夜雨聆风
2026年江西高考生物试题答案解析
一、单项选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，答对得2分，答错得0分。
1.【答案】C
【详解】A、叶绿体是真核自养生物才具有的细胞器，该生物不属于真核生物，且深海热泉无光照，无法进行光合作用，因此不存在依赖叶绿体进行光合作用的情况，A错误；
B、无机盐离子进出细胞的方式为协助扩散或主动运输，无法通过自由扩散跨膜运输，B错误；
C、该生物生存于深海热泉的高温环境中，胞内酶需要适应高温环境才能正常发挥作用，因此其胞内酶的最适温度比常见生物体的高，C正确；
D、成形的细胞核是真核生物特有的结构，该生物不属于真核生物，不具有细胞核，D错误。
2.【答案】D
【详解】A、酶的活性依赖其特定的空间结构，第n位甲硫氨酸氧化会改变蛋白酶E的局部结构，进而改变E的空间结构，导致酶活性下降，A正确；
B、蛋白质的氨基酸序列由编码它的基因的碱基序列决定，替换特定位置的氨基酸可通过蛋白质工程（即第二代基因工程）改造对应基因的碱基序列，再经表达获得改造后的蛋白酶，B正确；
C、本次改造的目的是提高E对S的耐受性，因此判断改造效果的指标是经S处理后酶的活性保留情况，需用S处理一段时间后测定酶活性进行对比，C正确；
D、酶的专一性由酶活性位点的结构决定，替换甲硫氨酸提高了E对S的耐受性，没有信息表明该替换改变了酶的活性位点结构，无法得出E的专一性降低的结论，D错误。
3.【答案】D
【详解】A、基因突变的本质是遗传物质的碱基序列发生改变，“移码”是核糖体在RNA上的位置移动，RNA本身的碱基序列未发生改变，不属于基因突变，A错误；
B、“移码”仅改变核糖体的读码位置，RNA自身的核苷酸数量不变，不会使RNA长度增加，B错误；
C、“移码”会改变后续的读码框，可能使终止密码子提前出现，编码的多肽链可能更短，不一定比未移码的多肽链更长，C错误；
D、“移码”发生在翻译延伸阶段，移码位点之前已经完成翻译的氨基酸序列（即多肽链N端部分）不受影响，因此有无“移码”产生的两种多肽链N端氨基酸残基相同，D正确。
4.【答案】A
【详解】A、种群密度是种群在单位面积或单位体积中的个体数，诗中的计数方法仅统计了鸟类总个体数，既未区分物种种群，也未结合调查区域的空间大小计算单位空间的个体数，无法准确计算种群密度，A错误；
B、声纹监测可通过种间声纹差异识别鸟种，通过个体声纹差异统计对应种群的个体数量，无需人工捕捉计数，能高效估测某些鸟类种群的密度，B正确；
C、群落是同一时间聚集在一定区域中所有生物种群的集合，保护区内除鸟类外还有植物、微生物、其他动物等类群，仅鸟类不能组成一个群落，C正确；
D、物种丰富度指群落中物种数目的多少，不同声纹对应不同鸟种，不同声纹的鸟越多说明保护区鸟的物种数目越多，即鸟的丰富度越高，D正确。
5.【答案】A
【详解】A、差速离心法通过控制不同的离心速率，可将质量不同的细胞组分分离，细胞核质量大，会在较低转速下最先沉淀，因此可从解冻组织匀浆液中获得细胞核，A正确；
B、电融合法是用于诱导供体细胞与去核卵母细胞的细胞膜融合的操作，若已经直接将提取的细胞核注入去核卵母细胞的细胞质中，无需再进行电融合，只需进行激活处理即可，B错误；
C、细胞核全能性是指细胞核含有发育为完整个体的全套遗传物质，具有发育成完整个体的潜能，利用心脏来源的细胞核未成功构建ntES是受当前实验条件限制，不能说明其细胞核本身不具有全能性，C错误；
D、核移植的成功比例受冷冻对不同组织细胞核的损伤程度、操作误差等多种因素影响，不能仅根据成功率更低就直接判定胰腺细胞分化程度更高，且神经细胞属于高度分化的终末细胞，分化程度高于多数胰腺细胞，D错误。
6.【答案】B
【详解】A、题干明确“盗食体”内的叶绿体来自被摄食的藻类，且叶绿体可自身合成部分光合蛋白，说明编码光合色素蛋白的基因来自藻类叶绿体的DNA，并非海蛞蝓细胞核，A错误；
B、叶绿体进行光合作用需要CO2、水、无机盐、ADP、Pi等多种原料，这些原料无法由叶绿体全部自主合成，需要海蛞蝓细胞通过转运蛋白运输到“盗食体”内部供叶绿体使用，B正确；
C、叶绿体外膜来源于藻类，海蛞蝓细胞膜来源于动物细胞，二者的来源和功能不同，因此蛋白质结构存在差异，C错误；
D、叶绿体在藻类细胞中可分裂增殖，但被包裹进 “盗食体” 后，失去了藻类细胞的调控和分裂相关因子，无法自主分裂增殖，其光合能力只能维持一段时间，D错误。
7.【答案】A
【详解】A、B-1a细胞产生天然IgM的过程无需特定抗原刺激，不针对某一特定抗原发挥免疫作用，属于非特异性免疫，A正确；
B、记忆细胞是经特定抗原刺激后，由B细胞或细胞毒性T细胞增殖分化形成的，B-1a是先天存在的B淋巴细胞亚群，不属于记忆细胞，B错误；
C、B-1a受特定抗原刺激产生IgG的过程属于体液免疫，体液免疫中B细胞分化为浆细胞的过程需要辅助性T细胞提供活化信号及分泌细胞因子的参与，C错误；
D、机体免疫功能衰退是T细胞、吞噬细胞、其他B细胞亚群等多种免疫细胞的数量和功能共同下降导致的，D错误。
8.【答案】A
【详解】A、混种S的T2组，H的天敌数量显著高于T1组，同时H的数量远低于T1组，可推测S能够“吸引”天敌，通过天敌的捕食作用控制H的数量，A符合题意；
B、H是植食性害虫，取食生产者大豆，属于初级消费者，H的天敌才属于次级消费者，B不符合题意；
C、40～100天T1模式下H的数量持续上升，说明食物（大豆）充足，未受到食物限制，该阶段H数量变化主要和天敌数量少、种群繁殖有关，C不符合题意；
D、110～130天T2模式下H的数量和天敌数量均呈下降趋势，说明天敌数量随H数量减少而下降，该阶段H数量变化主要受大豆生长后期营养不足、种群基数低等因素影响，并非主要受天敌影响，D不符合题意。
9.【答案】C
【详解】A、丝虫长期寄生在淋巴管内，会造成淋巴管管腔变窄甚至阻塞，直接导致淋巴液回流受阻，是引发下肢水肿的重要原因，A正确；
B、感染者出现炎症反应时，炎症部位毛细血管通透性增大，血浆中的部分蛋白质渗出进入组织液，组织液渗透压升高，吸水能力增强，组织液生成量增加，B正确；
C、淋巴回流受阻会导致局部组织液中蛋白质滞留，使局部组织液渗透压升高，仅有极少量血浆蛋白进入局部组织，同时丝虫产生的蛋白类分泌物会进入血液循环补充血浆蛋白，因此血浆渗透压不会出现明显下降，C错误；
D、机体可通过水盐平衡调节，促使肾脏加强对水和无机盐的重吸收，维持血浆量的相对稳定，因此血浆量不会发生明显下降，D正确。
10.【答案】D
【详解】A、制备杂交瘤细胞的核心操作就是将免疫小鼠的B淋巴细胞（可分泌特异性抗体）与骨髓瘤细胞（可无限增殖）融合，符合单克隆抗体制备的流程，A正确；
B、抗原蛋白F上存在多个不同的抗原决定簇，可刺激小鼠产生多种分泌抗F抗体的B淋巴细胞，因此可制备多种抗F的单克隆抗体，B正确；
C、单克隆抗体阳性克隆的培养属于动物细胞培养，目前人类未完全掌握动物细胞所需的全部营养物质，因此培养液中通常需要添加血清等天然成分补充未知营养，C正确；
D、PCR是扩增和检测核酸的技术，抗F抗体的本质是蛋白质，无法用PCR检测，检测抗体需要使用抗原-抗体杂交技术，D错误。
11.【答案】B
【详解】AC、由题意可知，某些因素会导致TSHR成为自身抗原，刺激机体产生TSAb和TBAb两种抗体，正常机体原则上不会产生TSAb，其不会影响TRH和TSH的分泌量，TSAb属于抗体，而TSH属于激素，后者具有微量高效的特点，原则上TSAb也不能替代TSH调节TH的分泌量，AC错误；
B、协同效应指不同物质对同一生理过程发挥相同的作用，共同增强效应。TSAb和TSH都能促进甲状腺分泌TH，二者功能具有协同效应，B正确；
D、TBAb与TSHR结合会抑制TH的分泌，但TSH与TSHR结合的作用是促进TH分泌，D错误。
12.【答案】B
【详解】A、基因突变具有随机性，甲地区乳糖耐受个体仅高频率突变位点为位点1，仍可能存在低频率的位点3突变，A错误；
B、乙地区畜牧业发达，乳制品丰富，乳糖耐受个体可更好利用乳制品营养，具有生存繁殖优势，乳糖耐受基因频率升高；同时乳糖耐受比例升高也会推动畜牧业发展，二者相互影响、协同进化，B正确；
C、丙地区乳糖耐受高频率突变位点为位点1，乙地区为位点2，因此丙的乳糖耐受基因更可能来自甲地区而非乙地区，C错误；
D、丁地区畜牧业不发达，乳制品消费少，乳糖耐受个体无明显生存优势，缺乏驱动乳糖耐受基因型频率升高的选择压力，D错误。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有两项或两项以上符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
13.【答案】CD
【详解】A、若净光合速率下降的直接原因是气孔导度下降，CO₂进入叶肉细胞的量减少，缺锌组胞间CO₂浓度应低于对照组，但表格中缺锌组胞间CO₂浓度高于对照组，说明净光合下降不是气孔导度下降导致，A错误；
B、叶绿素是光合作用光反应阶段吸收、转化光能的必要物质，叶绿素含量下降是净光合速率下降的原因之一，B错误；
C、缺锌组叶绿素含量降低，光反应受抑制，暗反应消耗的CO₂减少，进入胞间的CO₂无法被及时利用，因此胞间CO₂浓度升高，直接原因是光合作用减弱，C正确；
D、由题意可知，缺锌会影响色氨酸（合成IAA的原料）的合成，因此IAA含量下降的直接原因是合成原料供应不足，D正确。
14.【答案】AB
【详解】A、该基因工程菌为大肠杆菌，培养大肠杆菌的适宜温度为37℃左右；72℃是该DNA聚合酶T催化PCR反应延伸时的适宜温度，不是培养工程菌的温度，72℃条件下大肠杆菌无法存活，A错误；
B、诱导物浓度并非越高越好，高浓度诱导物通常会对工程菌的生长产生毒害，反而会抑制目的蛋白的表达，降低T酶的产量，B错误；
C、蛋白质电泳可根据条带数目初步判断蛋白质的纯度：若仅出现目的条带说明纯度高，出现多条杂带说明杂质多，C正确；
D、T酶的活性是其催化PCR合成DNA的能力，相同反应条件下，T酶活性越高，单位时间内扩增得到的PCR产物量越多，因此可以根据PCR产物的多少计算T酶的活性，D正确。
15.【答案】BD
【详解】A、根据表格，1年时只有B草本，2年时出现了A草本和B草本，这表明群落中物种组成发生了变化，A草本从无到有，B草本的株数和盖度也发生了变化，根据群落演替的定义，物种组成发生变化即为群落演替，A错误；
B、2年时，A草本和B草本共存，A的株数（23.3）远多于B（7.7），但B的盖度（11.5%）高于A（1.3%），说明B在资源利用上可能更占优势。到5年时，A草本的株数（420.0）和盖度（24.4%）显著增加，而B草本未被调查到，这表明A草本逐渐取代了B草本，可能是因为两者生态位重叠，导致竞争加剧，B草本被淘汰，B正确；
C、5年时，A草本和C灌木共存；10年时，只有C灌木存在，这表明群落从草本阶段向灌木阶段演替，灌木成为优势种，群落结构更加复杂，生物量增加，属于群落发展而非衰退，C错误；
D、根据表格，土壤粒径较小组分含量逐年增加，说明土壤结构逐渐改善，保水性应逐年提高，10年时该指标最高（10.2%），且C灌木盖度达59.8%，植被覆盖度高，进一步增强了土壤保水性，D正确。
16.【答案】AC
【详解】A、据题意可知，二倍体母本F的基因型为b1b2（从电泳条带可得）；异源四倍体父本M基因型为b3b3b4b4，减数分裂正常，产生的精子基因型固定为b3b4（提供2个该基因），杂交后代是四倍体，说明母本F的雌配子也提供2个该基因。据图可知Z1基因型为b1b2b3b4，说明雌配子提供b1和b2，若雌配子同时含b1和b2，说明减Ⅰ时b1、b2所在同源染色体未分离，一同进入次级卵母细胞；减Ⅱ姐妹染色单体正常分离，最终雌配子得到1个b1和1个b2，符合Z1的电泳结果；Z2基因型为b2b2b3b4，雌配子提供2个b2，说明减Ⅰ同源染色体正常分离，b1和b2分开，次级卵母细胞获得含b2的染色体；减Ⅱ时b2的姐妹染色单体未分离，最终雌配子得到2个b2，符合Z2的电泳结果；Z3基因型为b1b1b3b4，雌配子提供2个b1，说明减Ⅰ同源染色体正常分离，b1和b2分开，次级卵母细胞获得含b1的染色体；减Ⅱ时b1的姐妹染色单体未分离，最终雌配子得到2个b1，符合Z3的电泳结果，AC合理，B不合理；
D、若减Ⅰ、减Ⅱ均正常，雌配子只含1个基因，基因型为b1或b2，后代电泳条带与Z3相同（雌配子为b1）或与Z2相同（雌配子为b2），不一定和Z2一致，D不合理。
三、非选择题：本题共5小题，共60分。
17.【答案】（1）A基因的表达水平（或水稻类型）
（2）①. 提高 ②. 高
（3）参与脱落酸（ABA）的合成（或促进ABA合成）
（4）①. 敲除C基因的A-OE株系的种子 ②. 与对照组相比，实验组种子内脱落酸（ABA）含量更低，赤霉素（GA）含量无明显差异，GA与ABA的比值更高，证明C基因功能的预测成立
【解析】
【小问1详解】
本实验探究A基因对水稻种子萌发的影响，以野生型水稻(WT)和A基因过表达株系(A-OE)的种子为材料开展实验，温度等为无关变量，需要保持一致，自变量为A基因的表达情况（水稻类型），因变量是种子萌发速率。
【小问2详解】
由曲线可知，相同萌发时间下，A基因过表达株系（A-OE）发芽率高于野生型（WT），说明A基因提高水稻种子萌发速率；赤霉素（GA）促进萌发，脱落酸（ABA）抑制萌发，萌发更快的A-OE种子GA更多、ABA更少，因此GA和ABA的比值更高。
【小问3详解】
A-OE中B基因表达上升，功能为参与GA合成，使GA增加；C基因表达下降后，共同作用让GA/ABA进一步升高，可推知C基因功能为参与ABA合成：C表达量下降后ABA合成减少，共同提高GA/ABA比值，促进萌发。
【小问4详解】
本实验在A-OE株系背景下验证C基因功能，自变量为C基因的有无：对照组为普通A-OE种子，实验组为敲除C基因的A-OE种子；若C参与ABA合成，则敲除C后ABA合成减少，预期结果为实验组ABA含量低于对照组、GA无明显变化，GA/ABA比值高于对照组，证明预测成立。
18.【答案】（1）磷酸盐 （2）①. ①②②. 陆地
（3）①. 过量磷肥随径流最终进入海洋沉积，难以回到陆地被重新利用，而岩石风化补充磷的速度很慢，可利用磷资源被快速消耗 ②. 抵抗力 ③. 正
（4）减少总径流量；减少磷随径流的流失；提高土壤磷含量（提升土壤肥力）；提高农作物总产量
【解析】
【小问1详解】
结合图可知，生物从无机环境吸收磷、磷在生物群落与无机环境之间循环的主要形式是磷酸盐。因为在磷循环中，岩石风化释放出的是磷酸盐，植物吸收的是土壤中的磷酸盐，然后在生物之间传递，生物体死亡后分解又以磷酸盐的形式回到无机环境。
【小问2详解】
碳循环是气体型循环，磷循环是沉积型循环，二者都属于生物地球化学循环，都具有全球性；与碳循环相比，磷循环的特点是易沉积、循环周期更长，因此选①②。自然条件下，磷最终随径流汇入海洋沉积，大部分磷很难回到陆地，难以被生物利用，导致陆地生态系统磷含量偏低，因此自然条件下，磷更易成为陆地生态系统初级生产力的限制因素。
【小问3详解】
结合题干磷循环“始于岩石风化、终于海洋沉积，大部分沉积磷难以回到陆地被重新利用”的特点：过量施用磷肥后，多余的磷会随径流进入海洋沉积脱离可利用循环，而岩石风化补充磷的速度极慢，因此加速了可利用磷资源的匮乏。水体富营养化会破坏生态系统结构，降低生物多样性和自我调节能力，削弱生态系统的抵抗力稳定性；水华/赤潮爆发过程中，污染会进一步加剧生态系统偏离稳定状态，该过程是正反馈调节的结果。
【小问4详解】
对比表格数据可直接推出：与常规施肥相比，秸秆还田可以降低总径流量、减少磷流失、提高土壤磷含量（肥力）、提高作物总产量。
19.【答案】（1）不相同 （2）无菌等渗
（3）①. ①②⑤②. 检测培养基和培养过程是否被杂菌污染，排除杂菌污染对OD值检测结果的干扰
（4）①. 稳定不再变化 ②. VB12是测试菌生长的限制因子，只有当菌体生长达到稳定期，菌体浓度不再改变，OD 值才能稳定，OD值才与VB12浓度形成稳定对应关系，保证计算结果准确
【解析】
【小问1详解】
液体培养基(b)用于培养活化测试菌，需要含有VB12才能供测试菌生长繁殖；液体培养基(c)用于检测样品中VB12含量，本身不含VB12，因此二者成分不相同。
【小问2详解】
无菌的等渗溶液，可维持菌体正常形态和活性，同时无菌条件能防止杂菌污染，符合操作要求。
【小问3详解】
阴性空白对照的目的是排除提取VB12的溶剂本身对实验的影响，因此需要保留液体培养基(c)、测试菌液，用提取VB12的溶液代替待测样品液，故选①②⑤。不接种测试菌的对照，可通过OD值变化判断培养体系是否被杂菌污染，排除杂菌对结果的干扰。
【小问4详解】
该方法依靠最终菌体生物量反映初始VB12浓度，VB12是测试菌生长的限制因子，只有当菌体生长达到稳定期，菌体浓度不再改变，OD 值才能稳定，OD值才与VB12浓度形成稳定对应关系，保证计算结果准确。
20.【答案】（1）神经-体液
（2）②（3）①. 抑制性 ②. 激活W神经元后，W释放抑制性神经递质，抑制J神经元的兴奋性，使J神经元分泌的促进GH分泌的物质减少，最终导致垂体GH分泌量下降
（4）①. 负 ②. ⑦③②⑥⑧
【解析】
【小问1详解】
W神经元属于下丘脑神经细胞，通过释放神经递质调节J神经元的活动（属于神经调节环节）；J神经元的内分泌产物通过体液运输作用于垂体，调节GH分泌（属于体液调节环节），因此W神经元对GH分泌的调节方式为神经-体液调节。
【小问2详解】
睡眠状态下的GH浓度和觉醒状态下的GH浓度差值（即b-a和d-c），代表睡眠对GH分泌的促进作用的大小，若激活J神经元提高了睡眠对GH分泌的促进作用，说明激活J后睡眠状态对GH的升高幅度大于未激活状态时睡眠状态对GH的升高幅度，即d-c>b-a，因此选②。
【小问3详解】
激活W神经元后GH分泌量下降，而J神经元的作用是促进GH分泌，说明W神经元抑制J神经元的活动，因此W神经元释放的是抑制性神经递质；调节过程为：W神经元释放抑制性神经递质，使J神经元兴奋性降低，J分泌的促进GH分泌的物质减少，最终导致垂体GH分泌量下降。
【小问4详解】
据图C可知，对比注射CSF，同样是注射一定量的GH，相对于低表达组，对照组睡眠时间缩短，觉醒时间变长，由于睡眠会促进GH分泌，睡眠时间缩短说明GH分泌减少，所以该调控的结果是GH含量升高后，最终会使GH含量降低，因此属于负反馈调节。结合实验结果（对照组注射GH后觉醒时长百分比升高、睡眠降低，说明GH通过K神经元促进觉醒），调控通路为：较高水平的GH（⑦）→GH结合GHR使K神经元兴奋（③）→K神经元兴奋使小鼠进入觉醒状态（②）→觉醒状态下J神经元兴奋性下降、D神经元兴奋（⑥）→D分泌物质抑制GH分泌，最终使GH维持在较低水平（⑧），排序为⑦③②⑥⑧。
21.【答案】（1）有氧 （2）(S)aaBB或(S)AAbb
（3）②（4）①. (S)AABB ②. (S)AaBB:(S)aaBB=1:1
（5）③④
【解析】
【小问1详解】
线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所，H+泄漏会破坏线粒体内膜的质子梯度，妨碍有氧呼吸。
【小问2详解】
由♀Ⅰ(S)aabb×♂Ⅳ，F2可育:不育=9:7（9:3:3:1的变式），可知育性由两对核基因控制，只有同时含两个显性基因才能恢复可育，且Ⅳ为纯合可育，基因型为AABB。又因为♀Ⅱ×♂Ⅳ，F2可育:不育=3:1，说明F1只有一对核基因杂合，因此初步推测Ⅱ为纯合不育（细胞质为S），基因型为(S)aaBB或(S)AAbb。
【小问3详解】
由图甲可知：有A基因的不育纯合植株Ⅲ的基因型为(S)AAbb，U基因的完整mRNA(2.0kb)被切割为1.4kb和0.6kb两段，说明A在U基因转录后（产生mRNA后）、翻译前（被切割后的mRNA无法翻译出完整U蛋白）发挥作用，因此选②。
【小问4详解】
根据上述推导，据图甲可知，Ⅳ含有U基因的mRNA，且为纯合可育，所以其基因型为(S)AABB。据图甲可知Ⅱ不含A，所以Ⅱ的基因型为(S)aaBB，Ⅵ是♀Ⅱ×♂Ⅳ的F1，基因型为(S)AaBB，作为母本产生卵细胞的核基因型为AB:aB=1:1，细胞质均为S；根据题干“Ⅴ不能恢复与Ⅱ（S）aaBB的后代育性（说明Ⅴ不含核基因AA），能恢复与Ⅲ（据图可知其基因型为（S）AAbb）的后代育性（说明Ⅴ含有核基因BB）”，故可知Ⅴ为纯合(N)aaBB，产生的精子核基因型全为aB，后代细胞质全部来自母本，因此后代基因型及比例为(S)AaBB:(S)aaBB=1:1。
【小问5详解】
①由图甲可知：Ⅱ（含B）的U基因mRNA和无B的Ⅰ一样完整，说明B没有完全清除U的mRNA，①错误；
②由图乙可知：Ⅱ（含B）仍能检测到U蛋白，说明B没有完全清除U蛋白，②错误；
③④U蛋白的作用是形成跨膜通道导致泄漏，在有A基因的前提下，B不清除mRNA和蛋白，但可恢复育性，说明B可以封闭一定量的U蛋白通道，或一定程度上修补内膜渗漏造成的损伤，③④正确。
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