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2025 年高考押题预测卷
物理·全解全析
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本大题共10 小题，共46 分。第1~7 题，每小题4 分，只有一个选项符合题目要求，第8－10
题，每小题6 分，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得
0 分。
1．1932 年，美国加州理工学院的安德森通过威尔逊云室、强磁铁等实验仪器，发现了电子的反粒子—正
电子；同期居里夫妇也发现了正电子，其核反应方程式为：
，下列说法正确的是
（ ）
A．该反应属于核裂变
B．
是由
和
组成的
C．该核反应质量守恒和电荷数守恒
D．若
原子核原来是静止的，则核反应后生成的
原子核和
动量大小相等
【答案】 D
【解析】A．由核反应方程式
可知该核反应为核衰变，选项A 错误；
B．该反应是核反应，生成了新核，不能说原来的核是由新核组成的，选项B 错误；
C．核反应过程满足质量数和电荷数守恒，选项C 错误；
D．衰变过程类似爆炸、反冲运动，符合动量守恒；反应前动量为零，故反应后动量之和也为零，即
正电子
和新核
的动量等大反向，选项D 正确。
故选D。
2．如图所示的电路中，电动机的内阻为
，灯泡上标有“
”，定值电阻
的阻值为
。当变压
器原线圈接入
的交流电时，电动机和灯泡均正常工作，且电动机的输出功率为
。则
（ ）
1
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A．变压器原、副线圈的匝数比为
B．电动机的额定电压为
C．原线圈的电流强度为
D．若灯泡损坏导致电路断路，则电动机会被烧坏
【答案】 C
【解析】AB．副线圈的输出电流为
设电动机两端电压为
，则有
解得
副线圈的输出电压为
变压器原、副线圈的匝数比为
故AB 错误；
C．原线圈的电流强度为
故C 正确；
D．若灯泡损坏导致电路断路，则灯泡与定值电阻并联部分电阻变大，电动机两端电压减小，电动机
不会被烧坏，故D 错误。
故选C。
3．一列简谐横波在均匀介质中沿x 轴方向传播，在
时刻的波形如图甲所示，图乙为质点M 的振动图
像。下列说法正确的是（ ）
2
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A．该波沿x 轴负方向传播
B．质点N 在
时刻位置
C．在1~3.5s 时间内，质点P 的路程为30cm
D．质点M 的振动方程
【答案】 B
【解析】A．由乙图知t=1s 时，质点M 的振动方向沿y 轴正方向，结合图甲知该简谐横波沿x 轴正方
向传播。故A 错误；
D．由乙图可知，质点M 的振动周期为2s，振幅为6cm，振动方程
故D 错误；
B．由甲图可知，质点N 的振动比质点M 滞后
，其振动方程可表示为
在
时刻位置为
故B 正确；
C．在1~3.5s 时间内
若质点P 从特殊位置（波峰、波谷或平衡位置）开始振动，则其路程为
由甲图可知，t=1s 时质点P 从一般位置向平衡位置振动，在2.5s 时间内的路程大于30cm，故C 错误。
故选B。
4．某种海鸟可以像标枪一样一头扎入水中捕鱼，假设其在空中的俯冲看作自由落体运动，进入水中后可
以看作匀减速直线运动，其
图像如图所示，自由落体运动的时间为
，整个过程的运动时间为
，
最大速度为
，重力加速度g 取
，下列说法正确的是（ ）
3
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A．
B．整个过程中，鸟下落的高度为3m
C．
至
时间内，鸟的加速度大小为
D．
至
时间内，鸟所受的阻力是重力的1.5 倍
【答案】 B
【解析】A．根据
可知
故A 错误；
B．根据
图像与横轴围成的面积表示位移，可知整个过程中，鸟下落的高度为
故B 正确；
CD．
至
时间内，鸟的加速度大小为
根据牛顿第二定律可得
可得
故CD 错误。
故选B。
5．“天问一号”探测器负责执行中国第一次自主火星探测任务，于2020 年7 月23 日在文昌航天发射场发
射升空，2021 年2 月24 日6 时29 分，成功实施近火制动，进入火星停泊轨道。假设“天问一号”在
火星停泊轨道上做匀速圆周运动，轨道半径为r，运行周期为T。已知火星的半径为R，自转周期为
T0，引力常量为G。则火星的（ ）
A．极地表面的重力加速度为
B．密度为
4
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C．静止卫星的轨道半径为
D．第一宇宙速度为
【答案】 A
【解析】A．探测器绕火星做圆周运动，有
又因为
联立解得
故A 正确；
B．根据
，
解得
故B 错误；
C．静止卫星的周期等于火星的自转周期
解得
故C 错误；
D．根据
解得
5
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故D 错误；
故选A。
6．如图所示，某无限长、竖直放置的粗糙绝缘直杆与等量异种电荷连线的中垂线重合，直杆上有A、B、
O 三点，其中O 为等量异种点电荷连线的中点，
。现有一质量为m 的带电小圆环从杆上
A 点以初速度
向B 点滑动，滑到B 点时速度恰好为0。重力加速度大小为g，关于小圆环从A 运动到
B 的过程，下列说法正确的是（ ）
A．电场力先做正功后做负功
B．小圆环的加速度先减小后增大
C．摩擦力对小圆环做功为
D．小圆环运动到O 点时的动能为
【答案】 D
【解析】A．等量异种点电荷连线的中垂线是等势线，故小圆环从A 到B 过程，电场力不做功，故A
错误；
B．从A 到B，电场强度先增大后减小，故小圆环受到的电场力先增大后减小，由小圆环受到的摩擦
力大小为
可知小圆环受到的摩擦力先增大后减小，由牛顿第二定律有
则小圆环的加速度先增大后减小，故B 错误；
C．小圆环从A 到B 过程，由动能定理有
解得摩擦力对圆环做功为
故C 错误；
6
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D．由对称性可知，小圆环从A 到O 过程和从O 到B 过程摩擦力做功相等，故小圆环从A 到O 过程，
由动能定理有
解得小圆环运动到O 点时的动能为
故D 正确。
故选D。
7．如图所示，固定在竖直平面内半径R=0.5m 的四分之一光滑圆弧轨道与水平面相切于B 点，轨道左侧紧
靠一个等高的倾角为30°的光滑斜面，在二者最高结合点A 处装有一个光滑的轻质小滑轮。平行于斜
面的轻绳两端分别连有质量m1=2kg 的小球P 和质量m2=1kg 的小物块Q，小球P 在外力的作用下处于
轨道最高点A 处紧靠小滑轮，小物块Q 紧靠斜面最底端的固定挡板放置，细绳恰好伸直且无张力，整
个系统处于静止状态。现撤去作用于小球P 上的外力，当小球P 运动到圆弧轨道的最低点B 处时，小
物块Q 未与滑轮发生碰撞，重力加速度g 取10m/s²，以下说法正确的是（ ）
A．小球P 运动到圆弧轨道的最低点B 处时的动能大小为2（4-
）J
B．小球P 运动到圆弧轨道的最低点B 处时的动能大小为4（2-
）J
C．小球P 从A 点运动到B 点的过程中，绳子对小球P 做的功为2（
+1）J
D．小球P 从A 点与运动到B 点的过程中，绳子对小球P 做的功为2（2
+1）J
【答案】 A
【解析】AB．小球P 从A 运动到B 的过程中，对P、Q 系统由机械能守恒定律得
根据题意有
联立解得小球P 运动到圆弧轨道的最低点B 处时的动能大小为
J
故A 正确，B 错误；
CD．对小球P 根据动能定理得
7
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解得
J
小球P 从A 点与运动到B 点的过程中，绳子对小球P 做的功为
J，故CD 错误。
故选A。
8．汽车内燃机利用奥托循环进行工作，奥托循环由两条绝热线和两条等容线组成，其中a 到b 和c 到d 为
绝热过程，b 到c 和d 到a 为等容过程，下列说法正确的是（ ）
A．a→b 过程中，外界对气体做功
B．b→c 过程中，气体分子的平均动能不变
C．c→d 过程中，单位体积内气体分子数减小
D．d→a 过程中，气体从外界吸收热量
【答案】 AC
【解析】A．a→b 的过程，体积减小，外界对气体做功，故A 正确；
B．b→c 的过程中，气体体积不变，压强增大，故而温度升高，气体的平均动能增大，故B 错误；
C．c→d 的过程中，体积增大，故单位体积内的分子数减小，故C 正确；
D．d→a 的过程中，气体压强减小，体积不变，温度降低，内能减小，没有做功，故而向外界放出能
量，故D 错误。
故选AC。
9．如图所示，在平面直角坐标系第二象限内有沿y 轴正方向的匀强电场，第四象限某正三角形区域内有方
向垂直坐标平面向里、磁感应强度大小为
的匀强磁场（图中未画出）。现有一质量为m、电
荷量为
的带电粒子（不计重力），从第二象限内的P 点
以平行于x 轴的初速度
射出，
并从y 轴上M 点
射出电场，穿过第一象限后，进入第四象限并穿过正三角形区域的磁场，最
后垂直于y 轴离开第四象限，则（ ）
8
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A．粒子经过M 点时速度与y 轴负方向的夹角为
B．匀强电场的电场强度大小为
C．正三角形区域磁场的最小面积为
D．粒子从开始运动到第二次到达y 轴的最短时间为
【答案】 BC
【解析】B．带电粒子（不计重力），从第二象限内的P 点
以平行于x 轴的初速度
射出，
并从y 轴上M 点
射出电场，则有
，
且
联立解得
，
B 正确；
A．粒子经过M 点时竖直速度
则此时速度与y 轴负方向的夹角为
所以
A 错误；
C．作出粒子运动轨迹如图：
9
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由几何关系可知
解得
则
，
正三角形区域磁场的最小面积为
C 正确；
D．粒子在M 点的速度
粒子在第一象限运动的时间
粒子在磁场中的周期
粒子在磁场中的运动时间
所以粒子从开始运动到第二次到达y 轴的时间为
D 错误。
故选BC。
10．如图所示，竖直固定的光滑细杆上穿着一个小球B，小球通过一根不可伸长的轻绳绕过轻质光滑定滑
10
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轮与质量为
的物块A 相连，用手将物块A 竖直向上托起至定滑轮左侧细绳与竖直方向的夹角为
，
现突然松手，物块A 开始在竖直方向上做往复运动，小球最高能到达
点。已知定滑轮到细杆的距
离为d，Q 点和定滑轮的高度相同，
，
，重力加速度大小为
，定滑轮可看作质点，
下列说法正确的是（ ）
A．小球经过
点时的加速度大小为
B．小球的质量为
C．绳中的最小张力为
D．该系统的最大总动能为
【答案】 ABD
【解析】A．小球经过
点时水平方向平衡，在竖直方向仅受到重力作用，加速度大小为
。故A 正
确；
B．根据机械能守恒定律有
解得
故B 正确；
C．设小球在最高点的加速度大小为
，则物块对应的加速度大小为
，则有
解得
故C 错误；
11
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D．设轻绳与水平方向的夹角为
时，系统的总动能为
，有
解得
其中
为第一象限内单位圆上的点与定点
连线的斜率，所以
故D 正确。
故选ABD。
二、非选择题：本大题共5 小题，共54 分。第11 题6 分，第12 题10 分，第13 题10 分，第14 题12 分，
第15 题16 分。其中13~15 题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最
后答案而无验算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（6 分） 某实验小组要通过实验验证机械能守恒定律。实验装置如图甲所示，水平桌面上固定一气垫
导轨，把气垫导轨调节水平，在导轨上A 点处有一带长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端用跨
过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m 的钩码相迕，遮光条两条长边与导轨垂直，导轨上B 点有一光
电门，可以测量遮光条经过光电门时的挡光时间t，用d 表示遮光条的宽度，s 表示A、B 两点间的距
离，将遮光条通过光电门的平均速度看作滑块通过B 点时的瞬时速度。用g 表示重力加速度。完成下
列问题。
(1)如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d= mm；
(2)实验时将滑块从如图甲所示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t=1.2×10-
2s，则滑块经过光电门的瞬时速度为 m/s（结果保留2 位有效数字）；
(3)若将滑块自A 点由静止释放，考虑遮光条宽度的影响，则在滑块从A 点运动至B 点的过程中，滑块、
遮光条与钩码组成的系统重力势能的减小量测量值 （填“大于”、“小于”或“等于”）
动能的增加量测量值；
(4)该实验小组在研究中发现利用该装置可测带长方形遮光条的滑块的总质量M，实验小组多次改变光
电门的位置，且每次均令滑块自同一点（A 点）开始运动，测量相应的s 与t 值。某同学完成实验后，
想利用测得的数据探究s 与t 的关系。根据测量的数据作出
图象，测得直线的斜率为k，已知钩
码的质量为m，则滑块的总质量M 的表达式为 （用题目给出的字母表示）。
12
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【答案】 （1） 3.80 （2） 0.32（或
） （3） 大于 （4）
【解析】(1)游标卡尺的整数部分为3mm，副尺零线以右与主尺上的刻度对准的刻线数为16，乘上
，
则小数部分为0.80mm，遮光条的宽度为整数部分加小数部分为3.80mm。
(2)滑块经过光电门的瞬时速度为
代入解得
由于题干要求结果保留2 位有效数字，即
(3)匀加速运动中间位移处速度大于中间时刻时速度，考虑遮光条宽度的影响，遮光条通过光电门的平
均速度即中间时刻速度应该小于滑块通过B 点时的瞬时速度，动能的增加量测量值偏小，则在滑块从
A 点运动至B 点的过程中，滑块、遮光条与钩码组成的系统重力势能的减小量测量值大于动能的增加
量测量值。
(4)对整个系统列机械能守恒
整理得
即
解得
12．（10 分） 某实验小组测某电池的电动势和内阻，实验器材如下：
A．待测电池（电动势约为2.0V，内阻约为0.5Ω）；
B．电压表V（量程为0~3V，内阻约为3kΩ）；
C．电流表A（量程为0~0.6A，内阻约为0.2Ω）；
13
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D．滑动变阻器（量程合适）；
E．开关、导线若干。
(1)实验电路图如图甲，电压表示数为U，电流表示数为I，请写出该电路测量电动势E 和内阻r 的原
理表达式 （用U、I、E、r 表示，不考虑电表内阻影响）；
(2)某次实验电压表指针如图乙所示，则该电压读数为 V；
(3)为减小电表内阻引起的误差，在电表量程不变的情况下，可以采取的措施是______；
A．换用内阻更大的电流表
B．换用内阻更小的电压表C．换用内阻更大
的电压表
(4)该实验测得电池的内阻 真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）；
(5)测得电池的电动势
，内阻
。将两节与所测电池完全相同的电池串联组成电池组，
与
的定值电阻及两个相同的灯泡构成如图丙所示的电路，灯泡的伏安特性曲线如图丁所示，
则两个灯泡的实际功率之和为 W（结果保留两位小数）；此时电池组的输出功率与总功率的百
分比
%（结果保留三位有效数字）。
【答案】 (1)
；(2)1.80；(3)C；(4)小于；(5) 1.50 87.5%
【解析】（1）根据闭合电路的欧姆定律可得
（2）电压表量程为0~3V，该电压读数为
（3）由于电压表的分流作用，相同的路端电压下，电流表测量的电流值小于流过电源的电流，内阻
的测量值为电源和电压表并联后的总电阻，比实际电源的内阻小，为减小实验误差，可以采取的措施
是换用内阻更大的电压表。
故选C。
（4）由于电压表的分流作用，相同的路端电压下，电流表测量的电流值小于流过电源的电流，内阻
的测量值为电源和电压表并联后的总电阻，故该实验测得电池的内阻小于真实值。
（5）根据闭合电路的欧姆定律可得
整理得
14
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设每个灯泡的电压为
，则
将关系画到图像中，如图所示
读出横轴周对应的电流
，电压
，即为每个灯泡的电流和两端电压，两个灯泡的实际功率之
和为
路端电压为
将
代入，解得
电池组的输出功率与总功率的百分比为
13．（10 分） 某精密光学仪器上有一块玻璃砖是由一块长方体的匀质玻璃下部分挖掉一个半径为R 的半
圆柱形成的，其截面如图所示，CD 为半圆柱体的直径，O 为圆心，AD 长为
。一束单色光从AD
边的中点E 垂直射入玻璃砖，经过折射后从玻璃砖中射出。已知玻璃砖对该单色光的折射率为
，光
在真空中的传播速度为c。
①请画出此光束在玻璃砖中的光路图，并求出该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖时的折射角；
②该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所经历的时间。
15
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【答案】 ①如图所示
，θ=60°；②
【解析】①由题意可知，作出光在介质中的光路图如图所示。
根据图示和题意
∴α=60°
由光进入该介质的产生全反射时的临界角设为C，得
可得α＞C，光线在F 点全反射
根据图可知
由G 点光线第一次射出介质，由折射定律得
16
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解得
θ=60°
②根据题意，光中介质中的传播速度为
FG=FO=R
所以光在介质中传播的时间为
14．（12 分） 如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平台面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量
M=2kg 的小物块A，装置的中间是水平传送带，它与左侧的水平台面、右侧的光滑曲面均平滑连接，
传送带始终以u=2m/s 的速率逆时针转动，质量m=1kg 的小物块B 从右侧的光滑曲面上距水平台面高
h=2m 处由静止释放，已知传送带上表面长l=2m，物块B 与传送带之间的动摩擦因数µ=0.1，设物块
A、B 间发生的是弹性碰撞，碰撞时间极短，第一次碰撞前物块A 静止于水平台面，取g=10m/s2。
（1）求物块B 刚滑上传送带时的速度大小；
（2）求物块B 与物块A 第一次碰撞前的速度大小；
（3）通过计算说明物块B 与物块A 第一次碰撞后能否运动到右边的曲面上。
【答案】 （1）
；（2）
；（3）见解析
【解析】（1）依题意，设物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为
，由机械能守恒知
求得物块B 刚滑上传送带时的速度大小
（2）设物块B 在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为a，有
设物块B 通过传送带后运动速度大小为v，有
17
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联立解得
由于
所以
即为物块B 与物块A 第一次碰撞前的速度大小。
（3）设物块A、B 第一次碰撞后的速度分别为
、
，取向右为正方向，由弹性碰撞知
联立解得
即碰撞后物块B 沿水平台面向右匀速运动，设物块B 在传送带上向右运动的最大位移为
，则
解得
所以物块B 不能通过传送带运动到右边的曲面上。
15．（16 分） 如图所示，水平放置的两个同心金属圆环，圆心为O，半径
，同水平面
内的两条水平轨道间距为
，整个装置处于垂直水平面的匀强磁场中，磁感应强度大小为
，
一长为
的金属棒od 绕圆心端在水平面内以角速度ω 匀速转动，
，且与两圆环接触良好。
两条导线分别接两个金属圆环，与单刀双掷开关、电容量C 为1F 的电容器、电阻R 为1Ω 且质量m 为
1kg 的金属棒ab 连成如图所示电路；金属棒ab 长度也为L，其与水平轨道间的动摩擦因数
。
现将开关S 接1，充电完成后再接2，当金属棒ab 加速度为0 时恰好从AB 端飞出，落到比水平轨道平
面低h 的水平地面上，
，且落地位置与AB 端的水平距离
也为0.8m；不计空气阻力，除金
属棒ab 外，其余电阻均不考虑，重力加速度
，求：
(1)判断金属棒od 的旋转方向（从上往下看），要有判断过程；
18
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(2)金属棒飞出后电容器上的电荷量Q；
(3)金属棒ab 在水平轨道上的运动时间t。
【答案】 (1)od 棒旋转方向为顺时针方向，见解析
(2)
(3)
【解析】（1）若磁场方向垂直水平面向下，由左手定则可得，电流方向为a 到b，则上极板带正电，
故od 棒的电流方向为o 到d，由右手定则可得，od 的旋转方向为顺时针方向;同理有，若磁场方向垂
直水平面向上，由左手定则可得，电流方向为b 到a，则下极板带正电，故od 棒的电流方向为d 到
o，由右手定则可得，od 的旋转方向仍为顺时针方向;故od 棒旋转方向为顺时针方向
（2）ab 棒从AB 端飞出后做平抛运动，初速度为
，则有
解得
ab 棒从AB 端飞出时加速度为0，则
此时电容器两端的电压为
，则有
联立解得
所以电容器的电荷量
（3）od 棒旋转切割磁感线，产生的电动势E，则有
联立解得
将开关打到2 到ab 棒飞出这个过程中，电容器放电量
对 ab 棒，由动量定理有
19
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解得
20
