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娄底市2023年下学期高三质量检测
物理参考答案
一、单选选择题(本大题共6小题，每小题4分，共24分。每小题只有一个
选项符合题目要求)
题 号 1 2 3 4 5 6
答 案 B D B A C B
1.B 【解析】t 时刻甲车的速度大于乙车的速度，选项A错误；0～t 时间
1 1
内的某时刻甲车的x－t图的斜率等于乙车x－t图的斜率，两车速度相同，距离
最大，选项B正确；根据v－t图线与横轴围成的面积表示位移的大小可得，0～
t 时间内丁车的位移大于丙车的位移，丁车的平均速度大于丙车的平均速度，选
2
项CD错误。
2．D 【解析】M点电场强度为0，A点的电荷带正电，选项A错误；设所
带电量为q′，根据k＝k，解得q′＝4q，选项B错误；无穷远处电势为0，则P点
电势为正，选项C错误；撤去B处的点电荷，M点的电场强度大小为k，选项D
正确。
3．B 【解析】cd棒受力平衡，根据左手定则，cd棒中的电流方向从c到
d，a端接电源的负极，选项A错误；B和I相互垂直，故金属棒受到的安培力为
BIL，选项B正确；如图所示，根据三力平衡BIL＝mgtan θ，m＝，选项CD错误
4．A 【解析】根据万有引力提供向心力，有G＝m，v＝，解得地球的质
量为M＝，选项A正确；轨道半径越大线速度越小，而对接前飞船运动到比空间
站更低的轨道，此时飞船的线速度大于空间站的线速度，当飞船运动到空间站后
方适当位置时，加速后飞船做离心运动，有可能与空间站对接，故B错误；对接
后组合体由于太空中阻力的作用，若不加以调整，轨道会慢慢降低，故C错误；
在空间站中，其任何物体所受万有引力都全部用来提供向心力，都处于完全失重
状态，因此小球释放后不会下落，无法据此计算轨道处的重力加速度，故D错误。
5．C 【解析】小物块放到传送带上时，μmg＝ma，a＝2 m/s2，和传送带共
速前运动的时间t ＝＝1 s，运动的位移x ＝t ＝1 m，小物块接下来在传送带上匀
1 1 1
速运动t ＝＝1.5 s，物块在传送带上运动的总时间为t＝t ＋t ＝2.5 s，选项AB错
2 1 2
误；设半圆周的半径为R，在半圆周的最高点mg＝m，从最低点到最高点mv＝
mv2＋mg·2R，解得R＝0.08 m，v＝ m/s，选项C正确、D错误。
6．B 【解析】碰撞过程中环与板组成的系统内力远大于外力，系统动量守
恒，机械能有损失，选项A错误；mgh＝mv2，mv＝(m＋M)v′，解得v′＝，系统
损失的机械能为ΔE＝mv2－(m＋M)v′2＝mgh，选项B正确；圆环和圆板在向下运
动的过程中，开始阶段重力之和大于弹簧的弹力，圆环和圆板还在加速，选项C
错误；碰撞后瞬间，系统加速度为a＝，对圆板F ＝Ma＝，选项D错误。
N
二、多项选择题(本大题共4小题，每小题5分，共20分。每小题给出的4
个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，
有选错的得0分)
题 号 7 8 9 10
答 案 BC BC BD AC
学科网（北京）股份有限公司7.BC 【解析】根据两个时刻的振动图，A质点的振动形式经过t＝T传到B
质点，其中n＝0，1，2，3…，故λ＝s，λ＝ m，当n＝0时，λ ＝12 m，当n＝1
1
时，λ＝2.4 m，该机械波的最大传播速度为v＝＝0.6 m/s，选项A错误、BC正确
2
由于机械波的波长可以很短，故该波遇到10 m的孔，不一定能发生明显的衍射，
选项D错误。
8．BC 【解析】光源S到OB的最短传播距离为d＝Lsin θ，传播速度v＝，
解得v＝c，选项A错误；根据v＝可得n＝1.25，选项B正确；根据sin C＝可得
C＝53°，选项C正确；根据对称性OB上的发光长度为x＝2Lcos θ＝L，选项D
错误。
9．BD 【解析】将滑动变阻器R 的滑动头向左移动，R 上的电压增大，电
1 2
容器上的电压增大，电压表的示数增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，
电场力做正功，电势能减小，选项A错误；将滑动变阻器R 的滑动头向左移动，
1
当变阻器的电阻R ＝R ＋r＝2r时，变阻器上消耗的功率最大，选项B正确；将
1 2
两极板的正对面积减小，电容器的电容减小，根据 Q＝CU，电容器上的电量减
小，电流计中有向上的电流，选项C错误；断开开关S，将电容器上极板向上平
2
移一小段距离，电容器上电量不变，电场强度不变，根据U＝Ed，则Q的电势不
变，带电油滴Q的电势能不变，选项D正确。
10．AC 【解析】设加速电压为U，粒子质量为m，则有Uq＝mv2，qE ＝
0
m，E ＝，解得U＝，选项A正确；离子进入磁场的速度v＝，根据qvB＝m，r
0
＝，r＝d，解得m＝，选项B错误；若离子的质量变为0.9m，分析可知，离子在
磁场中运动的半径减小，会打在Q点左侧，选项C正确；若粒子源和加速器整体
向右平移一小段距离，离子进入电场中不同的点，qE ＝m，因Er ＝ER，故离
1 1 1 0
子仍能做匀速圆周运动，选项D错误。
三、非选择题(本题共5小题，共56分)
11．(7分)(1)是(1分) (2)(2分) (3) (2分) (2分)
【解析】(1)两图中从上到下，第一段与第二段的相等时间的位移之比均为
1∶3，可知O点是最高点。
(2)小球在上升过程中根据Δx＝aT2可得6d＝aT2，解得a＝
1 1
(3)根据中间时刻的瞬时速度等于整段的平均速度，小球下落过程通过 A的
速度大小为v ′＝＝，
A
O点的速度为零，上升过程从A到O，有2a×4d＝v，解得v ＝
1 A
12．(9分)(1)500(1分) (2)负(1分) 2.50(1分) 100(2分) (3)2500(2分)
5.00(或5)(2分)
【解析】(1)电流表满偏时I＝，当I＝1.5 mA＝I＝，解得R ＝500 Ω。
g g x
(2)红表笔接电源内部的负极，因此红表笔连接的是二极管的负极，该读数为
2.50 mA，根据I＝2.50 mA＝，解得R ＝100 Ω。
x
(3)设电压表的内阻为r，则有I＝0.50 mA＝，解得r＝2500 Ω，电压表上所加
电压U＝Ir＝1.25 V，电压表的量程U＝×40＝5.00 V。
g
13．(10分)【解析】(1)返回舱匀速时，有kv＝mg(2分)
2
主伞打开瞬间，利用牛顿第二定律kv－mg＝ma(2分)
1
解得a＝70 m/s2(2分)
(2)设从主伞打开到返回舱离地1 m的过程中系统克服阻力做功为W，下落高
f
度约为h＝8000 m
利用动能定理mgh－W＝mv－mv(2分)
f
学科网（北京）股份有限公司解得W＝2.5×108 J(2分)
f
14．(14分)【解析】(1)设A和C碰后的速度为v，根据动能定理－μ(m ＋
A
m )gs＝0－(m ＋m )v2(2分)
C A C
解得v＝2 m/s(2分)
(2)设弹簧恢复原长时，A、B的速度大小分别为v 、v
A B
A和C作用的过程，有m v ＝(m ＋m )v(1分)
A A A C
A和B作用的过程，有m v ＋m (－v )＝0(1分)
A A B B
弹簧的弹性势能E＝m v＋m v(2分)
p A B
解得E＝12 J(1分)
p
(2)根据E＝kx2，解得x＝0.3 m(1分)
p
在A和B相互作用的过程中，每时每刻都有m v ＝m v
A A B B
故m s ＝m s (2分)
A A B B
又因s ＋s ＝x(1分)
A B
解得s ＝0.2 m(1分)
A
15．(16分)【解析】(1)离子在电场中加速，有qU＝mv2(2分)
解得v＝(2分)
(2)离子进入磁场区域Ⅱ时，速度与磁场方向垂直，做匀速圆周运动，离开时
速度偏转了 37°， 即转过的圆弧所对的圆心角为 37°，由几何关系得：d＝Rsin
37°(1分)
qvB＝m(1分)
解得d＝(1分)
(3)离子在磁场中等螺距前进：离子进入磁场区Ⅲ时，速度与磁场夹角为
37°，则离子在 x 轴方向做匀速直线运动，在 yOz 平面做匀速圆周运动：v ＝
x
vcos 37°(1分)
v＝vsin 37°(1分)
z
x方向匀速vt＝d′(1分)
x
在yOz平面qvB＝m(1分)
z
T＝(1分)
解得t＝6.25T(1分)
即离子转了6.25圈打在接收屏上
y轴上距离O′的距离y＝R ＝(1分)
1
z轴上距离O′的距离z＝R(1－cos 37°)＋R ＝(1分)
1
离子在接收屏上距 O′点的距离s＝＝(1分)
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