钌催化剂是甲醇燃料电池的阳极催化剂，一种以钌矿石[主要含Ru(CO3)2，还含少量的
Al2O3、FeO、MgO、SiO2和CaO 等]为原料制备钌(Ru)的流程如图，回答下列问题：
已知：①常温下，Ksp(CaF2)=1.5×10-10，Ksp(MgF2)=7.4×10-11，
，
；
②离子浓度等于或低于1×10-5 mol·L-1时，则认为该离子已被完全除去。
（1）基态Fe 原子的价层电子排布式为 ，气体A 为 。
（2）“滤液3”中含有铵盐，请写出氯化铵的电子式： 。
（3）“沉铁”的离子方程式为 。
（4）“软化”时，溶液中钙离子和镁离子的浓度分别为0.01 mol·L-1和0.02 mol·L-1，常温下取2.0 L
该滤液，使其中Ca2+、Mg2+沉淀完全，则至少需要加入NaF 的物质的量为 。
（5）“灼烧”时Ar 的作用是 。
（6）产生相同量的钌，方案1 中消耗H2与方案2 中产生CO2的物质的量比值为 ；从安全
角度分析，方案2 优于方案1，其理由是 。
【答案】（1）3d64s2（1 分） CO2（1 分）
（2）
（1 分）
（3）
（2 分）
（4）0.1278mol（2 分）
（5）作保护气，防止钌与空气中的氧气反应（2 分）
（6）1：2（2 分） 方案1 使用氢气作还原剂，氢气是易燃易爆气体，方案2 更安全（2 分）
【分析】由分析可知，碳酸钠与钌矿石中氧化铝、氧化硅在熔融下发生反应，生成气体A 二氧化碳；
水浸后，滤液1 中溶质为Na2SiO3，Na[Al(OH)4]，过滤后滤渣进行酸浸，Fe2+、Mg2+、Ca2+进入溶液
中；“沉铁”去除铁，“软化”除Mg2+、Ca2+。方案1 中沉钌得到的是Ru(CO3)2，方案2 中沉钌得到
11
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的是Ru(C2O4)2。
【解析】（1）铁是26 号原子，基态Fe 原子的价层电子排布式为3d64s2；由分析知，气体A 为CO2，
故答案为：3d64s2；CO2；
（2）氯化铵中，氨根离子与氯离子之间以离子键结合，其电子式为
，故答案
为：
；
（3）“沉铁”时，氯酸钠在碱性条件下把二价铁转化为三价铁并生成Na2Fe4(SO4)6(OH)2沉淀，离子
方程式为
，故答案为：
；
（4）Ksp(MgF2)=7.4×10-11更小，说明Mg2+先沉淀完全，故以Ca2+完全沉淀计算，Ksp(CaF2)=1.5×10-
10=c(Ca2+)×c2(F-)，当c(Ca2+)=1×10-5 mol·L-1时，
(mol·L-1)，则加上沉淀的氟
离子，需加入NaF 的物质的量为
(mol)，故答案为：
0.1278mol；
（5）“灼烧”时，方案1 中有还原性的H2，未加入Ar，方案2 加了Ar，故Ar 的作用是作保护气，
防止钌与空气中的氧气反应，故答案为：作保护气，防止钌与空气中的氧气反应；
（6）方案1 中，Ru 从+4 价变为0 价，每生成1 mol Ru，需要2 mol H2，1molRu(C2O4)2分解产生4 mol
CO2，方案1 中消耗H2与方案2 中产生CO2的物质的量之比为1：2，故答案为：1：2；方案1 使用氢
气作还原剂，氢气是易燃易爆气体，方案2 更安全。
17．（14 分）工业上先将金红石
转化为
，再制得在医疗等领域具有重要用途的金属钛(Ti)。在
恒容密闭容器中加入一定量的
、
和
，可能发生的反应有：
反应
反应Ⅱ：
反应Ⅲ：
回答下列问题：
（1）①
；反应I (填“能”或“不能”)自发进行，判断理由是 。
②已知
和
的部分物理性质如下表：
物质
物理性质
熔点为1560~1580℃，不溶于水、稀无机
酸、
熔点为-23.2℃、沸点为135.9℃，溶于冷水、乙
醇、稀盐酸
将二者混合物进行分离，分别得到纯净物可采用的方法是 (简要写出操作步骤)。
12
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（2）在
下，一定量的
、
、C 发生上述反应，平衡体系中气体组分
、
、
的体积分数随温度变化的理论计算结果如图所示。
①图中表示
的曲线是 (填“a”或“b”)，其曲线变化的原因是
②理论上制备
的反应温度是越低越好，但实际生产中反应温度却选择800~1000°C，选择
800~1000°C 的原因是 。
③在1200℃下，反应Ⅱ的平衡常数
(
为用分压表示的平衡常数，分压=总压物质的
量分数)。
【答案】（1）①-49（2 分） 能（1 分） 反应I 的
，
，
，能自发
进行(合理即可) （2 分）
②常温下将混合物过滤，滤液是
，将滤渣用冷水洗涤、干燥，得到
(合理即可)（2 分）
（2）①b（1 分） 随温度升高，反应Ⅱ逆向移动，
减少，而反应Ⅲ正向移动，
也减少(合
理即可) （2 分）
②升高温度，反应速率加快，从图中可知800~1000℃时，
的体积分数也比较高(合理即可)（2
分）
45
③
（2 分）
【解析】（1）①由盖斯定律可知反应I=反应Ⅱ+反应Ⅲ，则
；
反应自发进行，该反应
,
,
，该反应能自发进行；
②由
和
的物理性质可知，
不溶于水，
能溶于冷水，故将二者混合物进行分离
时，可将混合物溶于冷水，进行过滤，滤液为
，滤渣为
，将滤渣用冷水洗涤、干燥后可得
固体；
（2）①升高温度，反应Ⅱ平衡向吸热的方向移动，即平衡逆向移动，CO2的量减小，反应Ⅲ正向移
动，CO2的量也减小，故表示CO2的曲线是b，表示CO 的曲线是a，曲线变化的原因是：随温度升
高，反应Ⅱ逆向移动，CO2减少，而反应Ⅲ正向移动，CO2也减少；
②适当的升高温度，能使反应速率加快，根据图中曲线可知
在800~1000℃范围内体积分数也较
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高，故选择800~1000°C 的原因是：升高温度，反应速率加快，从图中可知800~1000℃时，
的体
积分数也比较高；
③根据图像可得
的分压为
，CO2的分压为
，CO 的分压为
，那么Cl2的分压为100kPa-36kPa-20kPa-40kPa=4kPa，反应Ⅱ的平衡常数
。
18．（14 分）含氮物质是一类常见物质，在人们的生产、生活活动中有重要作用。
（1）实验室中，采用一定浓度的NaNO2溶液和NH4Cl 溶液作为反应物，通过加热制备少量N2。
①该反应的化学方程式是 ，收集N2的方法是 (填标号)。
②实验小组同学设计以下实验探究上述反应的速率与c(NaNO2)的关系
实验编号
溶液体积/mL
收集1.0mLN2所用时间/s
NaNO2溶液
NH4Cl 溶液
醋
酸
水
1
4.0
4.0
4.0
8.0
334
2
V1
4.0
4.0
V3
150
3
8.0
4.0
4.0
4.0
83
4
12.0
4.0
4.0
0.0
38
V
③
1= ，V3= 。
④已知该反应的速率方程为
，k 为反应速率常数。根据上述实验数
据，m= (填整数)。
（2）“侯氏制碱法”是中国人的骄傲，上述实验中需用到的NH4Cl 是“侯氏制碱法”的副产物。实
验小组模拟“侯氏制碱法”的原理，在实验室中制备少量NaHCO3，使用的装置如下图：
装置接口正确的连接顺序为a→ ←d(填接口序号)；由该装置可知，该实验中制备NH3需用到的
试剂是 (填化学式)。
（3）实验小组在实验中，将1.0mol·L-1NaNO2溶液滴入pH=0.5 的1.0mol·L-1FeSO4溶液中，观察到溶
液为棕色，而不是预期的黄色。于是他们进行以下实验探究。
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①查阅资料常温下，[Fe(NO)]2+在溶液中能稳定存在，溶液为棕色，受热分解释放出NO。
②提出猜想溶液的棕色来源于[Fe(NO)]2+，且[Fe(NO)]2+的颜色掩盖了Fe3+的黄色。
③设计实验、验证猜想
实验编号
5
6
操作方法
取上述滴有NaNO2溶液的棕色混合液，向其中滴加
稀KSCN 溶液
取上述棕色混合液，按下图所示加
热
④实验现象及分析
i．实验5 溶液变红色，说明溶液中存在Fe3+，Fe3+的来源是 (写出离子方程式)；
ii．实验6 观察到 (填实验现象)，证明溶液呈棕色是因为存在[Fe(NO)]2+，且其颜色掩盖了
Fe3+的黄色。
【答案】（1）
（2 分） a（2 分） 6.0（1 分） 6.0（1
分）
2（2 分）
（2）a→b，c←f←e←d（2 分） NH4Cl、Ca(OH)2（1 分）
（3）
（2 分） 溶液变为黄色（1 分）
【分析】探究NaNO2溶液和NH4Cl 溶液反应的速率与c(NaNO2)的关系时，c(NaNO2)是唯一变量。
【解析】（1）①
溶液和
溶液加热生成NaCl、N2、H2O，该反应的化学方程式是
，N2的密度与空气相近，难溶于水，所以用排水法收集N2，故选
a。
③根据实验1、3、4 可知，溶液的总体积为20.0mL，该实验的目的是探究NaNO2溶液的浓度对化学
反应速率的影响，根据实验1 和3，NaNO2的体积增大二倍，速率大约变为4 倍，实验4 的速率大约
是实验2 的4 倍，则实验2 所用NaNO2溶液的体积为实验4 的二分之一，则V1=6.0mL，V3=(20.0-4.0-
4.0-6.0)mL=6.0mL。
④由表中实验1、3 数据可知，其他物质的浓度相同时，NaNO2溶液的浓度增大1 倍时，实验3、1 中
收集1.0mLN2所需时间比值为
≈
，即实验3 的反应速率为实验1 的4 倍，由于
，实验m≈2。
（2）把氨气和二氧化碳气体通入饱和食盐水中制取碳酸氢钠，根据装置图，该装置适合加热氯化铵
和氢氧化钙固体制取氨气，氨气易溶于水，为防止倒吸，由b 口通入氨气；石灰石和稀盐酸反应制取
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二氧化碳，用饱和碳酸氢钠溶液除去二氧化碳中的氯化氢，二氧化碳由c 口通入饱和食盐水中，装置
接口正确的连接顺序为a→b，c←f←e←d。由该装置可知，该实验中制备NH3需用到的试剂的化学式
是NH4Cl、Ca(OH)2。
（3）i.
遇SCN-溶液变为血红色，滴加KSCN 溶液变红，说明溶液中存在的离子是
，Fe3+的
来源是
与
发生氧化还原反应生成
和NO，离子方程式是
；
ii. 若猜想成立，溶液中[Fe(NO)]2+的棕色掩盖了
的黄色，则“实验6”中[Fe(NO)]2+受热分解释放出
NO，溶液变为黄色。
19．（14 分）喷他佐辛(化合物H)是一种镇痛药物，其合成路线之一如下(略去部分试剂、条件和步骤)。
已知：
回答下列问题：
（1）试剂X 的化学名称是 。
（2）C 的结构简式为 。
（3）D 中官能团的名称是 、 。
（4）G 中手性碳原子的数目是 。
（5）试剂Y 为溴代烯烃，由G 生成H 的反应类型是 ；在Y 的同分异构体中，不含甲基的同
分异构体的数目是 。
（6）化合物M 的合成路线如下：
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参照F 的合成路线，写出第③步的反应方程式 (忽略立体化学)。
【答案】（1）一碘甲烷（2 分）
（2）
（2 分）
（3）醚键（1 分） 碳溴键（1 分）
（4）3（2 分）
（5）取代反应（2 分） 4（2 分）
（6）
（2 分）
【分析】
与试剂X 反应生成A，对比结构简式的不同可推断出A 为CH3I，同理B 和CH3I
发生取代反应生成C，同时生成HI，结合D 的结构简式可知，C 为
，碳酸钠的作用是与HI 反
应，促进反应正向进行，C 在光照条件下甲基上的H 被溴原子取代生成D，D 与Mg 反应生成E，A 和
E 发生取代反应生成F，F 经多步转化生成G，G 与试剂Y 发生取代反应生成H，已知试剂Y 为溴代烯
烃，则试剂Y 的结构简式为
，据此解答。
【解析】（1）由分析可知，试剂X 是CH3I，化学名称是一碘甲烷；
（2）由分析可知，C 的结构简式为
；
（3）由D 的结构简式可知，D 中官能团名称是醚键、碳溴键；
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（4）手性碳原子是连接4 个不同的原子或原子团的碳原子，由G 的结构简式可知，含有手性碳原子
个数是3，如图*号所示：
；
（5）G 生成H 的反应同时会有小分子HBr 生成，因此属于取代反应；由分析可知，Y 为
，分子式为C5H9Br，不饱和度为1，其同分异构体中，不含甲基，则只能是直链结
构，不能含有支链，为CH2=CHCH2CH2CH2Br，若是环状结构，可能是
、
、
，共计4 种同分异构体；
（6）
与Mg 反应
，
与
发生类似A
与E 生成F 的反应，生成物是
，
与
发生题目已知的
反应生成
，第③步的反应方程式为：
。
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